人教版高中数学人教版必修第一册:4.4《对数函数》精品练习卷(解析版)
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人教版高中数学人教版必修第一册:4.4《对数函数》精品练习卷(解析版)

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资料简介
4.4对数函数【题组一对数函数的概念辨析】1.(2020·全国高一课时练习)下列函数是对数函数的是()A.B.C.D.【答案】D【解析】由对数函数的定义:形如且的形式,则函数为对数函数,只有D符合.故选D2.(2020·全国高一课时练习)已知函数f(x)=loga(x+2),若图象过点(6,3),则f(2)的值为(  )A.-2B.2C.D.-【答案】B【解析】函数的图象过点,则故选3.(2019·北京高二学业考试)如果函数(且)的图象经过点,那么的值为()A.B.C.2D.4【答案】C【解析】因为图象经过点,所以,所以且且,解得:,故选:C.4.(2020·分校高一课时练习)下列函数是对数函数的是(  )A.y=log3(x+1)B.y=loga(2x)(a>0,且a≠1)C.y=logax2(a>0,且a≠1)D.y=lnx【答案】D【解析】形如的函数为对数函数,只有D满足.故选D.5.(2019·全国高一课时练习)已知对数函数,则______。【答案】2 【解析】由对数函数的定义,可得,解得。故答案为:.【题组二单调性(区间)】1.(2020·甘肃省会宁县第四中学高二期末(文))函数的单调递增区间为()A.B.C.D.【答案】C【解析】设,可得函数在单调递减,在单调递增,又由函数,满足,解得或,根据复合函数的单调性,可得函数的单调递增区间为.故选:C.2.(2019·浙江高一期中)函数的单调递增区间是()A.B.C.D.【答案】A【解析】由,得到,令,则在上递减,而在上递减,由复合函数单调性同增异减法则,得到在上递增,故选:A3.(2020·荆州市北门中学高一期末)已知函数f(x)=ln(–x2–2x+3),则f(x)的增区间为A.(–∞,–1)B.(–3,–1)C.[–1,+∞)D.[–1,1)【答案】B【解析】由,得,当时,函数单调递增,函数单调递增;当时,函数单调递减, 函数单调递减,选B.4.(2018·山西平城·高一期中)函数在上是增函数,则实数的取值范围是()A.或B.C.D.【答案】B【解析】,因为在上单调递增,当时,外函数为减函数,根据复合函数“同增异减”可得在定义域内为减函数不满足题意,当时,外函数为增函数,根据复合函数“同增异减”可得在定义域内为减函数且,所以满足题意,故选择B.5.(2020·山东省枣庄市第十六中学高一期中)已知是上的减函数,那么的取值范围是__________.【答案】【解析】因为是上的减函数,所以,解得,故答案为:【题组三定义域和值域】1.(2020·全国高一课时练习)函数的定义域是() A.B.C.D.【答案】C【解析】由对数函数的定义域只需,解得,所以函数的定义域为.故选:C2.(2020·宁夏兴庆·高二期末(文))函数的定义域为()A.B.C.D.【答案】D【解析】函数有意义等价于,所以定义域为,故选D.3.(2020·河北石家庄·高二期末)若定义在上的函数的值域为,则的最小值为()A.B.C.D.【答案】C,∴在是单调递减,在上单调递增,,又,由题意,,且和中至少有一个取到.即,,此时,若,则,,∴的最小值是.故选:C.4.(2020·江苏鼓楼·南京师大附中高三其他)函数的定义域为__________.【答案】 【解析】由题意得,得,解得,所以函数的定义域为,故答案为:5.(1)(2019·广东深圳高中高考模拟(文))函数的值域为________.(2)(2019·河北武邑中学高一期中)若函数.则函数的值域是()A.B.C.D.【答案】(1)(2)A【解析】(1)且值域为:本题正确结果:(2)因为时,;时,所以函数的值域是,故选A.6.(2019·高三月考(理))函数的值域为,则实数的取值范围为()A.B.C.D.(2)已知函数,若的值域为R,则实数a的取值范围是(  )A.(1,2]B.(-∞,2]C.(0,2]D.[2,+∞)【答案】(1)D(2)A【解析】(1)若函数的值域为R,故函数y=ax2+2x+a能取遍所有的正数.当a=0时符合条件; 当a>0时,应有△=4﹣4a2≥0,解得-1≤a≤1,故00,且a≠1)过定点P,则点P的坐标是__________.【答案】(1,3)【解析】令,则,所以函数过定点.故答案为:.2.(2020·新疆克拉玛依市高级中学高一期末)已知函数f(x)的图象恒过定点P,则点P的坐标是____________.【答案】(2,4)【解析】令x-1=1,得到x=2,把x=2代入函数得,所以定点P的坐标为(2,4).故答案为:(2,4)3.(2020·黑龙江高二期末)函数且的图象所过定点的坐标是________.【答案】【解析】由可令,解得,所以图象所过定点的坐标是4.函数y=1+loga(x+2)(a>0且a≠1)图象恒过定点A,则点A的坐标为______.【答案】(-1,1)【解析】由对数函数的性质,令x+2=1可知y=1所以y=1+loga(x+2)(a>0且a≠1)图象恒过定点A(-1,1),故答案为:(-1,1).【题组七图像】1.(2020·新疆兵团第二师华山中学)函数与在同一平面直角坐标系下的图像大致是() A.B.C.D.【答案】D【解析】,由指数函数的图象知,将函数的图象向左平移一个单位,即可得到的图象,从而排除选项A,C;将函数的图象向上平移一个单位,即可得到的图象,从而排除选项B,故选D.2.(2019·四川仁寿一中高三其他(文))且)是增函数,那么函数的图象大致是()A.B.C.D.【答案】D【解析】∵可变形为,若它是增函数,则,,∴为过点(1,0)的减函数,∴为过点(1,0)的增函数,∵图象为图象向左平移1个单位长度, ∴图象为过(0,0)点的增函数,故选D.3.(2020·高三期中(文))若函数的图象如图,则函数的图象为()A.B.C.D.【答案】C【解析】由函数单调递减可得,当时,,解得.可知函数,定义域为,值域为,因为,.故选:C.4.(2020·全国)函数的大致图象可能是()A.B.C.D.【答案】D 【解析】取,得到,即函数过点,排除A;因为为单调增函数,故在,单调递减,排除BC.故选:D5.(2020·全国高一课时练习)图中曲线是对数函数的图象,已知取,,,四个值,则相应于,,,的值依次为  A.,,,B.,,,C.,,,D.,,,【答案】A【解析】由已知中曲线是对数函数的图象,由对数函数的图象和性质,可得,,,的值从小到大依次为:,,,,由取,,,四个值,故,,,的值依次为,,,,故选:.【题组八对数函数综合运用】1.(2020·河北邢台·高二期末)已知,函数.(1)当时,解不等式;(2)若对于任意在区间上的最大值与最小值的和不大于1,求m的取值范围.【答案】(1);(2).【解析】(1)因为,所以,则解得 不等式的解集为;(2)由题易知:为增函数,则在区间上的最大值与最小值分别为.对于任意在区间上的最大值与最小值的和不大于1,等价于对于任意恒成立,即对于任意恒成立.设,因为,所以在上单调递增,所以,令,解得.综上,m的取值范围为.2.(2020·通榆县第一中学校高二期末(文))已知.(1)求的定义域;(2)证明:在上为单调递增函数;(3)求在区间上的值域.【答案】(1);(2)证明见解析;(3).【解析】(1),,,的定义域为,(2)在上为增函数,在上也为增函数,根据复合函数的单调性,在上为单调递增函数; (3)由(2)可知在区间上单调递增,,,,在区间上的值域为.3.(2020·高一月考)已知函数(1)若函数的定义域为,求的取值范围;(2)若函数的值域为,求的取值范围.【答案】(1)(2)或【解析】(1)函数的定义域为,对任意的都成立则,解得(2)若函数的值域为,则函数的值域包含则,解得或4.(2020·怀仁市第一中学校云东校区高一期末(理))已知函数.(1)当时,求;(2)求解关于的不等式;(3)若恒成立,求实数的取值范围.【答案】(1);(2)见解析;(3)【解析】(1)当时,(2)由得:或当时,解不等式可得:或 当时,解不等式可得:或综上所述:当时,的解集为;当时,的解集为(3)由得:或①当时,,或,解得:②当时,,或,解得:综上所述:的取值范围为5.(2020·高二期末(文))设f(x)=loga(1+x)+loga(3﹣x)(a>0,a≠1)且f(1)=2.(1)求a的值及f(x)的定义域;(2)求f(x)在区间[0,]上的最大值和最小值.【答案】(1)a=2,定义域为(﹣1,3);(2)最大值为f(1)=2,最小值为f(0)=log23.【解析】(1)由题意知,,解得﹣1<x<3;故f(x)的定义域为(﹣1,3);再由f(1)=2得,loga(1+1)+loga(3﹣1)=2;故a=2.综上所述:函数定义域为,.(2)f(x)=log2(1+x)(3﹣x),∵x[0,],∴(1+x)(3﹣x)[3,4],故f(x)在区间[0,]上的最大值为f(1)=2;f(x)在区间[0,]上的最小值为f(0)=log23.

资料: 5702

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