物理部分一、选择题（共12分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在答题纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂。1.首先发现电流周围存在磁场的物理学家是（ ）A.伏特B.安培C.帕斯卡D.奥斯特【答案】D【解析】【详解】丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应，发现电流周围存在磁场。故ABC不符合题意，D符合题意。故选D。2.在图所示的实例中，增大压强的是（）A.刀刃磨得很薄B.滑雪用的滑板C.铁轨下铺枕木D.书包背带加宽【答案】A【解析】【详解】增大压强的方法有增大压力和减小受力面积．A中是减小受力面积增大压强；其余三个选项是增大受力面积减小压强．故选A．3.水结成冰后，不变的物理量是（ ）A.体积B.质量C.比热D.密度【答案】B【解析】【详解】A.B.D.质量不随物体的形状、状态、位置的变化而变化，即水结成冰后，质量不变，但体积会变大，密度会变小，故A、D错误，B正确；C.冰的比热容是水的一半，所以水结成冰后，比热容变小，故C错误；选B．4.在温度一定时，比较两根铜导线的电阻的大小，下列说法中正确的是（ ）A.长导线的电阻大B.细导线的电阻大13
C.长度相同，粗导线的电阻大D.粗细相同，长导线的电阻大【答案】D【解析】【分析】【详解】AB．导体电阻的大小由温度、材料、长度和横截面积四个方面因素共同决定。所以在比较两根导线电阻大小关系时，应采用控制变量法。由题意知选项A、B错误；C．在长度和材料相同时，导体的横截面积越小，即导线越细，电阻越大，故C选项错误；D．在横截面积和材料相同，长的铜丝电阻大，故D正确。故选D。【点睛】5.在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，变大的是（ ）A.电压表V示数B.电流表A1示数C.电压表V示数与电流表A示数的比值D.电压表V示数与电流表A1示数的比值【答案】C【解析】【详解】由图知，变阻器与电阻并联，电压表测电源电压，电流表A测干路电流，电流表测通过电阻的电流，当滑片P向右移动时，变阻器接入电路的阻值增加，根据欧姆定律知，通过变阻器的电流减小，因电阻两端的电压没有改变，故通过电阻的电流没有变化，即电流表的示数不变，根据并联电路电流的特点知，干路的电流减小，即电流表A的示数减小；因电源电压不变，故电压表V的示数不变；根据欧姆定13
律知，电压表V的示数与电流表A的示数为电路中的总阻值，总阻值变大，所以电压表V的示数与电流表A的示数比值增大；电压表V的示数与电流表的示数的比值是定值电阻R1的阻值，所以比值不变。故选C。6.如图所示，均匀实心正方体甲、乙分别置于水平地面上，它们对水平地面的压强相等，若在它们的上部沿水平方向均截去各自的一半，截去部分的质量分别为、，剩余部分对地面的压强分别为、。则（ ）A.一定小于B.一定大于C.可能大于D.可能小于【答案】B【解析】【详解】AC．正方体对地面的压强为它们对地面的压强相同，故经整理可得将若在它们的上部沿水平方向均截去各自的一半，则对地面的压强为因为故故AC错误；BD．截去部分的质量分别为13
由于，则故B正确；D错误。故选B。二、填空题（共23分）请将结果填入答题纸的相应位置。7.上海地区家庭电路的电压为________伏；电灯、电视机、电扇等用电器是________的（选填“串联”或“并联”）。每多使用一个用电器，家庭电路的总电阻将________（选填“变小”、“不变”或“变大”）。【答案】①.220②.并联③.变小【解析】【详解】[1]正常情况下，我国家庭电路中的电压为220V。[2]家庭电路中，电灯、电视机、电扇等用电器工作时互不干扰，故是并联的。[3]由并联电路的电阻规律可知，每多用一个用电器，相当于多并联一个电阻，则家庭电路的总电阻将变小。8.在图所示的实例中，应用连通器原理的是图________；应用大气压强的是图________；应用阿基米德原理的是图________。[均选填“（a）”、“（b）”、“（c）”]【答案】①.（a）②.（b）③.（c）【解析】【详解】[1]由图中可知，茶壶的结构是壶嘴和壶身上端开口，下端连通，构成一个连通器，故应用连通器原理的是图（a）。[2]由图中可知，将吸盘式挂钩压在墙上时，吸盘内的空气被排出，此时吸盘内的气压小于外界大气压，吸盘在压强差的作用下被压在墙上，故应用大气压强的是图（b）。[3]由图中可知，密度计漂浮在液体中，此时密度计所受浮力等于所受重力，即G=F浮13
又由阿基米德原理可知，物体所受浮力为F浮=ρ液gV排故可解得液体密度为由此可测出液体的密度，故应用阿基米德原理的是图（c）。9.压力是________作用在物体表面并指向物体表面的力。现有一质量为0.1千克的物体置于水平地面上，地面受到的压力大小为________牛；若将该物体置于水中，其上表面距离水面深度为0.2米，则该物体上表面受到水的压强大小为________帕。【答案】①垂直②.1③.2×103【解析】【详解】[1]垂直作用在物体表面并指向物体表面的力叫压力。[2]质量为0.1千克的物体置于水平地面上，地面受到的压力为物体的重力F=G=mg=0.1kg×10N/kg=1N[3]根据液体压强公式，物体上表面受到水的压强p=ρgh=10×103kg/m3×10N/kg×0.2m=2×103Pa10.在图所示的电路中，电流表测的是通过________的电流（选填“L支路”、“R滑支路”或“干路”），通过灯L的电流方向为________（选填“A→B”或“B→A”）；断开开关S，电流表示数将________（选填“变小”、“不变”或“变大”）。【答案】①.R滑支路②.B→A③.不变【解析】【详解】[1]由电路图可知，电路为L与R滑的并联电路，电流表测的是R滑支路的电流，通过灯泡L的电流不经过电流表。[2]在电路中，电池外部电流由正极流向负极，所以通过灯L的电流方向为B→A。[3]断开开关S，灯泡L断路，通过电流表的电流为R滑支路的电流，所以电流表示数不变。13
11.5秒内通过某导体横截面的电荷量为3库，通过它的电流为________安。该导体电阻为20欧，它两端的电压为________伏。若通过导体的电流变为0.3安，则其电阻为________欧。【答案】①.0.6②.12③.20【解析】【详解】[1]通过它的电流为[2]该导体电阻为20欧，它两端的电压为[3]电阻是导体本身的性质，其大小是否接入电路，电流的大小、电压的大小无关，故若通过导体的电流变为0.3安，其电阻仍然为20Ω。12.在下图所示的电路中，电源电压为U0保持不变，R1、R2的阻值均为R0。闭合开关S，两电表示数均不变，已知电路中仅有一处故障，且只发生在电阻R1或R2上。请根据以上信息，写出各电表的示数及其对应的故障________。【答案】电压表示数为0，电流表示数为0，电阻R1断路；电压表示数为U0，电流表示数为0，电阻R2断路【解析】【详解】由电路图可知，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，电压表测R2两端电压，闭合开关前，电路处于断开状态，故可知此时电流表的示数为0，闭合开关后，由题意可知，两电表示数不变，故可知此时电流表示数仍为0，则此时电路中存在断路，若是电阻R1断路，则闭合开关前后电压表均未接入电路，可知闭合开关前后电压表示数均为0；若是电阻R2断路，闭合开关前，电压表直接串联进电路，此时电压表相当于测量电源电压，故可知此时电压表示数为U0，因电压表内阻很大，此时电路相当于断路，故此时电流表示数为0,。闭合开关后，此时电压表仍是直接串联进电路，测量电源电压，故此时电压表示数仍为U0不变，而此时电路断路，故电流表示数仍为0。13.如图所示，某小组同学在塑料小桶中，分别装满密度已知的四种不同液体，用弹簧测力计依次测出它们的重力，记录数据如下表所示。13
液体密度（克/厘米3）0.81.01.21.4弹簧测力计示数（牛）1.41.6182.0（1）根据表中数据及相关条件可知测力计示数随液体密度的变化关系为：同一小桶装满不同液体时，________；（2）若把弹簧测力计和小桶改装为液体密度秤，则该秤的“0”刻度线与弹簧测力计上的“0”刻度线是否重合？请说明理由：________（3）若要提高该秤的称量精度，可换用以下两种规格的塑料小桶，符合要求的是________（填写序号）A.容积相同，质量更小的小桶 B.质量相同，容积更大的小桶【答案】①.弹簧测力计示数的变化量与液体密度的变化量成正比②.不重合，因小桶存在自重③.B【解析】【详解】（1）[1]由表中数据可知，液体密度每增加0.2g/cm3，弹簧测力计的示数相应增加0.2N，故可知同一小桶装满不同液体时，弹簧测力计示数的变化量与液体密度的变化量成正比。（2）[2]因小桶存在自重，当小桶中不装液体时，弹簧测力计也有示数，故可知液体密度计的“0”刻度线与弹簧测力计上的“0”刻度线不重合。（3）[3]由题意可知，该液体密度秤能测量的液体的最小密度为0，若该液体密度秤能测量的液体的最大密度越小，则该液体密度秤的测量精度越高，因该秤是由弹簧测力计改装的，弹簧测力计的最大拉力Fmax不变，由题意可知，弹簧测力计的最大拉力等于小桶的重力与能测量的密度最大液体的重力之和，即Fmax=G桶+G液max=G桶+ρ液maxV桶gA．若利用容积相同，质量更小的小桶，则小桶的重力变小，而V桶不变，则能测量的液体的最大密度变大，故A不符合题意；B．若利用质量相同，容积更大的小桶，则小桶的重力不变，而V桶变大，故可知ρ液max变小，即能测量的液体的最大密度变小，故B符合题意。故选B。13
三、作图题（共4分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图必须使用2B铅笔。14.在图中，重为2牛的小球漂浮在水面上，用力的图示法画出小球所受的浮力F浮。（）【答案】【解析】【详解】因为小球漂浮在水面上，所以重力与浮力是一对平衡力，大小相等，方向相反，作用在同一直线上，由重力的大小和方向可知，浮力的大小为2N，方向竖直向上，作用点在小球重心，设标度为1N，如下图所示：15.根据图中电源的正、负极，标出磁线方向和小磁针的N极。【答案】【解析】【详解】由图知，电源的右端为正极，则电流从电源的右端流出、左端流入，则电流从螺线管的右侧流入、左侧流出，根据安培则定可知，螺线管的左端为N极、右端为S极；在磁体外部，磁感线总是从N极发出，13
回到S极，所以图中磁感线的方向是指向右的；通电螺线管的右端为S极，根据异名磁极相互吸引可知小磁针的左端为N极、右端为S极，如图所示：四、综合题（共31分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置。16.体积为1×10-4m3的合金块浸没在水中，求合金块所受的浮力F浮的大小。【答案】1N【解析】【详解】解：由题意可知，合金块浸没在水中时，排开水的体积为V排=V=1×10-4m3故由阿基米德原理可得，合金块所受的浮力为F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/kg×1×10-4m3=1N答：合金块所受的浮力大小为1N。17.在图所示的电路中，电源电压为12伏保持不变，电阻R1的阻值为10欧。闭合开关S，电流表A的示数为1.5安。（1）求通过电阻R1的电流I1。（2）求电阻R2的阻值。（3）请利用欧姆定律及并联电路中电流、电压的规律，推导出并联电路电阻的规律。【答案】（1）1.2A；（2）40Ω；（3）【解析】【详解】（1）由电路图可知，电路为R1与R2的并联电路，根据欧姆定律通过电阻R1的电流I1（2）由电路图可知，电流表测量干路电流，根据并联电路的电流规律，通过电阻R2的电流I213
电阻R2的阻值（3）在并联电路中，干路中的电流是各支路的电流和根据欧姆定律可得在并联电路中各支路两端的电压与电源两端电压相等故有整理可得答：(1)通过电阻R1的电流I1为1.2A；(2)电阻R2的阻值为40Ω；(3)并联电路的电阻规律为。18.如图所示，重为0.4N、底面积为2×10-2m2的薄壁圆柱形容器置于水平面上，容器内盛有2kg的水，且容器足够高。（1）求容器内水的体积V水。（2）求容器对水平面的压强p。（3）现有三个物体A、B、C，其密度、体积的关系如下表所示。请选择其中一个，将其浸没在容器中后，可使水对容器底部压强增加量最小，且容器对水平面压力增加量也最小。写出选择的物体并说明理由。13
物体密度体积A32VB22VC4V【答案】（1）2×10-3m3；（2）1020Pa；（3）应选择B物体，理由见解析【解析】【详解】解：（1）由题意可知，容器内水的质量为2kg，故由可知，容器内水的体积为（2）由受力分析可知，容器对水平面的压力F等于容器与水的重力之和，即F=G容+G水=0.4N+m水g=0.4N+2kg×10N/kg=20.4N由题意可知，容器的底面积为S=2×10-2m2，故由可得，容器对水平面的压强为（3）由可知，将物体浸没在容器中后，水升高的高度越小，则水对容器底部的压强增加量越小，可知将物体浸没后，物体的体积越小，水面上升的高度越小；由受力分析可知，将物体浸没后，容器对水平地面的压力增加量等于物体的重力，故可知物体的重力越小，容器对水平地面的压力增加量越小，要使水对容器底部的压强增加量和容器对水平面的压力增加量最小，应选择体积最小和重力最小的物体，故由表中数据可知，B的体积和重力最小，故应选择B物体。答：（1）容器内水的体积为2×10-3m3；（2）容器对水平面的压强为1020Pa；（3）应选择B容器，理由见解析。19.在图所示的电路中，电源电压保持不变，电阻R1的阻值为12欧，滑动变阻器R2标有“100欧l安”字样。闭合开关S，移动滑片P至某位置时，电流表示数为0.5安。13
（1）求此时电阻R1两端的电压U1；（2）现将一个电压表正确接入电路。闭合开关S，移动滑片P，在电路安全工作的情况下，电压表示数的变化范围为6伏~15伏；（a）请指出电压表接入的位置，并说明理由；（b）求最小电流I最小。【答案】（1）6V；（2）（a）并联在滑动变阻器两端，理由见解析；（b）0.25A【解析】【详解】解：（1）此时电阻R1两端的电压U1（2）（a）闭合开关S，移动滑片P，在电路安全工作的情况下，电压表示数的变化范围为6伏~15伏，若电压表并联在定值电阻两端，根据滑动变阻器可知，电路中允许的最大电流为1A，定值电阻的阻值为12Ω，此时电压表的示数为与题意电压表示数的变化范围为6伏~15伏不符，故舍去，故电压表并联在滑动变阻器两端。（b）根据滑动变阻器可知，最大的电流为1A，电源电压一定，则此时电路中的总电阻是最小的，滑动变阻器的电阻也是最小，根据串联分压可知，此时滑动变阻器的电压也是最小，故最小电压为6V，则电源电压为根据串联分压，滑动变阻器的阻值越大，电压表的示数越大，最大示数为15V，此时的总电阻最大，则此时的电流为答：（1）电阻R1两端的电压U1为6V；（2）（a）电压表并联在滑动变阻器两端；（b）电压表最小电流I最小为。20.小明做“用电流表、电压表测电阻”的实验，现有电源（电压为2伏整数倍）、电流表、阻值为10欧的定值电阻R定，待测电阻Rx各一个以及导线若干。他先设计连接了如图（a13
）所示的电路，闭合开关，电流表示数如图（b）所示。为了测出待测电阻两端电压，他将电阻R定并联接入电路A、B、C中某两点间，开关处于某状态，电流表示数如图（c）所示。（1）请写出定值电阻R定的接入点以及开关的开闭状态________。（2）求出待测电阻Rx的阻值________。（请写出过程）（3）沿用上述方法，为了减小误差，可进行操作是：________。A换其他待测电阻继续实验B.换不同已知阻值的定值电阻继续实验C.换不同未知电压的电源继续实验【答案】①.AB，闭合②.20Ω，见解析③.BC【解析】【详解】（1）[1]用电流表和定值电阻测量待测电阻，b电流表选择小量程，分度值为0.02A，读数为0.3A，c电流表选择大量程，分度值为0.1A，读数为0.9A，电流表的示数变大，说明两电阻并联，故将定值电阻并联在待测电阻两端，此时开关闭合。（2）[2]测电阻Rx的电压为待测电阻Rx的阻值（3）[3]需要重复多次减小误差，可以换不同的定值电阻实验，也可以改变电源电压多次实验，但是多次更换待测电阻，无法求平均值，故选BC。13
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