您现在的位置: 天添资源网 >> 学科试题 >> 物理试题 >> 九年级 >> 正文 搜索:

2017届上海杨浦区中考物理一模试卷(带解析)

作者:佚名 试题来源:网络 点击数:

2017届上海杨浦区中考物理一模试卷(带解析)

本资料为WORD文档,请点击下载地址下载
文 章来
源天添 资源
网 w w w.tT z
y W.CoM

杨浦区2016学年度第一学期期末质量调研
初三物理练习卷

(满分100分,时间90分钟)
考生注意:
1.本试卷含五个大题。
2.答题时,考生务必按答题要求在答题纸规定的位置上作答,在草稿纸、本试卷上答题一律无效。
一、选择题(共20分)
1.下列单位中,属于密度单位的是
A 帕斯卡   B 牛/千克     C  千克/米3    D 牛
   2.运载庞大器件的大型平板车有几十个轮胎,轮胎个数多是为了
A减小压强    B 减小压力        C减小重力      D增大压力
3.对于某一确定的导体,影响该导体电流大小的物理量是
A 通电时间   B 电荷量        C 电压          D  质量
4.在图1所示的实例中,利用连通器原理工作的是

 


A用管子吸饮料     B注射器          C离心式水泵     D 茶壶

5.下列家用电器中,正常工作时电流最接近0.5安的是
A  电饭煲        B  电视机          C电熨斗         D空调器
6.电动自行车两刹车手柄中各有一只开关S1和S2,在行驶过程中用任一只手柄刹车时,该手柄上的开关立即断开,电动自行车停止工作,以下电路符合要求的是

 


        A                   B                   C                   D


7.向一个轻质塑料瓶中装入密度为ρA的液体后密闭,把它分别放在盛有密度为ρ甲、ρ乙两种液体的容器中,两容器内液面刚好相平,且瓶底和瓶口均相平。若塑料瓶在甲、乙两种液体中所受浮力分别为F甲、F乙,甲、乙两种液体对容器底部的压强分别为p甲和p乙,如图2所示,下列判断正确的是
A   p甲<p乙,F甲=F乙
B  p甲<p乙,ρ乙<ρA
C  p甲>p乙,ρ乙<ρA
D  p甲=p乙,F甲=F乙
8. 将电阻R1和R2并联后接在电源两端,若R1、R2的电阻分别为5欧和15欧,如图3所示,则闭合电键S,电流表A与A1的的示数之比为
   A  3 :1         B  1 :4           C  4 :1 D  4 :3

 

 


9.如图4所示,底面积不同的圆柱形容器分别盛有甲、乙两种液体,液体的质量相等,若从容器内分别抽出部分液体甲和乙,使甲对容器底部的压强大于乙对容器底部的压强。若甲、乙剩余部分的体积分别为V甲、V乙,则
A  V甲可能等于V乙                         B  V甲一定大于V乙
C  V甲可能小于V乙               D  V甲一定小于V乙
10. 如图5所示的电路中,电源电压保持不变。闭合电键S后,现将R1和滑动变阻器R2的位置互换,并向右移动滑动变阻器的滑片,则以下说法正确的是
A电压表示数变大,电流表示数变小  B电压表示数变小,电流表示数变小
C电压表示数不变,电流表示数变小  D断开电键S,两个电表示数都变小

二、填空题(共26分)
11.家用电饭煲和电视机正常工作时的电压都为 (1)    伏,两者之间是(2) (选填“并联”或“串联”)连接的,当电饭煲不工作时,电视机 (3) (选填“能”或“不能”)继续工作。
12.1644年意大利科学家(4)首先用实验测定了大气压的值,但当时大多数人都不相信,直到1654年,著名的(5)实验,才使人们确信大气压强的存在并且很大。如果某地某时的大气压为1.01×105帕,则面积为10米2墙面上受到的大气压力为(6)牛。


13.某导体两端的电压为6伏时,通过它的电流为0.3安,该导体的电阻为(7)欧,10秒内通过该导体横截面的电荷量为(8)库。当10秒内通过该导体横截面的电荷量为6库时,该导体的电阻为(9)欧。
14.我国自主研发的“蛟龙号”深海潜水器曾潜到海面下7062米的深度。如图6,当它下潜到上表面距海面10米静止时,海水对潜水器上表面产生的压强约为(10)帕(海水密度近似等于淡水密度)。当潜水器继续下降时,海水对潜水器上表面产生的压强将(11),潜水器受到的浮力将(12)(选填“变大”、“不变”或“变小”)。

 

 

15.图7为某同学设计的高速公路收费站计重秤的原理图。该原理图中,R2为____(13)_____。若车重表是由电流表改装而成,现将它串联在图中位置,则当车越重时,车重表的示数将__(14)__,若车重表是电压表改装而成的,现将它与R1并联,则当车越重时,车重表的示数将_(15)_(选填“越大”、“不变”或“越小”)。
16.如图8所示,边长分别为a、b的实心均匀正方体甲、乙分别放在水平地面上,它们对地面的压强均为p,若正方体甲、乙边长之比为a:b=1:2,则两正方体对地面的压力之比F甲: F乙=(16)。现分别沿竖直方向切去相同厚度后,则甲、乙剩余部分对地面压强之比p'甲:p'乙=     (17)   。

 

 

17. 如图9(a)、(b)所示,将同一长方体木块以两种方式放在底面积相同的两个圆柱形盛水容器中,则水对木块底部产生的压强pa (18)pb,水对木块底部产生的压力Fa(19)Fb,木块放入前后,水对容器底部压强的变化量Δpa(20)Δpb(均选填“大于”、“等于”或“小于”)。
18. 图10所示的电路中,电源电压保持不变。已知灯L、电阻R出现了故障,闭合电键S后
①若发现灯L发光,则三个电表中电表示数一定等于零的是__(21)___表。
②若有一个电表的示数没有发生变化,则故障可能是___(22)_(写出所有可能故障)。
19. 物理学中把具有流动性的液体和气体统称为流体,当流体处于流动状态时,其内部各处的压强有什么规律呢?
小李同学将图11(a)所示的玻璃管装置接到水流稳定的自来水管上,当水在玻璃管中流动时,可看到两个竖直管中液面的高度并不相同。从图中可以看出A、B两处管的粗细不同,因而A处流速小,B处流速大。可见流体的压强与流速之间有着一定的关系。
接着,小明又自制了一个飞机机翼模型,如图11(b)将其固定在托盘测力计上,在模型的正前方用电扇迎面吹风来模拟飞机飞行时的气流。

 

 

①由图(a)的实验现象,得出流体压强与流速之间的初步结论是___(23)__;
②在图(b)所示的实验中,电扇没有吹风时,托盘测力计示数等于机翼模型的重力大小。当电扇转动后,发现托盘测力计的示数减小了,请用上述实验结论分析原因(24)
③下列情形中,能够运用上述实验结论进行解释的是__(25)___(选填序号)。
A 将氢气球放手后,它会飘向空中。  B地铁站台上,人必须在警戒线外候车。
C船舶航行时应避免两艘靠近的船并排前进。
二、作图题(共7分)
20. 如图12所示,重为8牛的小球浮在水面上,用力的图示法画出该球所受的浮力F浮。

 

 

21. 在图13所示电路的〇里填上适当的电表符号,使之成为正确的电路。
22. 如图14所示,请用笔画线代替导线正确连接电路,要求:灯L1和灯L2并联,电流表测量通过灯L1的电流。
四、计算题(共26分)
23. 漂浮在水面上的冰块浸入水中的体积为5×10-3米3,求冰块受到的浮力F浮。
24. 在图15所示的电路中,电源电压为12伏且不变,电阻R2为20欧。
①求:电流表A2的示数I2。
②闭合电键S时,电流表A1的示数变化了0.4安,求:此时电流表A1的示数I和电阻R1。


25. 如图16(a)所示的电路中,电源电压为16伏保持不变,定值电阻R1=5欧,滑动变阻器R2上标有“100Ω2A”字样。闭合电键S,电流表的示数为1安,所用电表如图16(b)所示。求:
①电压表V1的示数U1;
②此时R2的电阻值;
③在保证电路中各元件不损坏的情况下,求连入电路R2的取值范围。


26. 如图17所示,均匀实心正方体甲、乙放在水平地面上,甲的底面积为4×10-2米2,质量为16千克,乙的体积为1×10-3米3。求:
①甲对地面的压强p;
②若将乙叠放在甲的上方中央,乙对甲的压强为p1,若将甲叠放在乙的上方中央,甲对乙的压强为p2,已知p2=4p1。求乙的密度。
③当甲、乙分别平放在水平地面上时,若分别沿水平方向切去相同的体积V,则求甲、乙对地面压强变化量△p甲与△p乙的比值。

五、实验题(共21分)
27.如图18所示是本学期物理活动卡中的几个实验装置。

 

 


图(a)中,为了研究压力的作用效果与哪些因素有关,某同学把铅笔压在大拇指和食指之间,感觉食指比大拇指痛,说明:(1)。
图(b)中,两支恰好能套在一起的试管,在较大的试管中注入约1/3的水,将较小的试管插入大试管中,然后迅速把它们一起倒过来。会观察到:小试管会(2)。
装置(c)可以用来验证(3)。装置(d)可以用来探究(4)的规律。
28.如图19所示的仪器,实验时应将它与被测量的用电器(5)联;使用中要使电流从(6)接线柱流出,在测量通过小灯泡的电流时,应选用的量程是(7)。

 

 

29.在“探究物质质量与体积的关系”实验中,若某次测量时,天平上的砝码和游码的示数如图20(a)所示,则物块的质量为(8)克;若将该物块放入盛有20厘米3水的量筒中后,水面位置如图20(b)所示,则该物块的体积为(9)厘米3;实验中,对于某种物质的质量和体积的测量,应该测量(10)数据(选填“一组”或“多组”);为了使结论具有普遍性,应该选择(11)物质的物块再进行实验(选填“一种”或“多种”)。
30.小明在做“用电流表、电压表测电阻”的实验,实验器材齐全且完好,电源电压不高于6伏。他正确连接实验器材,实验步骤正确,闭合电键后,观察到电压表恰好满刻度。经过思考后,为了精确读数,他断开电键,适当调整电路,闭合电键后,在移动变阻器滑片P的过程中,观察到电压表示数的最大值为1.5伏,电流表示数的变化范围为0.30安~0.44安。当变阻器滑片P移到a点时,观察到电压表、电流表示数如图21所示。

 

 

 

①如图22所示,小明调整后的电路中有两根导线尚未连接,请用笔画线代替导线补上。
②实验中的电源电压为____(12)____伏,滑动变阻器的最大电阻值为___(13)___欧。
③经计算可知,a点在滑动变阻器中点位置的__(14)_侧(选填“左”或“右”)。
④通过实验测得电阻平均值为___(15)___欧。
(②、③、④题写出计算过程,电阻平均值精确到0.1欧)
31.在学习了液体压强知识后,某小组同学对如图23所示实验产生了兴趣,他们想继续探究实验中使薄片恰好下落时管内水的深度H水与什么有关。他们在液体槽中装入甲液体,在两端开口、粗细均匀的玻璃管的下端贴一个比管口稍大的塑料薄片,并将玻璃管竖直插入液体槽中,然后顺着管壁从上端开口处向管内缓缓注水,直至观察到薄片恰好脱离管口下落。记录玻璃管的管口面积S、槽中液体密度ρ和玻璃管插入液体的深度h,管中水的深度H水。接着改变深度h、槽中液体的种类和玻璃管的粗细,重复实验,所有数据均记录在下表。(薄片的重力、玻璃管的厚度忽略不计)
实验序号 槽中液体密度
ρ(×103千克/米3) 深度
h(米) 管口面积
S(×10-4米2) 水的深度
H水(米)
1 0.8 0.1 5 0.08
2  0.2 5 0.16
3  0.3 5 0.24
4  0.3 10 0.24
5 1.0 0.06 5 0.06
6  0.1 5 0.10
7  0.16 5 0.16
8  0.2 5 0.20
9 1.2 0.05 3 0.06
10  0.1 3 0.12
11  0.2 3 0.24
12  0.2 8 0.24
①分析比较实验序号___(16)_____的数据及相关条件初步得出:玻璃管竖直插入同种液体中,使薄片恰好下落时管内水的深度H水与管口面积S无关。
②分析比较实验序号1、2与3(或5、6、7与8或9、10与11)的数据及相关条件可初步得出:玻璃管竖直插入同种液体中,(17)。
③分析比较实验序号1、6与10(或2、8与11)的数据及相关条件可初步得出:当玻璃管竖直插入不同种液体中,(18)。
④进一步综合分析表中数据,可初步得出:玻璃管竖直插入液体中,当
(19)时,薄片恰好下落时管内水的深度H水相同。

 


杨浦区2016学年度第一学期初三
期末考试物理试卷
 答案及评分标准

题  号 答案及评分标准
一、20分
(每题2分) 1.C。   2.A。   3.C。   4.D 。   5.B。   6.A。   7.A。     8.D。   9. B。   10. C。  
二、26分
(第22格2分,其余每格1分)
 11.220;并联;能。 
12.托里拆利;马德堡半球;1.01106。 
13.20;3;20。
14.9.8×104;变大;不变。
15.滑动变阻器;越大;越大。      
16.1∶4;1∶1。
17.小于;等于;等于。
18.V1;R断路、R短路、R断路同时L短路。
19.(1)流体密度相同时,流速越大,流体压强越小。
(2)机翼上方空气流速快,压强小,机翼下方空气流速慢,压强大,产生向上的压力差,所以测力计示数减小。
(3)B、C
三.7分
(20、21每题2分,22题3分) 20.大小和方向正确1分;作用点正确1分。
21.电表填入正确2分
22.连线正确3分
四.
(26分) 23.
(4分)                                    

F浮=ρ水V排g                                         2 分
=1.0×103kg/m3×5×10-3米3×9.8N/kg                 1 分
  =49N                                         1分

      
 24.
(6分) ①I2= U/R2=12V/20Ω=0.6A                             2分                                    ② I1= 0.4A         
I=I1+I2=0.6A+0.4A=1A                               2分
R1= U/I1=12V/0.4A=30Ω                            2分                                 

 25
(8分) ① U1=IR1=1A×5Ω=5V                             2分
② R= U/I=16V/1A=16Ω
R2= R-R1=16Ω-5Ω=11Ω                             2分
③ 当I=2A时,
     R= U/I=16V/2A=8Ω
    R2= R-R1=8Ω-5Ω=3Ω                                2分
    当U2=15V时,
R2/R1= U2/U1=15V/1V=15/1
R2=15R1=15×5Ω=75Ω                               2分
 ∴ 3Ω≤R2≤75Ω

 26.
(8分) ① p甲=F甲/S甲=G甲/S甲=16kg9.8N/kg/4102m2=3920pa  2分
②       p2=4p1
           G甲/S乙=4G乙/S乙
           G甲=4G乙
           m甲g=4ρ乙gV乙       
ρ乙=m甲/4V乙                                                2分
         =16kg/4103 m3=4103 kg/m3                      1分
③  ρ甲=m甲/V甲=16kg/8×10-3m3
=2×103kg/m3                     
ρ甲/ρ乙=1/2    S甲/ S乙=4/1
△p甲/△p乙=ρ甲S乙/ρ乙S甲                                     2分
=1/8                                  1分

 说明:在计算中,有关单位错写、漏写,总扣1分;不连续扣分。
五.
(21分) 27.
(4分) 压力大小相同时,受力面积越小,压力的作用效果越显著;
上升;阿基米德原理;液体内部压强。
 28.
(3分) 串;负;0~0.6A

 29.(3分) 21.4;10;多组;多种

 30.(6分)  ①正确即得2分。
②4.5;5。  ③右   ④10.2
计算过程:
②U=U1+U2=3伏+1.5伏=4.5伏;
  R滑= U滑/I滑=1.5V/0.3A=5Ω
③R滑= U滑/I滑=1.2V/0.32A=3.75Ω
因为3.75Ω大于2.5Ω,所以在中点的右侧。
④第一次Rx= Ux/Ix=3V/0.3A=10.0Ω;
  第二次 Rx= Ux/Ix=(4.5V-1.2V)/0.32A=10.3Ω
第三次 Rx= Ux/Ix=4.5V/0.44A=10.2Ω
Rx平均值=(10.0Ω+10.3Ω+10.2Ω)/3=10.2Ω


 31.(5分) ①3与4、11与12
②使薄片恰好下落时管内水的深度H水与薄片在槽中的深度h成正比。
③薄片在槽中的深度h相同时,使薄片恰好下落时管内水的深度H水与液体密度ρ成正比。
④槽中液体密度ρ与薄片在槽中深度h的乘积相同时。

 
一、选择题(共20分)
1.下列单位中,属于密度单位的是
A 帕斯卡   B 牛/千克     C  千克/米3    D 牛
   【答案】
A
【解析】
解:运载庞大笨重的器件时,需用具有几十个轮胎的大型平板车,轮胎个数多,是在压力一定时,增大受力面积来减小对地面的压强.
故选A.
(1)增大压强的方法:在受力面积一定时,增大压力;在压力一定时,减小受力面积.
(2)减小压强的方法:在受力面积一定时,减小压力;在压力一定时,增大受力面积.
这是一道与生活联系非常密切的物理题,在我们日常生活中经常需要根据实际情况来增大或减小压强,要学会学以致用,活学活用,这才是学习物理的真正意义.
2.运载庞大器件的大型平板车有几十个轮胎,轮胎个数多是为了
A减小压强    B 减小压力        C减小重力      D增大压力
【答案】
A
【解析】
解:运载庞大笨重的器件时,需用具有几十个轮胎的大型平板车,轮胎个数多,是在压力一定时,增大受力面积来减小对地面的压强.
故选A.
(1)增大压强的方法:在受力面积一定时,增大压力;在压力一定时,减小受力面积.
(2)减小压强的方法:在受力面积一定时,减小压力;在压力一定时,增大受力面积.
这是一道与生活联系非常密切的物理题,在我们日常生活中经常需要根据实际情况来增大或减小压强,要学会学以致用,活学活用,这才是学习物理的真正意义.
3.对于某一确定的导体,影响该导体电流大小的物理量是
A 通电时间   B 电荷量        C 电压          D  质量
【答案】
C
【解析】
解:
(1)由欧姆定律可知,对于某一导体,通过导体的电流与导体两端的电压成正比,所以对于某一确定的导体,通过导体电流大小决定于导体两端的电压,故C正确;
(2)导体电阻和电压决定了通过导体的电流大小,即在一定时间内通过导体横截面的电荷量的多少,电流的大小与质量无关,故ABD错误.
故选C.
对于某一导体,电阻一定,通过导体的电流与导体两端的电压成正比,据此分析选择.
本题考查了电流定义式I= 和欧姆定律公式I= 的理解与掌握,注意区分.
4.在图1所示的实例中,利用连通器原理工作的是

 


A用管子吸饮料     B注射器          C离心式水泵     D 茶壶

【答案】
D
【解析】
解:A、用管子吸饮料是利用了大气压的作用,不符合连通器的特点,不合题意;
B、注射器吸药液时是利用了大气压的作用,不符合连通器的特点,不合题意;
C、离心式水泵在工作时是利用了大气压的作用,不符合连通器的特点,不合题意;
D、茶壶的壶身和壶嘴符合上端开口底部互相连通的容器这一特点,利用了连通器的原理来工作,符合题意.
故选D.
几个上端开口底部互相连通的容器,注入同一种液体,在液体不流动时连通器内各容器的液面总是保持在同一水平面上,这就是连通器的原理.
本题考查连通器的原理,关键知道连通器是上端开口,底部相连的,液面静止时保持相平.
5.下列家用电器中,正常工作时电流最接近0.5安的是
A  电饭煲        B  电视机          C电熨斗         D空调器
【答案】
D
【解析】
解:(1)电饭煲、空调、电熨斗的电功率约为1000W左右,电流约为I= = ≈4.5A,故A、B、C错误;
(2)正常工作时,电视机的功率约为110W,电流约为I= = =0.5A,故D正确;
故选D.
家用电器的额定电压都是220V,根据我们对用电器电功率的了解和电功率的公式P=UI,分别算出这四个用电器的电流,就可以选出正确的答案.
对于每个用电器的电流大小是多少,我们是有些陌生,不过我们可以借助我们比较熟悉的电功率来进行分析.
6.电动自行车两刹车手柄中各有一只开关S1和S2,在行驶过程中用任一只手柄刹车时,该手柄上的开关立即断开,电动自行车停止工作,以下电路符合要求的是

 


        A                   B                   C                   D

【答案】
A
【解析】
解:由题意可知,开关S1和S2串联接在电路中,共同控制电动机的工作,故A符合题意,BCD不符合题意.
故选A.
任一只手柄刹车时,该手柄上的开关立即断开、电动机停止工作说明两开关相互影响、不能独立工作即为串联.
本题的关键点“任一只手柄刹车时,开关立即断开、电动机停止工作”,从而判断出两个开关的连接方式是串联.

7.向一个轻质塑料瓶中装入密度为ρA的液体后密闭,把它分别放在盛有密度为ρ甲、ρ乙两种液体的容器中,两容器内液面刚好相平,且瓶底和瓶口均相平。若塑料瓶在甲、乙两种液体中所受浮力分别为F甲、F乙,甲、乙两种液体对容器底部的压强分别为p甲和p乙,如图2所示,下列判断正确的是
A   p甲<p乙,F甲=F乙
B  p甲<p乙,ρ乙<ρA
C  p甲>p乙,ρ乙<ρA
D  p甲=p乙,F甲=F乙
【答案】
AB
【解析】
解:(1)塑料瓶漂浮,
F甲=F乙=G,
(2)甲图塑料瓶漂浮,F浮甲=G排甲=G,
即:F浮甲=ρ甲V排甲g=ρAV液g
V排甲>V液,
ρ甲<ρA;
乙图塑料瓶漂浮,F浮乙=G排乙=G,
即:F浮乙=ρ乙V排乙g=ρAV液g,
V排乙<V液,
ρ乙>ρA;
ρ乙>ρ甲,
(3)已知两容器内液面刚好相平,即h相同,
由(2)可知ρ乙>ρ甲,
根据p=ρgh可得,甲、乙两种液体对容器底部的压强分别为p甲<p乙,
综上分析,AB正确.
故选AB.
(1)甲、乙图中,同一物体都漂浮,由漂浮条件可知物体所受浮力F甲、F乙的关系;
(2)在甲图中,液体A装入塑料瓶内放入甲液体中,下沉一些,可知甲液体的密度比A的密度小;在乙图中,液体A装入塑料瓶内放入乙液体中,上浮一些,可知乙液体的密度比A的密度大.然后可知二者的密度关系.
本题考查了漂浮条件和浮力大小的计算,理解:同样的浮力,液体密度大的,排开液体的体积小是关键.
8. 将电阻R1和R2并联后接在电源两端,若R1、R2的电阻分别为5欧和15欧,如图3所示,则闭合电键S,电流表A与A1的的示数之比为
   A  3 :1         B  1 :4           C  4 :1 D  4 :3

 

 


【答案】
D
【解析】
解:由电路图可知,两电阻并联,电流表A测干路电流,电流表A1测R1支路的电流,
因并联电路中各支路两端的电压相等,
所以,通过两电阻的电流之比:
 = = = = ,
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和,
所以,两电流表的示数之比:
 = = = .
故选D.
由电路图可知,两电阻并联,电流表A测干路电流,电流表A1测R1支路的电流,根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过两电阻的电流之比,根据并联电路的电流特点求出两电流表的示数之比.
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用,计算过程要注意各量之间的关系,不要颠倒.
9.如图4所示,底面积不同的圆柱形容器分别盛有甲、乙两种液体,液体的质量相等,若从容器内分别抽出部分液体甲和乙,使甲对容器底部的压强大于乙对容器底部的压强。若甲、乙剩余部分的体积分别为V甲、V乙,则
A  V甲可能等于V乙                         B  V甲一定大于V乙
C  V甲可能小于V乙               D  V甲一定小于V乙
【答案】
B
【解析】
解:由于底面积不同的圆柱形容器分别盛有甲、乙两种液体时,液体对各自容器底部的质量相等,即m甲0=m乙0,
则:ρ甲gS甲h甲=ρ乙gV乙h乙,
由图可知:S甲>S乙,h甲>h乙,则ρ甲<ρ乙;
由压强公式p= = 可知:所以,p甲0<p乙0.
在两容器中分别抽出部分的液体,则
两容器中液体对各自容器底部的压强为:
△p甲=ρ甲g△h甲,△p乙=ρ乙g△h乙,
由因为,△p甲>△p乙,由ρ甲<ρ乙,
可得剩余液体的深度,△h甲>△h乙,
则甲、乙剩余部分的体积分别为V甲>V乙.
故选B.
由图知,液体对各自容器底部的压强相等和所盛液体的深度关系,根据压强公式p=ρgh可得甲、乙两种液体的密度关系;在两容器中分别抽出部分液体甲和乙,使甲对容器底部的压强大于乙对容器底部的压强,根据剩余液体对各自容器底部的压强变化,根据△p=ρg△h比较甲、乙剩余部分的压强的大小关系,从而得到剩余部分的体积的关系.
本题考查了学生学生对压强公式、密度公式的掌握和运用,要求熟练掌握.
10. 如图5所示的电路中,电源电压保持不变。闭合电键S后,现将R1和滑动变阻器R2的位置互换,并向右移动滑动变阻器的滑片,则以下说法正确的是
A电压表示数变大,电流表示数变小  B电压表示数变小,电流表示数变小
C电压表示数不变,电流表示数变小  D断开电键S,两个电表示数都变小
【答案】
C
【解析】
解:由图可知,该电路为并联电路,将R1和滑动变阻器R2的位置互换,电压表测量电源电压,保持不变,电流表测量干路电流,滑片向右移动,电阻变大,电流减小,由并联电路电流规律可知,电流表的示数减小;故AB错误,故C正确;
断开开关S,电压表示数不变,电流表示数减小,故D错误.
故选:C.
先判定电路的连接形式,根据电阻的变化和欧姆定律判定电流表、电压表示数的变化.
本题考查了电路的动态分析,涉及到滑动变阻器和欧姆定律的应用,要注意电压表不测带电源用电器两端的电压.

二、填空题(共26分)
11.家用电饭煲和电视机正常工作时的电压都为 (1)    伏,两者之间是(2) (选填“并联”或“串联”)连接的,当电饭煲不工作时,电视机 (3) (选填“能”或“不能”)继续工作。
【答案】
220;并联;能
【解析】
解:家用电饭煲和电视机正常工作电压是220V.
家用电饭煲和电视机是并联的,并联的用电器之间互不影响,电饭锅不工作,电视机也能继续工作.
故答案为:220;并联;能.
我国家用电器的额定电压是220V,各家用电器之间并联,能保证各用电器正常工作,也不相互影响.
识记我国家庭电路的电压,家用电器的连接方法.
12.1644年意大利科学家(4)首先用实验测定了大气压的值,但当时大多数人都不相信,直到1654年,著名的(5)实验,才使人们确信大气压强的存在并且很大。如果某地某时的大气压为1.01×105帕,则面积为10米2墙面上受到的大气压力为(6)牛。
【答案】
托里拆利;马德堡半球;1.01×106
【解析】
解:1644年意大利科学家托利拆利首次测定了大气压的值,后过用他的名字命名了这一著名的实验,1654年,马德堡半球实验有力地证明了大气压强的存在;
面积为10m2墙面上受到的大气压力为:F=pS=1.01×105Pa×10m2=1.01×106N.
故答案为:托里拆利;马德堡半球;1.01×106.
托里拆利实验是首次测出大气压强值的著名实验;马德堡半球实验是首次有力证明大气压强存在的著名实验.根据公式F=pS计算压力.
托里拆利实验和马德堡半球实验都是大气压研究史上的著名实验,值得我们记住.同时,对影响托里拆利实验结果的因素,我们应该有一个明确的认识.


13.某导体两端的电压为6伏时,通过它的电流为0.3安,该导体的电阻为(7)欧,10秒内通过该导体横截面的电荷量为(8)库。当10秒内通过该导体横截面的电荷量为6库时,该导体的电阻为(9)欧。
【答案】
20;3;20
【解析】
解:导体的电阻为R= = =20Ω;
10s内通过导体的电荷为Q=It=0.3A×10s=3C;
因为导体电阻与两端的电压无关,
所以10秒内通过该导体横截面的电荷量为6库时,电阻仍为20Ω.
故答案是:20;3;20.
电阻是导体本身的特性与导体两端的电压,通过的电流无关,但可以通过欧姆定律求出其大小;根据Q=It求出10秒内通过该导体横截面的电荷量.
本题考查了电阻、电荷量,关键是公式的灵活应用和知道电阻与导体两端的电压,通过的电流无关,属于基础题,难度不大.
14.我国自主研发的“蛟龙号”深海潜水器曾潜到海面下7062米的深度。如图6,当它下潜到上表面距海面10米静止时,海水对潜水器上表面产生的压强约为(10)帕(海水密度近似等于淡水密度)。当潜水器继续下降时,海水对潜水器上表面产生的压强将(11),潜水器受到的浮力将(12)(选填“变大”、“不变”或“变小”)。

 

 

【答案】
9.8×104;变大;不变
【解析】
解:(1)1000m深度受到海水的压强为:
p=ρ海水gh=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×10m=9.8×104Pa;
(2)潜水器在水面下不断下潜的过程中,水的密度ρ不变,
因为p=ρgh,潜水器所处的深度h变大,
所以,潜水器受到的水的压强变大,因此受水的压力也变大;
因为F浮=ρV排g,排开水的体积不变,
所以,潜水器受到的浮力不变.
故答案为:9.8×104;变大;不变.
(1)根据公式p=ρgh求出海水的压强;
(2)潜水器在水面下不断下潜的过程中,排开水的体积不变、所处深度变大,但水的密度不变,利用液体压强公式p=ρ液gh和阿基米德原理的推导公式F浮=ρ液V排g分析判断.
本题考查了学生对阿基米德原理、液体压强公式的掌握和运用,得出排开水体积的变化和深度变化是突破口.
15.图7为某同学设计的高速公路收费站计重秤的原理图。该原理图中,R2为____(13)_____。若车重表是由电流表改装而成,现将它串联在图中位置,则当车越重时,车重表的示数将__(14)__,若车重表是电压表改装而成的,现将它与R1并联,则当车越重时,车重表的示数将_(15)_(选填“越大”、“不变”或“越小”)。

【答案】
滑动变阻器;越大;越大
【解析】
解:由电路图可知,R1为定值电阻,具有保护电路的作用,R2为滑动变阻器;
当车越重时,滑动变阻器接入电路的电阻越小,电路总电阻越小,根据I= 可知,
电源电压一定时,电路总电阻越小,电路中电流越大,车重表的示数越大.
若车重表是电压表改装而成的,现将它与R1并联,
当车越重时,滑动变阻器接入电路的电阻越小,电路总电阻越小,
根据I= 可知,电源电压一定时,电路总电阻越小,电路中电流越大,
根据U=IR可知,电阻R1两端的电压越大,即车重表的示数越大.
故答案为:滑动变阻器;越大;越大.
车重表的电路有电源、电阻、车重表(电流表)和变阻器组成,当车开上计重秤时,滑动变阻器滑片向下滑动,电阻变化,引起电流变化,车重表示数发生变化.
本题考查了学生对滑动变阻器的变阻原理、欧姆定律的掌握和运用,分析电路图,确认电路的连接方式是突破口.
16.如图8所示,边长分别为a、b的实心均匀正方体甲、乙分别放在水平地面上,它们对地面的压强均为p,若正方体甲、乙边长之比为a:b=1:2,则两正方体对地面的压力之比F甲: F乙=(16)。现分别沿竖直方向切去相同厚度后,则甲、乙剩余部分对地面压强之比p'甲:p'乙=     (17)   。

 

 

【答案】
1:4;1:1
【解析】
解:(1)由 = 可得:
 = = ,
因为甲、乙分别放在水平地面上,
由p= 可得,
 = = = =1:4;
(2)因为p= = = = = =ρgh,
所以沿竖直方向切去相同厚度后,则甲、乙剩余部分对地面压强之比, = = = .
故答案为:1:4; 1:1.
(1)由正方体边长比可得其面积比,结合密度比可得质量比,然后可知重力之比,水平面上物体的压力和自身的重力相等,由此可知其对水平地面的压力之比;
(2)根据p= = = = = =ρgh得出二者的压强关系
本题考查了压强公式的灵活运用,要注意p= 适用与一切求压强的计算,p=ρgh适用与均匀、规则物体(如正方体、长方体、圆柱体)和液体压强的计算.
17. 如图9(a)、(b)所示,将同一长方体木块以两种方式放在底面积相同的两个圆柱形盛水容器中,则水对木块底部产生的压强pa (18)pb,水对木块底部产生的压力Fa(19)Fb,木块放入前后,水对容器底部压强的变化量Δpa(20)Δpb(均选填“大于”、“等于”或“小于”)。
【答案】
小于;等于;等于
【解析】
解:(1)液体产生的压强与液体密度和物体所处深度有关,由于(b)图中木块所处深度大于(a)图中木块所处深度,根据p=ρ水gh可知,木块底部所受水的压强pa小于pb;
(2)由图可知,木块在两图中都处于漂浮状态,上表面受到水的压力为0,则F浮=G,同一木块重力相等,则浮力相等,所以,木块底部所受水的压力Fa=Fb;
(3)由(2)知,木块在两图中受到的浮力相等,
根据F浮=ρ水gV排可知,排开水的体积相等,
所以,水面上升的高度相等,
根据p=ρ水gh可知,木块放入前后,水对容器底部压强的变化量△pa=△pb.
故答案为:小于;等于;等于.
(1)根据液体压强公式p=ρ水gh判断木块底部所受水的压强关系;
(2)从浮力产生的原因入手,浸在液体中的物体,受到液体对它竖直向上的浮力,而浮力大小等于物体上、下表面受到的压力差;另外,漂浮在液面的物体,其浮力等于重力.
(3)由(2)知木块在两图中受到的浮力关系,根据F浮=ρ水gV排判断其排开水的体积关系,进而得出水面上升的高度,再利用p=ρ水gh判断水对容器底部压强的变化量.
该题考查压强的大小比较,涉及到物体漂浮条件、压强公式及其应用、浮力产生的原因、阿基米德原理,是一道综合性很强的题目,利用浮力产生的原因来解答此题可以大大简化思路,使问题变得更简单.
18. 图10所示的电路中,电源电压保持不变。已知灯L、电阻R出现了故障,闭合电键S后
①若发现灯L发光,则三个电表中电表示数一定等于零的是__(21)___表。
②若有一个电表的示数没有发生变化,则故障可能是___(22)_(写出所有可能故障)。
【答案】
V1;灯泡L断路了或电阻R短路
【解析】
解:由图知,灯L和电阻R串联,电压表V1测R两端的电压,V2测总电压,电流表测电路中的电流.
①若发现灯L发光,说明电路是通路,则故障是电阻R短路,由于电压表V1测R两端的电压,则示数一定等于零的是电压表V1.
②V2测量电源电压,若有一个电表的示数没有发生变化,应该是V2,则V1和电流表无示数,故障可能是灯泡L断路了或电阻R短路.
故答案为:V1;灯泡L断路了或电阻R短路.
首先分析电路的连接方式.灯L和电阻R串联,电压表V1测R两端的电压,V2测总电压,电流表测电路中的电流.然后根据现象进行分析.
此题考查了有关电流表和电压表在判断电路故障中的应用,首先要理解断路和短路的含义,并结合电路图及电表的示数情况进行分析.解决此题的关键是分析电路的连接方式及电表所测的电路.
19. 物理学中把具有流动性的液体和气体统称为流体,当流体处于流动状态时,其内部各处的压强有什么规律呢?
小李同学将图11(a)所示的玻璃管装置接到水流稳定的自来水管上,当水在玻璃管中流动时,可看到两个竖直管中液面的高度并不相同。从图中可以看出A、B两处管的粗细不同,因而A处流速小,B处流速大。可见流体的压强与流速之间有着一定的关系。
接着,小明又自制了一个飞机机翼模型,如图11(b)将其固定在托盘测力计上,在模型的正前方用电扇迎面吹风来模拟飞机飞行时的气流。

 

 

①由图(a)的实验现象,得出流体压强与流速之间的初步结论是___(23)__;
②在图(b)所示的实验中,电扇没有吹风时,托盘测力计示数等于机翼模型的重力大小。当电扇转动后,发现托盘测力计的示数减小了,请用上述实验结论分析原因(24)
③下列情形中,能够运用上述实验结论进行解释的是__(25)___(选填序号)。
A 将氢气球放手后,它会飘向空中。  B地铁站台上,人必须在警戒线外候车。
C船舶航行时应避免两艘靠近的船并排前进。
【答案】
流速越大的位置压强越小;电扇转动后,气流会流经飞机机翼模型,机翼模型上方凸空气通过的路程长,流速大,向下的压强小;机翼模型下方凹空气通过的路程短,流速小,向上的压强大,从而形成了一个向上的压强差,是托盘测力计的示数减小;BC
【解析】
解:①图中,A管比较粗,B管较细,在流量一定时,管子越细,水的流速就越大,A管上方液柱高说明压强大,由此可见流速越大的位置压强越小.
②电扇转动后,气流会流经飞机机翼模型,机翼模型上方凸空气通过的路程长,流速大,向下的压强小;机翼模型下方凹空气通过的路程短,流速小,向上的压强大,从而形成了一个向上的压强差,是托盘测力计的示数减小.
③A、氢气球升空是受到浮力.与流体压强无关.故A错误.
B、地铁站台上,人必须在警戒线外候车,是为了防止火车速度快,造成周围空气流速加快,压强减小,在大气压的做一下,容易把人压入车底.故B正确;
大风吹过,未插住插销的窗户向外推开,是因为室外空气流速加快,压强减小,室内气压大于室外造成的,故B正确;
C、两船并排快速前行,可导致中间水流速变大,压强变小.水压着船向中间靠近,造成事故.所以船舶航行时应避免两艘靠近的船并排前进.故C正确.
故答案为:①流速越大的位置压强越小;
②电扇转动后,气流会流经飞机机翼模型,机翼模型上方凸空气通过的路程长,流速大,向下的压强小;机翼模型下方凹空气通过的路程短,流速小,向上的压强大,从而形成了一个向上的压强差,是托盘测力计的示数减小;③BC.
在流体中,流速越大的位置压强越小,流速越小的位置压强越大.解答此题就要根据这个原理来回答.分析流体的流速如何变化从而得出压强的变化,或根据压强的变化来分析流速的变化.
此题考查的是流体压强与流速关系在生活中的应用,容易出错的是有些同学不能分析出流体流速的变化情况,这是因为对生活常识的了解太少所致.
二、作图题(共7分)
20. 如图12所示,重为8牛的小球浮在水面上,用力的图示法画出该球所受的浮力F浮。

 

 

【答案】
解:如图所示,物体所受浮力为8N,方向竖直向上.
 
【解析】

明确力的三要素,再确定一个标度,并用这个标度去准确表示出力的大小.
力的图示必须要确立一个标度,这样才能准确表示力的大小.
21. 在图13所示电路的〇里填上适当的电表符号,使之成为正确的电路。

 

【答案】
解:由电路图可知,要使两灯泡都能正常工作,则两灯泡应该并联,则左边的圈应为电流表,中间的圈应为电压表,如图所示.
 
【解析】

电流表要串联接入电路,电压表要并联接入电路.
这类题目能综合考查学生的电路识别能力,电流表、电压表的连接方式,及分析、推理能力.
22. 如图14所示,请用笔画线代替导线正确连接电路,要求:灯L1和灯L2并联,电流表测量通过灯L1的电流。
【答案】
 解:根据实物电路连接要求,本题的开关应是干路开关,灯L1和灯L2并联,电流表与L1串联.如图:
【解析】

根据要求灯L1和灯L2并联,电流表测通过L1中的电流,电流表与L1串联,按要求连接电路即可.
会根据要求设计串并联电路,会正确使用电流表.
四、计算题(共26分)
23. 漂浮在水面上的冰块浸入水中的体积为5×10-3米3,求冰块受到的浮力F浮。
【答案】
解:冰块受到的浮力:
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×5×10-3m3=49N.
答:冰块受到的浮力为49N.
【解析】

冰块浸入水中的体积即为排开水的体积,根据阿基米德原理求出冰块受到的浮力.
本题考查了阿基米德原理的应用,是一道基础题目.
24. 在图15所示的电路中,电源电压为12伏且不变,电阻R2为20欧。
①求:电流表A2的示数I2。
②闭合电键S时,电流表A1的示数变化了0.4安,求:此时电流表A1的示数I和电阻R1。
【答案】
解:由电路图可知,R1与R2并联,电流表A1位于干路,电流表A2位于R2支路,开关S位于R1支路.
①因并联电路中各支路独立工作、互不影响,
所以,通过R2的电流不变,
则电流表A2的示数:
I2= = =0.6A;
②因并联电路中干路电流等于各支路电流之和,
所以,电流表A1示数的变化量即为通过R1的电流I1=0.4A,
此时电流表A1的示数:
I=I1+I2=0.4A+0.6A=1A,
因并联电路中各支路两端的电压相等,
所以,电阻R1的阻值:
R1= = =30Ω.
答:①电流表A2的示数为0.6A;
②闭合电键S时,电流表A1的示数为1A,电阻R1的阻值为30Ω.
【解析】

由电路图可知,R1与R2并联,电流表A1位于干路,电流表A2位于R2支路,开关S位于R1支路.
①由并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R2的电流不变,根据欧姆定律求出通过R2的电流;
②根据并联电路的电流特点可知电流表A1示数的变化即为通过R1的电流,进一步求出此时电流表A1的示数,根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电阻R1的阻值.
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用,知道电流表A1示数的变化量即为通过R1的电流是关键.


25. 如图16(a)所示的电路中,电源电压为16伏保持不变,定值电阻R1=5欧,滑动变阻器R2上标有“100Ω2A”字样。闭合电键S,电流表的示数为1安,所用电表如图16(b)所示。求:
①电压表V1的示数U1;
②此时R2的电阻值;
③在保证电路中各元件不损坏的情况下,求连入电路R2的取值范围。

【答案】
解:由电路图可知,定值电阻R1和滑动变阻器R2串联,电流表测电路中的电流I=1A,
电压表V1测电阻R1两端的电压,电压表V2测滑动变阻器R2两端的电压;
①由I= 得,定值电阻R1两端的电压:
U1=IR1=1A×5Ω=5V,
②根据串联电路电压规律可知,滑动变阻器两端的电压:
U2=U-U1=16V-5V=11V,
由I= 得,此时R2的电阻值:
R2= = =11Ω,
③由①②可知,电流表选择的量程为0~3A,
电压表V1、V2选择的量程为0~15V,
由于滑动变阻器允许通过的最大电流为2A,
在保证电路中各元件不损坏的情况下,
所以电路中的电流最大电流I最大=2A,
此时滑动变阻器R2连入电路的电阻最小,
由I= 得,定值电阻R1两端的电压:
U1′=I最大R1=2A×5Ω=10V,
据串联电路电压规律可知,滑动变阻器两端的电压:
U2′=U-U1=16V-10V=6V,
由I= 得,此时滑动变阻器R2连入电路的最小阻值:
R最小= = =3Ω,
随着滑动变阻器连入电路的电阻增大,电路中的电流减小,
定值电阻R1两端的电压减小,滑动变阻器R2两端的电压增大,
当滑动变阻器两端的电压U2″=15V时,此时滑动变阻器R2连入电路的电阻最大,
据串联电路电压规律可知,定值电阻R1两端的电压:
U1″=U-U2″=16V-15V=1V,
电路中的最小电流:
I最小= = =0.2A,
由I= 得,此时滑动变阻器R2连入电路的最大阻值:
R最大= = =75Ω,
综上所述,连入电路R2的取值范围:3Ω≤R2≤75Ω.
答:①电压表V1的示数U1为5V;
②此时R2的电阻值为11Ω;
③连入电路R2的取值范围为3Ω≤R2≤75Ω.
【解析】

①根据欧姆定律的变形公式求出电压表V1的示数U1;
②先根据串联电路电压规律求出滑动变阻器两端的电压,再根据欧姆定律的变形公式求出此时R2的电阻值;
③根据①②可判断电表选择的量程,结合滑动变阻器允许通过的最大电流,得出电路中的最大电流和滑动变阻器两端的最大电压,
最后利用串联电路电压规律和欧姆定律求出滑动变阻器连入电路的最小阻值和最大阻值,从而得R2的取值范围.
此题考查了欧姆定律公式的应用,会分析电路连接方式,熟练应用相关规律即可正确解题,有关第③问中求滑动变阻器的阻值范围是此题的难点,关键是确定电压表或电流表的最大值.

26. 如图17所示,均匀实心正方体甲、乙放在水平地面上,甲的底面积为4×10-2米2,质量为16千克,乙的体积为1×10-3米3。求:
①甲对地面的压强p;
②若将乙叠放在甲的上方中央,乙对甲的压强为p1,若将甲叠放在乙的上方中央,甲对乙的压强为p2,已知p2=4p1。求乙的密度。
③当甲、乙分别平放在水平地面上时,若分别沿水平方向切去相同的体积V,则求甲、乙对地面压强变化量△p甲与△p乙的比值。
【答案】
解:①甲对水平面的压力等于重力:F=G=mg=16kg×10N/kg=160N;
甲对地面的压强p= = =4000Pa;
②若将甲叠放在乙的上方中央,甲对乙的压强为p2=F= = =16000Pa;将乙叠放在甲的上方中央,乙对甲的压强为p1= ×16000Pa=4000Pa;
则乙对甲的压力即乙的重力为:G=F'=p1S'=4000Pa×0.01m2=40N,
乙的密度为:ρ乙= = =4×103kg/m3;
③甲的密度为:ρ甲= = =2×103kg/m3;
当甲、乙分别平放在水平地面上时,若分别沿水平方向切去相同的体积V,则甲对地面压强变化量△P甲= ;
乙对地面压强变化量△p乙= ,则:
△p甲:△p乙= : = × = × =1:4.
答:①甲对地面的压强为4000Pa;②求乙的密度为4×103kg/m3;③甲、乙对地面压强变化量△P甲与△p乙的比值为1:4.
【解析】

(1)根据公式p= 计算压强;
(2)根据公式p= 计算出p2的数值;从而求出p1,根据F=pS求出压力,即乙的重力;然后根据ρ= 求出乙的密度;
(3)求出剩余的重力,根据p= 求解.
本题考查了压强大小的比值计算,关键能够确定对应的压力和受力面积.

五、实验题(共21分)
27.如图18所示是本学期物理活动卡中的几个实验装置。

 

 


图(a)中,为了研究压力的作用效果与哪些因素有关,某同学把铅笔压在大拇指和食指之间,感觉食指比大拇指痛,说明:(1)。
图(b)中,两支恰好能套在一起的试管,在较大的试管中注入约1/3的水,将较小的试管插入大试管中,然后迅速把它们一起倒过来。会观察到:小试管会(2)。
装置(c)可以用来验证(3)。装置(d)可以用来探究(4)的规律。
【答案】
压力相等时,受力面积越小,压力作用效果越显著;向上运动;阿基米德原理;液体内部压强
【解析】
解:
(1)因为力的作用是相互的,所以大拇指和食指受到的压力大小相等;
由图知,食指比大拇指痛受力面积小,感觉食指比大拇指痛,说明:压力相等时,受力面积越小,压力作用效果越显著;
(2)大试管中注水并插入小试管后,水填充了小试管和大试管底部之间的部分,迅速倒过来,水会在自身重力的作用下,从两个试管壁之间的空隙流动,从而在小试管底部形成一部分真空区域,在大气压的作用下,小试管会向上运动;
由称重法知,c图中两次弹簧测力计示数之差的大小等于物体受到的浮力,即F浮=F1-F2,
由两次量筒中读数差大小等于物体排开液体体积的大小,即V排=V2-V1,由此可得物体排开液体的重力G排=ρ液gV排,
再比较F浮和G排的大小可验证阿基米德原理;
d图中的装置是液体压强计,可用来探究液体内部压强的规律.
故答案为:(1)压力相等时,受力面积越小,压力作用效果越显著;(2)向上运动;阿基米德原理;液体内部压强的规律.
(1)力的作用是相互的,相互作用力大小相等;压力的作用效果是通过手指的疼痛程度来反应的;
(2)在较大试管中注水并插入小试管后,小试管和大试管的底部之间被水填充;迅速倒过来后,水受自身重力影响会改变运动状态,然后再来判断小试管是怎么进行运动的;
阿基米德原理的内容是:浸在液体中的物体受到向上的浮力,浮力的大小等于物体排开液体的重力;
液体压强计是通过两管中液面的高度差反应金属盒受到液体压强的大小.
本题考查了对压力作用效果、阿基米德原理探究实验以及液体压强计的认识和理解.熟练掌握这些基础知识是关键.
28.如图19所示的仪器,实验时应将它与被测量的用电器(5)联;使用中要使电流从(6)接线柱流出,在测量通过小灯泡的电流时,应选用的量程是(7)。

 

 

【答案】
串;负;0~0.6A
【解析】
解:图中所示仪器中标有“A”,所以是电流表,实验中,应将电流表与被测量的用电器串联;并且要使电流从正接线柱流入,负接线柱流出;
小灯泡的电流较小,通常在0.6A以下,所以在测量通过小灯泡的电流时,应选用的量程是0~0.6A.
故答案为:串;负;0~0.6A.
电流表在使用时应与用电器串联,并使电流正进负出.同时还要根据所测电流选择合适的量程.
本题考查了电流表的认识、连接与使用要求,属电学的基本仪器,是我们应该重点掌握的.
29.在“探究物质质量与体积的关系”实验中,若某次测量时,天平上的砝码和游码的示数如图20(a)所示,则物块的质量为(8)克;若将该物块放入盛有20厘米3水的量筒中后,水面位置如图20(b)所示,则该物块的体积为(9)厘米3;实验中,对于某种物质的质量和体积的测量,应该测量(10)数据(选填“一组”或“多组”);为了使结论具有普遍性,应该选择(11)物质的物块再进行实验(选填“一种”或“多种”)。
【答案】
21.4;10;多组;多种
【解析】
解:
(1)由图a知,物块的质量m=20g+1.4g=21.4g;
(2)量筒内原来水的体积为40cm3,从图中读出浸入物块后总体积为30ml=30cm3,物块的体积:
V=30cm3-20cm3=10cm3;
(3)为了得到物体质量与体积的关系,要进行多次测量,具体做法:应测量多组数据.为了得到可靠的结论,还要选择多种物质的物块进行实验.
故答案为:21.4;10;多组;多种.
(1)测量时,物体放在左盘中,砝码放在右盘中;天平平衡时物体的质量等于右盘中砝码的质量与游码在标尺上所对的刻度值;
(2)物体的体积等于量筒中排开的水的体积,即放入物体后的体积减去原来水的体积;
(3)为了得到普遍规律,本实验要进行多次测量,包括用同种物质的质量不同的物块实验、换用不同的物质重复实验.
本题为探究物质质量与体积的关系的实验,考查了天平、量筒的使用与读数,同时考查了多次实验的目的,属于对基本实验能力的考查.
30.小明在做“用电流表、电压表测电阻”的实验,实验器材齐全且完好,电源电压不高于6伏。他正确连接实验器材,实验步骤正确,闭合电键后,观察到电压表恰好满刻度。经过思考后,为了精确读数,他断开电键,适当调整电路,闭合电键后,在移动变阻器滑片P的过程中,观察到电压表示数的最大值为1.5伏,电流表示数的变化范围为0.30安~0.44安。当变阻器滑片P移到a点时,观察到电压表、电流表示数如图21所示。

 

 

 

①如图22所示,小明调整后的电路中有两根导线尚未连接,请用笔画线代替导线补上。
②实验中的电源电压为____(12)____伏,滑动变阻器的最大电阻值为___(13)___欧。
③经计算可知,a点在滑动变阻器中点位置的__(14)_侧(选填“左”或“右”)。
④通过实验测得电阻平均值为___(15)___欧。
(②、③、④题写出计算过程,电阻平均值精确到0.1欧)
【答案】
4.5;5;右;10.2
【解析】
解:①在第1次实验操作中,他正确连接实验器材,说明滑动变阻器连入电路中的电阻最大,且电压表并联在待测电阻的两端,实验步骤正确,闭合电键后,观察到电压表恰好满刻度,因电源电压不高于6伏.所以此时电压表选用的是0-3V的量程,即待测电阻的电压为3V;
在第2次实验操作中,他断开电键,适当调整电路,闭合电键后,在移动变阻器滑片P的过程中,观察到电压表示数的最大值为1.5伏,由第1次实验操作知,此时电压表一定没有接在定值电阻的两端,也不可能接在电源的两端,只能并联在变阻器的两端,实物图的连接如下图所示:
 
②因此时变阻器的电压最大U滑1=1.5V,根据分压原理,变阻器的全部电阻连入了电路中,
对比第1次实验操作,因电源电压保持不变,
此时定值电阻的电压为3V,根据串联电路电压的规律,
电源电压U=3V+1.5V=4.5V;此时因电路的总电阻最大,
根据欧姆定律,所以对应的电流最小,
I1=0.3A,变阻器的最大阻值R滑= = =5Ω; 
③当变阻器滑片P移到a点时,观察到电压表、电流表示数如图所示,
因电表均选用小量程,电压表分度值为0.1V,示数为U滑2=1.2V;
电流表分度值为0.02A,示数为I2=0.32A,
根据串联电压的电压规律,待测电阻的电压U2=4.5V-1.2V=3.3V,
根据欧姆定律,待测电阻R2= =10.3Ω…Ⅰ;
根据欧姆定律,电路的总电阻R总= ≈14.1Ω,
由串联电阻的规律,变阻器连入电路中的电阻大小约为R′滑=14.1Ω-10.3Ω=3.8Ω,
因变阻器的最大阻值为5Ω,故a点在滑动变阻器中点位置的右侧;
④在②中,待测电阻的电压为U1=3V,通过的电流I1=0.3A,
根据欧姆定律,待测电阻的大小R1= =10.0Ω…Ⅱ;
根据电流表示数的变化范围为0.30安一0.44安,
可知当变阻器连入电路中的电阻为0时,电流表示数最大为为I3=0.44A,
此时待测电阻的电压为电源电压U3=U=4.5V,待测电阻R3= = =10.2Ω…Ⅲ,
由Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ式,测得电阻平均值为R待测= = ≈10.2Ω.
故答案为:①实物图如上图所示;
②4.5;5;
③10.2.
①根据“正确连接实验器材,实验步骤正确”中隐含的条件,确定电压表的量程及电压表的示数;
他断开电键,适当调整电路,在移动变阻器滑片P的过程中,由电压表示数的最值,判断电压表连接的位置,据此连接实物图;
②对比上面两次操作,由串联电路电压的规律可求出电源电压;结合题中电路中的最小电流,根据欧姆定律可求出变阻器的最大阻值;
③根据电压表选用的量程和电路中电流的变化范围,确定图1中两电表的读数,根据串联电路电压的规律和欧姆定律,求出待测电阻的大小;再求出电路的总电阻,由电阻的串联规律,得到此时变阻器连入电路的阻值大小,确定滑片的位置;
④根据欧姆定律,求出“他断开电键,适当调整电路,闭合电键后,在移动变阻器滑片P的过程中,观察到电压表示数的最大值为1.5伏,电流表示数的变化范围为0.30安一0.44安”过程中,待测电阻的大小;
根据欧姆定律求出当变阻器连入电路中的电阻最大时,待测电阻的大小;
将三次测量的电阻平均值作为测量结果.
本题用电流表、电压表测电阻,考查欧姆定律、串联电路规律的灵活运用及分类讨论、演绎推理能力及数据的处理能力,综合性强,难度大,对能力要求高,为压轴题.
31.在学习了液体压强知识后,某小组同学对如图23所示实验产生了兴趣,他们想继续探究实验中使薄片恰好下落时管内水的深度H水与什么有关。他们在液体槽中装入甲液体,在两端开口、粗细均匀的玻璃管的下端贴一个比管口稍大的塑料薄片,并将玻璃管竖直插入液体槽中,然后顺着管壁从上端开口处向管内缓缓注水,直至观察到薄片恰好脱离管口下落。记录玻璃管的管口面积S、槽中液体密度ρ和玻璃管插入液体的深度h,管中水的深度H水。接着改变深度h、槽中液体的种类和玻璃管的粗细,重复实验,所有数据均记录在下表。(薄片的重力、玻璃管的厚度忽略不计)
实验序号 槽中液体密度
ρ(×103千克/米3) 深度
h(米) 管口面积
S(×10-4米2) 水的深度
H水(米)
1 0.8 0.1 5 0.08
2  0.2 5 0.16
3  0.3 5 0.24
4  0.3 10 0.24
5 1.0 0.06 5 0.06
6  0.1 5 0.10
7  0.16 5 0.16
8  0.2 5 0.20
9 1.2 0.05 3 0.06
10  0.1 3 0.12
11  0.2 3 0.24
12  0.2 8 0.24
①分析比较实验序号___(16)_____的数据及相关条件初步得出:玻璃管竖直插入同种液体中,使薄片恰好下落时管内水的深度H水与管口面积S无关。
②分析比较实验序号1、2与3(或5、6、7与8或9、10与11)的数据及相关条件可初步得出:玻璃管竖直插入同种液体中,(17)。
③分析比较实验序号1、6与10(或2、8与11)的数据及相关条件可初步得出:当玻璃管竖直插入不同种液体中,(18)。
④进一步综合分析表中数据,可初步得出:玻璃管竖直插入液体中,当
(19)时,薄片恰好下落时管内水的深度H水相同。
【答案】
3、4(或11、12);槽内液体密度一定,使薄片恰好下落时,管中水的深度H水与玻璃管插入液体的深度h成正比;玻璃管插入液体的深度h相同,使薄片恰好下落时,管中水的深度H水与槽中液体密度ρ成正比;槽中液体密度ρ和玻璃管插入液体的深度h一定
【解析】
解:(1)探究在同一种液体中,薄片恰好下落时管内水的深度与管口面积S的关系,要控制槽中液体密度ρ和玻璃管插入液体的深度h不变,只改变玻璃管的管口面积S,故应选择实验序号3、4(或11、12);
(2)由实验序号1、2与3(或5、6、7与8或9、10与11)的数据可知:玻璃管竖直插入同种液体中,槽内液体密度一定,使薄片恰好下落时,管中水的深度H水与玻璃管插入液体的深度h成正比;
(3)由实验序号1、6与10(或2、8与11)的数据可知:玻璃管竖直插入同种液体中,玻璃管插入液体的深度h相同,使薄片恰好下落时,管中水的深度H水与槽中液体密度ρ成正比;
(4)由表中数据可以得出:当玻璃管竖直插入液体中,当槽中液体密度ρ和玻璃管插入液体的深度h相同时,薄片恰好下落时管内水的深度相同.
故答案为:(1)3、4(或11、12);(2)槽内液体密度一定,使薄片恰好下落时,管中水的深度H水与玻璃管插入液体的深度h成正比;(3)玻璃管插入液体的深度h相同,使薄片恰好下落时,管中水的深度H水与槽中液体密度ρ成正比;(4)槽中液体密度ρ和玻璃管插入液体的深度h一定.
(1)运用控制变量法,探究玻璃管竖直插入同种液体中,使薄片恰好下落时管内水的深度与管口面积S的关系,应控制槽中液体密度ρ和玻璃管插入液体的深度h不变,改变玻璃管的管口面积S;
(2)实验序号1、2与3(或5、6、7与8或9、10与11)的数据,槽内液体密度一定,玻璃管的管口面积S相同,分析玻璃管插入液体的深度h和管中水的深度H水的关系,得出结论;
(3)分析比较实验序号1、6与10(或2、8与11)的数据,玻璃管的管口面积S和玻璃管插入液体的深度h相同,分析槽中液体密度ρ和管中水的深度H水的关系,得出结论;
(4)综合分析表中数据,得出玻璃管竖直插入液体中,薄片恰好下落时管内水的深度相同的条件.
本题考查了学生对数据处理的能力,比较难,要想做好本题目,需要对液体压强跟液体深度和密度有一个正确的理解.

 


杨浦区2016学年度第一学期初三
期末考试物理试卷
 答案及评分标准

题  号 答案及评分标准
一、20分
(每题2分) 1.C。   2.A。   3.C。   4.D 。   5.B。   6.A。   7.A。     8.D。   9. B。   10. C。  
二、26分
(第22格2分,其余每格1分)
 11.220;并联;能。 
12.托里拆利;马德堡半球;1.01106。 
13.20;3;20。
14.9.8×104;变大;不变。
15.滑动变阻器;越大;越大。      
16.1∶4;1∶1。
17.小于;等于;等于。
18.V1;R断路、R短路、R断路同时L短路。
19.(1)流体密度相同时,流速越大,流体压强越小。
(2)机翼上方空气流速快,压强小,机翼下方空气流速慢,压强大,产生向上的压力差,所以测力计示数减小。
(3)B、C
三.7分
(20、21每题2分,22题3分) 20.大小和方向正确1分;作用点正确1分。
21.电表填入正确2分
22.连线正确3分
四.
(26分) 23.
(4分)                                    

F浮=ρ水V排g                                         2 分
=1.0×103kg/m3×5×10-3米3×9.8N/kg                 1 分
  =49N                                         1分

      
 24.
(6分) ①I2= U/R2=12V/20Ω=0.6A                             2分                                    ② I1= 0.4A         
I=I1+I2=0.6A+0.4A=1A                               2分
R1= U/I1=12V/0.4A=30Ω                            2分                                 

 25
(8分) ① U1=IR1=1A×5Ω=5V                             2分
② R= U/I=16V/1A=16Ω
R2= R-R1=16Ω-5Ω=11Ω                             2分
③ 当I=2A时,
     R= U/I=16V/2A=8Ω
    R2= R-R1=8Ω-5Ω=3Ω                                2分
    当U2=15V时,
R2/R1= U2/U1=15V/1V=15/1
R2=15R1=15×5Ω=75Ω                               2分
 ∴ 3Ω≤R2≤75Ω

 26.
(8分) ① p甲=F甲/S甲=G甲/S甲=16kg9.8N/kg/4102m2=3920pa  2分
②       p2=4p1
           G甲/S乙=4G乙/S乙
           G甲=4G乙
           m甲g=4ρ乙gV乙       
ρ乙=m甲/4V乙                                                2分
         =16kg/4103 m3=4103 kg/m3                      1分
③  ρ甲=m甲/V甲=16kg/8×10-3m3
=2×103kg/m3                     
ρ甲/ρ乙=1/2    S甲/ S乙=4/1
△p甲/△p乙=ρ甲S乙/ρ乙S甲                                     2分
=1/8                                  1分

 说明:在计算中,有关单位错写、漏写,总扣1分;不连续扣分。
五.
(21分) 27.
(4分) 压力大小相同时,受力面积越小,压力的作用效果越显著;
上升;阿基米德原理;液体内部压强。
 28.
(3分) 串;负;0~0.6A

 29.(3分) 21.4;10;多组;多种

 30.(6分)  ①正确即得2分。
②4.5;5。  ③右   ④10.2
计算过程:
②U=U1+U2=3伏+1.5伏=4.5伏;
  R滑= U滑/I滑=1.5V/0.3A=5Ω
③R滑= U滑/I滑=1.2V/0.32A=3.75Ω
因为3.75Ω大于2.5Ω,所以在中点的右侧。
④第一次Rx= Ux/Ix=3V/0.3A=10.0Ω;
  第二次 Rx= Ux/Ix=(4.5V-1.2V)/0.32A=10.3Ω
第三次 Rx= Ux/Ix=4.5V/0.44A=10.2Ω
Rx平均值=(10.0Ω+10.3Ω+10.2Ω)/3=10.2Ω


 31.(5分) ①3与4、11与12
②使薄片恰好下落时管内水的深度H水与薄片在槽中的深度h成正比。
③薄片在槽中的深度h相同时,使薄片恰好下落时管内水的深度H水与液体密度ρ成正比。
④槽中液体密度ρ与薄片在槽中深度h的乘积相同时。


 

文 章来
源天添 资源
网 w w w.tT z
y W.CoM