函数的单调性与最大(小)值
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函数的单调性与最大(小)值

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时间:2022-08-08

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资料简介
第二节 函数的单调性与最大(小)值 1.增函数、减函数一般地,设函数f(x)的定义域为I,区间D⊆I,如果对于任意x1,x2∈D,且x1<x2,则都有:(1)f(x)在区间D上是增函数⇔_______________;(2)f(x)在区间D上是减函数⇔________________.f(x1)<f(x2)f(x1)>f(x2) 2.单调性、单调区间的定义若函数f(x)在区间D上是_________或________,则称函数f(x)在这一区间上具有(严格的)单调性,区间D叫做f(x)的__________.增函数减函数单调区间 3.函数的最值前提设函数f(x)的定义域为I,如果存在实数M满足条件①对于任意的x∈I,都有____________;②存在x0∈I,使得___________.①对于任意的x∈I,都有___________;②存在x0∈I,使得____________.结论M是y=f(x)的最大值M是y=f(x)的最小值f(x)≤Mf(x0)=Mf(x)≥Mf(x0)=M 1.如图2-2-1所示函数f(x)的图象,则函数f(x)的单调增区间是(-∞,0]∪(0,+∞)吗?【提示】不是,其单调增区间为(-∞,0],(0,+∞). 2.对于函数f(x),x∈D,若x1,x2∈D且(x1-x2)[f(x1)-f(x2)]>0则能否确定f(x)在D上的单调性? 1.(人教A版教材习题改编)如果二次函数f(x)=3x2+2(a-1)x+b在区间(-∞,1)上是减函数,则()A.a=-2B.a=2C.a≤-2D.a≥2【答案】C 【解析】结合函数的图象易知选D.【答案】D 3.函数f(x)=(x-3)ex的单调增区间是________.【解析】由f(x)=(x-3)ex,得f′(x)=(x-2)ex,由f′(x)>0,得x>2,故f(x)的增区间是(2,+∞).【答案】(2,+∞) 【审题视点】(1)根据复合函数的单调性求解.(2)用定义法或导数法求解. 【尝试解答】(1)由x2-1>0得x>1或x<-1,∴函数f(x)的定义域为(-∞,-1)∪(1,+∞).令t=x2-1,因为y=log2t在t∈(0,+∞)上为增函数.t=x2-1在x∈(-∞,-1)上是减函数,所以函数f(x)的递减区间为(-∞,-1). 当a>0时,f′(x)<0;当a<0时,f′(x)>0.∴当a>0时,f(x)在(-1,1)上为减函数.当a<0时,f(x)在(-1,1)上为增函数. 1.解答本题(1)时,应先求定义域,在定义域内求单调区间.2.函数单调性的判定方法有:(1)定义法;(2)图象法;(3)利用已知函数的单调性;(4)导数法.3.函数y=f[g(x)]的单调性应根据外层函数y=f(t)和内层函数t=g(x)的单调性判断,遵循“同增异减”的原则. ∴当x1,x2∈(-∞,-1]时,x1+x2<0,则f(x1)-f(x2)>0,即f(x1)>f(x2),故函数在(-∞,-1]上是减函数.当x1,x2∈[1,+∞)时,x1+x2>0,则f(x1)-f(x2)<0,故函数在[1,+∞)上是增函数. (2013·惠州调研)用min{a,b,c}表示a,b,c三个数中的最小值,设f(x)=min{2x,x+2,10-x}(x≥0),则f(x)最大值为()A.4B.5C.6D.7【思路点拨】明确f(x)的意义,数形结合求f(x)的最大值. 【尝试解答】如图所示,在同一坐标系中作出y=x+2,y=2x,y=10-x(x≥0)的图象.根据f(x)定义知,f(x)=min{2x,x+2,10-x}(x≥0)的图象(如图实线部分).【答案】C 求函数最值(值域)的常用方法1.利用单调性是求函数最值的最主要方法,函数图象是单调性的最直观体现,函数的最大(小)值是图象的最高(低)点的纵坐标,本题借助图象的直观性求得最大值.2.配方法:若函数是二次函数,常用配方法.3.基本不等式法:当函数是分式形式且分子、分母不同次时常用此法.4.导数法:当函数较复杂时,一般采用此法.5.换元法:用换元法时一定要注意新变元的范围. 定义新运算⊕:当a≥b时,a⊕b=a;当a<b时,a⊕b=b2,则函数f(x)=(1⊕x)x-(2⊕x),x∈[-2,2]的最大值等于()A.-1B.1C.6D.12【解析】依题意,当-2≤x≤1时,1⊕x=1,2⊕x=2,∴f(x)=1×x-2=x-2,且f(x)在[-2,1]上为增函数, 【答案】C 【思路点拨】分a≥0和a<0两种情况讨论. 1.已知函数的解析式,能够判断函数的单调性,确定函数的单调区间,反之,已知函数的单调区间可确定函数解析式中参数的值和范围,可通过列不等式或解决不等式恒成立问题进行求解.2.不等式m>f(x)恒成立⇔m>f(x)max,m<f(x)恒成立⇔m<f(x)min. 此时实数a,b是方程x2-x+1=0的两根,但方程x2-x+1=0无实根,因此不存在满足条件的实数a,b. 1.闭区间上的连续函数一定存在最大值和最小值.当函数在闭区间上单调时最值一定在端点取到.2.开区间上的“单峰”函数一定存在最大(小)值.函数单调性的判定方法(1)定义法:取值、作差、变形、定号、下结论.(2)利用图象与性质.(3)导数法:利用导数研究函数的单调性. 函数的单调性与最值是高考考查的重点内容,主要涉及单调性的判断,求函数的单调区间与最值,函数单调性的应用;考查数形结合、转化与化归等数学思想,其中利用函数的单调性解不等式应引起高度重视. (12分)(2013·深圳调研)函数f(x)对任意的m、n∈R,都有f(m+n)=f(m)+f(n)-1,并且x>0时,恒有f(x)>1.(1)求证:f(x)在R上是增函数;(2)若f(3)=4,解不等式f(a2+a-5)<2.【规范解答】(1)设x1<x2,∴x2-x1>0,当x>0时,f(x)>1,∴f(x2-x1)>1.···········2分f(x2)=f[(x2-x1)+x1]=f(x2-x1)+f(x1)-1,·············4分∴f(x2)-f(x1)=f(x2-x1)-1>0⇒f(x1)<f(x2),∴f(x)在R上为增函数.·····················6分规范解答之一 利用函数的单调性解不等式 (2)∵m,n∈R,不妨设m=n=1,∴f(1+1)=f(1)+f(1)-1⇒f(2)=2f(1)-1,······8分f(3)=4⇒f(2+1)=4⇒f(2)+f(1)-1=4⇒3f(1)-2=4,∴f(1)=2,f(2)=2×2-1=3,∴f(a2+a-5)<2=f(1),··········································10分∵f(x)在R上为增函数,∴a2+a-5<1⇒-3<a<2,即a∈(-3,2).·························12分 【解题程序】第一步:设x1<x2得x2-x1>0,从而f(x2-x1)>1;第二步:根据x2=(x2-x1)+x1证明f(x2)-f(x1)>0,从而证明单调性;第三步:求f(1)、f(2);第四步:把不等式转化为f(M)<f(N)的形式;第五步:根据单调性去掉“f”,解不等式. (2)求解含“f”的不等式,应先将不等式转化为f(M)<f(N)的形式,然后再根据函数f(x)的单调性去掉“f”,此时应注意M、N应在定义域内取值. 【答案】A 【答案】3 课后作业(六)

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