2022年中考数学二轮复习专题《圆的性质及其证明与计算》练习册 (含答案)
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2022年中考数学二轮复习专题《圆的性质及其证明与计算》练习册 (含答案)

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资料简介
第六单元 圆第1课时 圆的性质及其证明与计算基础达标训练1.(2017钦州模拟)如图,△ABC是⊙O的内接三角形,若∠ABC=70°,则∠AOC的大小是(  )A.20°B.35°C.130°D.140°第1题图2.(2017四市联考模拟)如图,CD为⊙O的直径,弦AB交CD于点M,M是AB的中点,点P在上,PC与AB交于点N,∠PNA=60°,则∠PDC等于(  )A.40°B.50°C.60°D.70°第2题图第3题图3.(2017福建)如图,AB是⊙O的直径,C,D是⊙O上位于AB异侧的两点.下列四个角中,一定与∠ACD互余的角是(  )A.∠ADCB.∠ABDC.∠BACD.∠BAD 4.如图,C、D是以AB为直径的⊙O上的两个点,=,∠CAB=24°,则∠ABD的度数为(  )A.24°B.60°C.66°D.76°第4题图5.如图,点O为坐标原点,点A的坐标为(3,0),点B的坐标为(0,4),⊙D过A、B、O三点,点C为上的一点(不与A,O两点重合),连接OC,AC,则cosC的值为(  )A.B.C.D.第5题图6.(2017广东省卷)如图,已知四边形ABCD内接于⊙O,DA=DC,∠CBE=50°,则∠DAC的大小为(  )A.130°B.100°C.65°D.50°第6题图 7.(2017陕西)如图,△ABC是⊙O的内接三角形,∠C=30°,⊙O的半径为5.若点P是⊙O上的一点,在△ABP中,PB=AB,则PA的长为(  )A.5B.C.5D.5第7题图8.(2017潍坊)如图,四边形ABCD为⊙O的内接四边形.延长AB与DC相交于点G,AO⊥CD,垂足为E,连接BD,∠GBC=50°,则∠DBC的度数为(  )A.50°B.60°C.80°D.85°第8题图9.(2017遂宁)如图,⊙O的半径为6,△ABC是⊙O的内接三角形,连接OB、OC,若∠BAC与∠BOC互补,则线段BC的长为(  )A.3B.3C.6D.6 第9题图10.如图,AB为⊙O的直径,弦DC垂直AB于点E,∠DCB=30°,EB=3,则弦AC的长为(  )A.3B.4C.5D.6第10题图11.(2017桂林模拟)如图是一个高速公路隧道的横截面,它的上部是以O为圆心的圆的一部分,路面AB=8米,弓高CD=8米,则此圆的半径OA为________米.第11题图12.(2017北京)如图,AB为⊙O的直径,C,D为⊙O上的点,=.若∠CAB=40°,则∠CAD=_______°.第12题图第13题图13.(2017南京)如图,四边形ABCD是菱形,⊙O经过点A、C、D,与BC相交于点E,连接AC、AE,若∠D=78°,则∠EAC= ________°.14.(2017凉山州)如图,已知四边形ABCD内接于半径为4的⊙O中,且∠C=2∠A,则BD=________.第14题图15.如图,AB是⊙O的直径,弦CD⊥AB于点E,且CD=24,点M在⊙O上,MD经过圆心O,连接MB.(1)若BE=8,求⊙O的半径;(2)若∠M=∠D,求线段OE的长.第15题图16.(2017台州)如图,已知等腰直角三角形ABC,点P是斜边BC上一点(不与B,C重合),PE是△ABP的外接圆⊙O的直径.(1)求证:△APE是等腰直角三角形;(2)若⊙O的直径为2,求PC2+PB2的值. 第16题图能力提升拓展1.(2017德阳)如图,点D、E分别是⊙O的内接正三角形ABC的AB、AC边上的中点,若⊙O的半径为2,则DE的长等于(  )A.B.C.1D.第1题图2.(2016丽水)如图,已知⊙O是等腰Rt△ABC的外接圆,点D是上一点,BD交AC于点E,若BC=4,AD=,则AE的长是(  )A.3B.2C.1D.1.2第2题图3.(2017广安)如图,AB是⊙O的直径,且经过弦CD的中点H,已知cos∠CDB=,BD=5,则OH的长度为(  ) A.B.C.1D.第3题图4.(2017东营)如图,AB是半圆直径,半径OC⊥AB于点O,D为半圆上一点,AC∥OD,AD与OC交于点E,连接CD,BD,给出以下三个结论:①OD平分∠COB;②BD=CD;③CD2=CE·CO.其中正确结论的序号是________第4题图 答案基础达标训练1.D 2.C 【解析】∵CD是⊙O的直径,∴∠CPD=90°,∵M是AB的中点,∴CD⊥AB,∵∠MNC=∠PNA=60°,∴∠PCD=30°,∴∠PDC=60°.3.D 【解析】∵AB是⊙O的直径,∴∠ADB=90°,∴∠ABD+∠BAD=90°,根据同弧所对的圆周角相等,得∠ACD=∠ABD,∴∠ACD+∠BAD=90°,即∠BAD与∠ACD互余,故选D.4.C 【解析】如解图,连接AD,∵=,∴∠DAB=∠CAB=24°,又∵AB是⊙O的直径,∴∠ADB=90°,∴∠ABD=90°-24°=66°.第4题解图5.D 【解析】如解图,连接AB,∵点A的坐标为(3,0),点B的坐标为(0,4),∴AO=3,BO=4,∴AB=5,∵∠C=∠OBA,∴cosC=cos∠OBA==.第5题解图6.C 【解析】∵∠ABC+∠CBE=180°,∠ADC+∠ABC=180°, ∴∠CBE=∠ADC,又∵∠CBE=50°,∴∠ADC=50°,∵DA=DC,∴∠DAC=∠DCA=(180°-∠ADC)=65°.7.D 【解析】∵∠C=30°,∴∠APB=30°,∵PB=AB,∴∠PAB=∠APB=30°,如解图,连接OA、OB、OP,OB交AP于点H,可得OA=OB=OP=5,∴∠AOB=2∠APB=60°,∠BOP=2∠BAP=60°,∴△OAB和△OBP是等边三角形,∴OA=AB=BP=OP=5,∴四边形OABP是菱形,∴∠OHA=∠OHP=90°,OH=OB=,∴AH==,∴AP=2AH=5.第7题解图8.C 【解析】∵∠GBC=50°,∴∠ABC=130°,由圆内接四边形对角互补得,∠ADC=50°,如解图,连接AC,根据垂径定理知,=,∴∠ACD=∠ADC=50°,∴∠DAC=80°,∴∠DBC=∠DAC=80°.第8题解图 9.C 【解析】∵∠BOC=2∠BAC,∠BOC+∠BAC=180°,∴∠BOC=120°,∴∠OBC=30°.如解图,作OH⊥BC于点H,则BH=CH,∵OB=6,∠OBC=30°,∴BH=OB·cos∠OBC=3,∴BC=2BH=6.第9题解图10.D 【解析】∵弦DC垂直AB于点E,∠DCB=30°,∴∠ABC=60°,在Rt△BCE中,BC=2EB=6,∵AB为⊙O的直径,∴∠ACB=90°,在Rt△ACB中,AC=BC·tan60°=6×=6.11.5 【解析】设半径OA为r米,则OD=(8-r)米,易知AD=AB=4米,在Rt△OAD中,r2=42+(8-r)2,解得r=5,∴此圆的半径OA为5米.12.25 【解析】如解图,连接DO,CO,∵∠CAB=40°,AO=CO,∴∠AOC=100°,∵=,∴∠COD=∠AOD=50°,∴∠CAD=∠COD=25°.第12题解图13.27 【解析】∵四边形ABCD是菱形,∠D=78°,∴∠ACB= ∠DCB=(180°-∠D)=51°,∵四边形AECD内接于⊙O,∴∠AEB=∠D=78°,∴∠EAC=∠AEB-∠ACE=78°-51°=27°.14.4 【解析】如解图,连接OD、OB,过点O作OF⊥BD,垂足为F,∴DF=BF,∠DOF=∠BOF,∵四边形ABCD内接于⊙O,∴∠A+∠C=180°,∵∠C=2∠A,∴∠A=60°,∴∠BOD=120°,∴∠BOF=60°,∵OB=4,∴BF=OB·sin∠BOF=4×sin60°=2,∴BD=2BF=4.第14题解图15.解:(1)设⊙O的半径为r,则OD=r,OE=r-8,∵CD⊥AB,CD=24,∴DE=CD=12,在Rt△ODE中,OD2=OE2+DE2,即r2=(r-8)2+122,解得r=13,即⊙O的半径为13;(2)∵∠DOE=2∠M,∠M=∠D,∴∠DOE=2∠D,∴∠D=30°, ∴在Rt△OED中,OE=DE·tan30°=12×=4.16.(1)证明:∵△ABC是等腰直角三角形,∴AC=AB,∠PBA=45°,∴∠PEA=∠PBA=45°,∵PE为⊙O的直径,∴∠PAE=90°,∴△APE是等腰直角三角形;(2)解:∵∠PAE=∠CAB=90°,∴∠CAB-∠PAB=∠PAE-∠PAB,∴∠CAP=∠BAE,∵△ABC是等腰直角三角形,又由(1)得△APE是等腰直角三角形,∴PA=AE,AC=AB,∴△CAP≌△BAE(SAS),∴CP=BE,∵PE为⊙O的直径,∴∠PBE=90°,在Rt△PBE中,BE2+PB2=PE2=4,∴PC2+PB2=4.能力提升拓展1.A 【解析】如解图,连接OB、OC,过点O作BC的垂线,交BC于点H,∴∠BOC=2∠BAC=120°,由垂径定理知,OH垂直平分BC,在Rt△BOH中,∠BOH=60°,OB=2,则BH=,∴BC =2,∵DE是△ABC的中位线,∴DE=BC=.第1题解图2.C 【解析】∵⊙O是等腰Rt△ABC的外接圆,∴AB是⊙O的直径,∴∠D=∠C=90°,∵∠DAE=∠CBE,∴△ADE∽△BCE,∴=,∵BC=4,AD=,∴==.设AE=x,则CE=4-x,BE=5x,在Rt△BCE中,由勾股定理得CE2+BC2=BE2,即(4-x)2+42=(5x)2,解得x1=1,x2=-(舍去),∴AE=1.3.D 【解析】如解图,连接OD,∵AB是⊙O的直径,点H是CD的中点,∴AB⊥CD,在Rt△BDH中,∵cos∠CDB=,BD=5,∴DH=4,∴BH==3,设OH=x,则OD=OB=x+3,在Rt△ODH中,OD2=OH2+DH2,∴(x+3)2=x2+42,解得x=,即OH=.第3题解图4.①②③ 【解析】∵OC⊥AB,OC=OA,∴∠OAC=45°,∵OD∥AC,∴∠BOD=∠BAC=45°,∴∠BOD=∠COD=45°,∴OD 平分∠BOC,故①正确;∵∠BOD=∠COD,∴=,∴BD=CD,故②正确;如解图,连接BC,易得∠CBA=45°,由同弧所对圆周角相等,得∠ADC=∠CBA=45°,∴∠EDC=∠DOC,∵∠ECD=∠DCO,∴△ECD∽△DCO,∴=,即CD2=CE·CO,故③正确,综上所述,正确的结论为①②③.第4题解图

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