2020高考物理二轮练习选择题热点6功能关系的常见模型(Word版带解析)
加入VIP免费下载

2020高考物理二轮练习选择题热点6功能关系的常见模型(Word版带解析)

ID:414998

大小:439.5 KB

页数:5页

时间:2020-12-23

加入VIP免费下载
温馨提示:
1. 部分包含数学公式或PPT动画的文件,查看预览时可能会显示错乱或异常,文件下载后无此问题,请放心下载。
2. 本文档由用户上传,版权归属用户,天天资源网负责整理代发布。如果您对本文档版权有争议请及时联系客服。
3. 下载前请仔细阅读文档内容,确认文档内容符合您的需求后进行下载,若出现内容与标题不符可向本站投诉处理。
4. 下载文档时可能由于网络波动等原因无法下载或下载错误,付费完成后未能成功下载的用户请联系客服处理。
网站客服:403074932
资料简介
热点 6 功能关系的常见模型 (建议用时:20 分钟) 1.(2019·山东济南历城区高三模拟)“跳跳鼠”是很多小朋友喜 欢玩的一种玩具(图甲),弹簧上端连接脚踏板,下端连接跳杆(图乙), 人在脚踏板上用力向下压缩弹簧,然后弹簧将人向上弹起,最终弹簧 将跳杆带离地面(  ) A.不论下压弹簧程度如何,弹簧都能将跳杆带离地面 B.从人被弹簧弹起到弹簧恢复原长,弹簧的弹性势能全部转化 为人的动能 C.从人被弹簧弹起到弹簧恢复原长,人一直向上加速运动 D.从人被弹簧弹起到弹簧恢复原长,人的加速度先减小后增大 2.(多选)如图所示,物块从足够长的粗糙斜面底端 O 点,以某一速度向 上运动,到达最高点后又沿斜面下滑.物块先后两次经过斜面上某一点 A 点 时的动能分别为 Ek1 和 Ek2,重力势能分别为 Ep1 和 Ep2,从 O 点开始到第一 次经过 A 点的过程中重力做功为 WG1,合外力做功的绝对值为 W1,从 O 点开始到第二次经过 A 点的过程中重力做功为 WG2,合外力做功的绝对值为 W2,则下列选项正确的是(  ) A.Ek1>Ek2,Ep1=Ep2     B.Ek1=Ek2,Ep1>Ep2 C.WG1=WG2,W1WG2,W1=W2 3.(2019·浙江杭州高三预测卷)兴趣小组的同学们利用弹弓放飞模型飞机.弹弓的构造如 图 1 所示,其中橡皮筋两端点 A、B 固定在把手上.橡皮筋处于 ACB 时恰好为橡皮筋原长状 态(如图 2 所示),将模型飞机的尾部放在 C 处,将 C 点拉至 D 点时放手,模型飞机就会在橡 皮筋的作用下发射出去.C、D 两点均在 AB 连线的中垂线上,橡皮筋的质量忽略不计.现将 模型飞机竖直向上发射,在它由 D 运动到 C 的过程中(  ) A.模型飞机在 C 位置时的速度最大 B.模型飞机的加速度一直在减小 C.橡皮筋对模型飞机始终做正功 D.模型飞机的机械能守恒 4.(多选)如图所示,竖直固定放置的粗糙斜面 AB 的下端与光滑的圆弧 BCD 在 B 点相切,圆弧轨道的半径为 R,圆心 O 与 A、D 在同一水平面上,C点为圆弧轨道最低点,∠COB=θ=30°,一质量为 m 的小球从 D 点由静止释放,小物块与粗 糙斜面 AB 间的动摩擦因数 μ<tan θ,则关于小球的运动情况,下列说法正确的是(  ) A.小球可能运动到 A 点 B.小球经过较长时间以后会停在 C 点 C.小球通过圆弧轨道最低点 C 时,对 C 点的最大压力大小为 3mg D.小球通过圆弧轨道最低点 C 时,对 C 点的最小压力大小为(3- 3)mg 5.(多选)内壁光滑的环形凹槽半径为 R,固定在竖直平面内,一根长度 为 2R 的轻杆,一端固定有质量为 m 的小球甲,另一端固定有质量为 2m 的 小球乙,将两小球放入凹槽内,小球乙位于凹槽的最低点,如图所示.由静 止释放后(  ) A.下滑过程中甲球减少的机械能总等于乙球增加的机械能 B.下滑过程中甲球减少的重力势能总等于乙球增加的重力势能 C.甲球可沿凹槽下滑到槽的最低点 D.杆从右向左滑回时,乙球一定能回到凹槽的最低点 6.(多选)(2019·山东实验中学高三模拟)如图所示,一质量为 m 的小 球置于半径为 R 的光滑竖直轨道最低点 A 处,B 为轨道最高点,C、D 为 圆的水平直径两端点.轻质弹簧的一端固定在圆心 O 点,另一端与小球 拴接,已知弹簧的劲度系数为 k= mg 2R,原长为 L=2R,弹簧始终处于弹性 限度内,若给小球一水平向右初速度,已知重力加速度为 g,则(  ) A.无论 v0 多大,小球均不会离开圆轨道 B.若 2gR 9 2gR,小球就能做完整的圆周运动 D.只要小球能做完整圆周运动,则小球与轨道间的最大压力与最小压力之差与 v0 无关 7.如图所示,足够长的水平传送带以 v0=4 m/s 的速度匀速运行.t=0 时,在最左端轻放一质量为 m 的小滑块,t=4 s 时,传送带以大小为 1 m/s2 的加速度减速停 下.已知滑块与传送带之间的动摩擦因数 μ=0.2.关于滑块相对地面运动的速度 v(向右为正)、 滑块所受的摩擦力 f(向右为正)、滑块所受的摩擦力做功的功率 P、滑块与传送带间因摩擦产 生的热量 Q 与时间的关系图象正确的是(  )8.(多选)(2019·青岛二模)如图所示,质量为 m=1 kg 的小物块从传 送带的底端以 4 m/s 的速度冲上倾角为 θ=37°的倾斜传送带,足够长 的传送带始终以速度 v=2 m/s 顺时针转动.已知物块和传送带之间的 动摩擦因数μ=0.5,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,重力加速度大小 g=10 m/s2. 则小物块从开始运动到速度为零的过程中(  ) A.所用时间为 0.2 s B.小物块的位移大小为 0.6 m C.摩擦力对小物块做的功为 1.6 J D.系统产生的内能为 4.8 J 热点 6 功能关系的常见模型 1.解析:选 D.当弹簧下压的程度比较小时,弹簧具有的弹性势能较小,弹簧不能将跳杆 带离地面,故 A 错误;从人被弹簧弹起到弹簧恢复原长,弹簧的弹性势能转化为人的动能和 重力势能,故 B 错误;从人被弹簧弹起到弹簧恢复原长,开始弹力大于重力,人向上加速, 弹簧逐渐恢复形变,弹力逐渐减小,加速度逐渐减小;后来弹力小于重力,人的加速度反向 增加,所以人的加速度先减小后增大,故 C 错误,D 正确. 2.解析:选 AC.假设 A 点距离斜面底端的高度为 h,则物块先后两次在 A 点具有的重力 势能大小为 Ep=mgh,因此两次在 A 点具有的重力势能大小相等;两次重力做的功均为 WG= -mgh,因此从运动开始到先后两次通过 A 点的过程中,重力做功相等;由题意可知,除重力 外斜面对物块的摩擦力做负功,而摩擦力做功与通过的路程有关,因此从运动开始到第二次 经过 A 点的过程摩擦力做功多,则从 O 点开始到第二次经过 A 点的过程中合外力做功的绝对 值大,即 W1Ek2.由以上分析可知 A、C 正确,B、D 错误. 3.解析:选 C.从 D 到 C,橡皮筋对模型飞机的弹力先大于重力,后小于重力,根据牛顿 第二定律可知,加速度先减小后增大,加速度方向先向上后向下,则模型飞机的速度先增大 后减小,故 A、B 错误;橡皮筋对模型飞机的弹力与位移方向一直相同,所以橡皮筋对模型飞 机的弹力始终做正功,而非重力做功等于机械能的增加量,故模型飞机的机械能一直在增大, 故 C 正确,D 错误.4.解析:选 CD.因为小球与粗糙斜面 AB 间有摩擦,所以小球不可能运动到 A 点,选项 A 错误;最终小球将在圆弧 BB′间做往复运动(B′与 B 关于 CO 对称),不可能停在 C 点,选项 B 错误;小球第一次到达 C 点时速度最大,对轨道的压力最大,根据机械能守恒定律有 mgR= 1 2 mv21,根据向心力公式得 FN1-mg=m v R,解得 FN1=3mg,根据牛顿第三定律可知小球对 C 点 的最大压力大小为 3mg,选项 C 正确;最终小球在圆弧 BB′间做往复运动通过 C 点时的速度 最小,对轨道的压力最小,根据机械能守恒定律有 mgR(1-cos 30°)= 1 2mv22,根据向心力公式 得 FN2-mg=m v R,解得 FN2=(3- 3)mg,根据牛顿第三定律可知,小球对 C 点的最小压力大 小为(3- 3)mg,选项 D 正确. 5.解析:选 AD.由题意知,甲、乙两球组成的系统机械能守恒,故甲球减少的机械能总 等于乙球增加的机械能,所以 A 正确;在甲下滑的过程中甲、乙两球的动能在增加,故甲球 减少的重力势能大于乙球增加的重力势能,所以 B 错误;由于甲的质量小于乙的质量,根据 机械能守恒定律知,甲不能下滑到最低点,所以 C 错误;根据机械能守恒定律知,杆从右向 左滑回时,乙球一定能回到凹槽的最低点,所以 D 正确. 6.解析:选 CD.因弹簧的劲度系数为 k= mg 2R,原长为 L=2R,若小球恰能到达最高点, 此时弹簧的弹力为 F=kR= mg 2 ,轨道的支持力为 0,由弹簧的弹力和重力提供向心力,则有 mg -F= mv2 R ,解得:v= 1 2gR,从 A 到最高点,形变量没有变,故弹性势能不变,由机械能守 恒定律得:2mgR+ 1 2mv2= 1 2mv20,解得:v0= 9 2gR,即当 v0> 9 2gR时小球才不会脱离轨道, 故 A、B 错误,C 正确;在最低点时,设小球受到的支持力为 N,有:N1-kR-mg=m v R,解 得:N1=kR+mg+m v R,运动到最高点时受到轨道的支持力最小,为 N2,设此时的速度为 v, 由机械能守恒定律得:2mgR+ 1 2mv2= 1 2mv20,此时合外力提供向心力,有:N2-kR+mg=m v2 R , 解得:N2=kR-mg+m v2 R ,联立解得ΔN=N1-N2=6mg,与初速度无关,故 D 正确. 7.解析:选 C.滑块在摩擦力作用下向右匀加速运动时,加速度 a=μg=2 m/s2,滑块的速 度与传送带的运行速度相同时经历的时间 t= v0 a =2 s,2 s 后滑块与传送带共速向右匀速运动, 与传送带间无摩擦作用;4 s 后,传送带以 a′=-1 m/s2 的加速度做匀减速运动,传送带开始 减速到停止的时间 t′= v0 a′=4 s,传送带减速运动时,滑块的加速度与传送带的加速度相同,所以此时滑块受到的静摩擦力 f=ma′=- 1 2ma,即此时的摩擦力大小等于滑动摩擦力的 1 2,A、B 项错误;功率 P=fv,可知 1~2 s 内的摩擦力的功率与时间成正比,2~4 s 无摩擦力,功率为 零,4 s 后滑块在静摩擦力作用下做匀减速运动,由于速度随时间均匀减小至零,故摩擦力的 功率也随时间均匀减小至零,C 项正确;只有开始滑块加速运动时,滑块与传送带间有相对位 移,此时满足Δx=v0t- 1 2at2,相对位移不与时间成正比,而 Q=fΔx,故 Q-t 图线不是倾斜 的直线,D 项错误. 8.解析:选 CD.由于开始时物块的速度大于传送带的速度,所以物块受到的摩擦力的方 向沿传送带向下,物块的加速度大小 a1= mgsin θ+μmgcos θ m =10 m/s2,小物块做减速运动,当 物块的速度等于传送带的速度以后,由于 mgsin 37°>μmgcos 37°,所以物块会继续向上做减速 运动,此时摩擦力的方向沿传送带向上,物块的加速度大小 a2= mgsin θ-μmgcos θ m =2 m/s2, 所以物块从开始运动到速度减为零所用的时间 t=t1+t2= 4-2 10 s+ 2-0 2 s=1.2 s,小物块两段 时间运动的位移大小分别为 x1= 42-22 2 × 10 m=0.6 m,x2= 22-0 2 × 2 m=1 m,总位移大小为 x=x1 +x2=1.6 m,A、B 错误;摩擦力对小物块做的功为 Wf=-μmgx1cos 37°+μmgx2cos 37°=1.6 J,C 正确;在 0~0.2 s 内,传送带与小物块的相对位移大小 s1=(4+2 2 -2)×0.2 m=0.2 m, 在 0.2~1.2 s 内,传送带与小物块间的相对位移大小 s2=(2-2 2 )×1 m=1 m,系统产生的内能 为 Q=μmg(s1+s2)·cos 37°=4.8 J,D 正确.

资料: 29.3万

进入主页

人气:

10000+的老师在这里下载备课资料