粤教版高中物理必修第一册4.6 失重和超重同步练习含答案
加入VIP免费下载

粤教版高中物理必修第一册4.6 失重和超重同步练习含答案

ID:1257796

大小:537.02 KB

页数:7页

时间:2022-11-22

加入VIP免费下载
温馨提示:
1. 部分包含数学公式或PPT动画的文件,查看预览时可能会显示错乱或异常,文件下载后无此问题,请放心下载。
2. 本文档由用户上传,版权归属用户,天天资源网负责整理代发布。如果您对本文档版权有争议请及时联系客服。
3. 下载前请仔细阅读文档内容,确认文档内容符合您的需求后进行下载,若出现内容与标题不符可向本站投诉处理。
4. 下载文档时可能由于网络波动等原因无法下载或下载错误,付费完成后未能成功下载的用户请联系客服处理。
网站客服:403074932
资料简介
第四章 第六节A组·基础达标1.关于超重与失重的说法正确的是(  )A.游泳运动员仰卧在水面静止不动时处于失重状态B.在超重现象中,物体的重力是增大的C.处于完全失重状态的物体,其重力一定为零D.如果物体处于失重状态,它必然有竖直向下的加速度【答案】D【解析】失重是指弹力小于重力、合力竖直向下的情形,即加速度方向向下,故D正确;运动员处于静止状态,合力为零,既不失重,也不超重,A错误;不管是超重还是失重,物体的重力是不变的,B、C错误.2.如图所示是我国长征火箭把载人神舟飞船送上太空的情景.宇航员在火箭发射与飞船回收的过程中均要经受超重与失重的考验,下列说法正确的是(  )A.火箭加速上升时,宇航员处于失重状态B.火箭加速上升时的加速度逐渐减小时,宇航员对座椅的压力小于其重力C.飞船加速下落时,宇航员处于超重状态D.飞船落地前减速下落时,宇航员对座椅的压力大于其重力【答案】D3.某人在地面上用弹簧测力计称得其体重为490N.他将弹簧测力计移至电梯内称其体重,t0~t3时间段内弹簧测力计的示数如图所示,则电梯运行的vt图像可能是(取电梯向上运动的方向为正)(  ) 【答案】A【解析】从图可以看出,t0~t1时间内,该人的视重小于其重力,t1~t2时间内,视重正好等于其重力,而在t2~t3时间内,视重大于其重力,根据题中所设的正方向可知,t0~t1时间内,该人具有向下的加速度,t1~t2时间内,该人处于平衡状态,而在t2~t3时间内,该人则具有向上的加速度,所以可能的图像为A.4.如图所示,一乒乓球用细绳系于盛有水的容器底部,某时刻细绳断开,在乒乓球上升到水面的过程中,台秤示数(  )A.变大B.不变C.变小D.先变大后变小【答案】C【解析】同体积的水比乒乓球的质量大,在乒乓球加速上升的过程中,水和乒乓球系统的重心加速下降,处于失重状态,台秤示数变小.5.如图所示,一轻质弹簧上端固定在升降机的天花板上,下端挂一小球.在升降机匀速竖直下降过程中,小球相对于升降机静止.若升降机突然停止运动,设空气阻力可忽略不计,弹簧始终在弹性限度内,且小球不会与升降机的内壁接触,则小球在继续下降的过程中(  )A.小球的加速度逐渐减小,小球处于失重状态B.小球的加速度逐渐增大,小球处于超重状态C.小球的速度逐渐减小,小球处于失重状态 D.小球的速度逐渐增大,小球处于超重状态【答案】B【解析】升降机突然停止,小球由于惯性继续向下运动,但是受到弹簧的拉力越来越大,拉力方向与其运动方向相反,故小球做减速运动,加速度方向向上,则小球处于超重状态;小球加速度增大,B正确;A、C、D错误.6.如图所示,台秤上放一个木箱,木箱内有质量分别为m1和m2的两物体P、Q,用细绳通过光滑定滑轮相连,m1>m2.现剪断Q下端的细绳,在P下落但还没有到达箱底的过程中,台秤的示数与未剪断前的示数相比将(  )A.变大B.变小C.不变D.先变小后变大【答案】B【解析】剪断细线之前,木箱对台秤的压力等于整体的重力;剪断细线以后,物块P向下加速掉落,加速度向下,物体P处于失重状态;由于P的质量大,用整体法可知整个系统处于失重状态,所以木箱对台秤的压力小于整体重力,故示数变小.7.(多选)高跷运动是一项新型运动,图甲为弹簧高跷.当人抓住扶手用力蹬踏板压缩弹簧后.人就向上弹起,进而带动高跷跳跃,如图乙所示.则下列说法正确的是(  )甲    乙A.人向上弹起过程中,先处于超重状态,后处于失重状态B.人向上弹起过程中,踏板对人的作用力大于人对踏板的作用力C.弹簧压缩到最低点时,高跷对人的作用力大于人的重力D.弹簧压缩到最低点时,高跷对地的压力等于人和高跷的总重力【答案】AC【解析】 人向上弹起过程中,先加速向上,处于超重状态,然后减速向上,处于失重状态,A正确;踏板对人的作用力和人对踏板的作用力是一对作用力和反作用力,是大小相等的关系,B错误;弹簧压缩到最低点时,人的加速度向上,人处于超重状态,所以高跷对人的作用力大于人的重力,高跷对地的压力大于人和高跷的总重力,C正确,D错误.8.某人在以a1=0.5m/s2的加速度匀加速下降的升降机中最多可举起m1=90kg的物体,则此人在地面上最多可举起多重的物体?若此人在一匀加速上升的升降机中最多能举起m2=40kg的物体,则此升降机上升的加速度a2为多大?(g取10m/s2)【答案】85.5kg 11.375m/s2【解析】以物体为研究对象,对物体进行受力分析及运动状态分析,如题图甲所示,设人的最大“举力”为F,由牛顿第二定律得m1g-F=m1a1,所以F=m1(g-a1)=855N.当他在地面上举物体时,设最多举起质量为m0的物体,则有m0g-F=0,所以m0=85.5kg.此人在某一匀加速上升的升降机中最多能举起m2=40kg的物体,由于m0=85.5kg>m2=40kg,显然此时升降机一定处于超重状态,对物体进行受力分析和运动情况分析,如题图乙所示.由牛顿第二定律得F-m2g=m2a2,所以a2==11.375m/s2,即升降机加速上升的加速度为11.375m/s2.B组·能力提升9.传送带与水平面夹角37°,皮带以10m/s的速率运动,皮带轮沿顺时针方向转动,如图所示.现在传送带上端A处无初速度地放上一个质量为m=0.5kg的小物块,它与传送带间的动摩擦因数为0.5,若传送带A到B的长度为16m,g取10m/s2,则物体从A运动到B的过程中(  )A.小物块先加速后匀速B.小物块加速度大小为2m/s2C.小物块到B点速度为10m/sD.小物块全程用时2s【答案】D【解析】由于mgsin37°>μmgcos 37°,可知物体与传送带不能保持相对静止.所以物块一直做加速运动,故A错误;物体放上传送带,滑动摩擦力的方向先沿斜面向下,根据牛顿第二定律,得a1==gsin37°+μgcos37°=(10×0.6+0.5×10×0.8)m/s2=10m/s2,故B错误;速度达到传送带速度所需的时间t1==s=1s,经过的位移x1=a1t=×10×12m=5m;由于mgsin37°>μmgcos37°,可知物体与传送带不能保持相对静止,速度相等后,物体所受的摩擦力沿斜面向上,根据牛顿第二定律得a2==gsin37°-μgcos37°=2m/s2;根据vt2+a2t=L-x1,即10t2+×2×t=11,解得t2=1s,则t=t1+t2=2s,物块到达最低点的速度vt=v+a2t2=(10+2×1)m/s=12m/s,故C错误,D正确.10.(多选)为了节省能量,某商场安装了智能化的电动扶梯,无人乘行时,扶梯运转得很慢,有人站上扶梯时,它会先慢慢加速,再匀速运转.一顾客乘扶梯上楼,恰好经历了这两个过程,如图所示.则在加速过程中下列说法正确的是(  )A.顾客受到三个力的作用B.顾客处于超重状态C.扶梯对顾客没有摩擦力的作用D.顾客对扶梯的压力等于顾客的重力【答案】AB【解析】以人为研究对象,加速过程中,人受到静摩擦力、重力、支持力三个力的作用下沿电梯加速上升,A正确;顾客有竖直向上的加速度,因此顾客处于超重状态,B正确;顾客受到水平方向的静摩擦力作用,C错误;顾客处于超重状态,对扶梯的压力大于顾客的重力,D错误.11.(多选)如图所示,小球B放在真空容器A内,球B的直径恰好等于正方体A的边长,将它们以初速度v0竖直向上抛出,下列说法正确的是(  )A.若不计空气阻力,上升过程中,A对B有向上的支持力B.若考虑空气阻力,上升过程中,A对B的压力向下C.若考虑空气阻力,下落过程中,B对A的压力向上D.若不计空气阻力,下落过程中,B对A没有压力【答案】BD【解析】将容器以初速度v0 竖直向上抛出后,若不计空气阻力,以整体为研究对象,根据牛顿第二定律得到加速度为g,再以容器A为研究对象,上升和下落过程其合力等于其重力,则B对A没有压力,A对B也没有支持力,故A错误,D正确;若考虑空气阻力,以整体为研究对象,根据牛顿第二定律,得上升过程加速度大于g;再以球B为研究对象,根据牛顿第二定律,分析B受到的合力大于重力,B除受到重力外,还应受到向下的压力.A对B的压力向下,故B正确;若考虑空气阻力,以整体为研究对象,根据牛顿第二定律,得到下落过程加速度小于g;再以B为研究对象,根据牛顿第二定律,分析A受到的合力小于重力,B除受到重力外,还应受到向上的力,即A对B的支持力向上,B对A的压力向下,故C错误.12.如图所示,绷紧的传送带与水平面的夹角θ=30°,传送带在电动机的带动下,始终保持v0=2m/s的速率运行.现把一质量m=10kg的工件(可看为质点)轻轻放在传送带的底端,经时间t=1.9s,工件被传送到h=1.5m的高处,并获得了与传送带相同的速度,g取10m/s2.求:(1)工件与传送带之间的滑动摩擦力Ff的大小;(2)工件与传送带之间的相对位移Δx的大小.【答案】(1)75N (2)0.8m【解析】(1)由题意知高h对应的传送带长L==3m.工件速度达到v0之前,从静止开始做匀加速运动,设匀加速运动的时间为t1,位移为x1,有x1=vt1=t1.因工件最终获得了与传送带相同的速度,所以达到v0之后工件将匀速运动,有L-x1=v0(t-t1),解得t1=0.8s,x1=0.8m.所以加速运动阶段的加速度a==2.5m/s2.在加速运动阶段,根据牛顿第二定律,有Ff-mgsinθ=ma,解得Ff=75N.(2)在时间t1内,传送带运动的位移 x=v0t1=1.6m,所以在时间t1内,工件相对传送带的位移大小Δx=x-x1=0.8m.

资料: 8813

进入主页

人气:

10000+的老师在这里下载备课资料