2020高考物理二轮练习5计算题专项练(五)(Word版带解析)
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2020高考物理二轮练习5计算题专项练(五)(Word版带解析)

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时间:2020-12-23

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资料简介
计算题专项练(五) (建议用时:45 分钟) 1.温州机场大道某路口有按倒计时显示的时间显示灯.有一辆汽车在平直路面上正以 36 km/h 的速度朝该路口停车线匀速前行,在车头前端离停车线 70 m 处司机看到前方绿灯刚好显 示“5”.交通规则规定:绿灯结束时车头已越过停车线的汽车允许通过. (1)若不考虑该路段的限速,司机的反应时间为 1 s,司机想在剩余时间内使汽车做匀加速 直线运动以通过停车线,则汽车的加速度至少为多大? (2)若该路段限速为 60 km/h,司机的反应时间为 1 s,司机反应过来后汽车先以 2 m/s2 的 加速度沿直线匀加速行驶 3 s,为了防止超速,司机在加速结束时立即踩刹车,使汽车做匀减 速运动,结果车头前端与停车线相齐时刚好停下,求刹车后汽车的加速度大小(结果保留 2 位 有效数字). 2.如图所示,内径相同的两 U 形玻璃管竖直放置在空气中,中间用细 软管相连,左侧 U 形管顶端封闭,右侧 U 形管开口,用水银将部分气体 A 封 闭在左侧 U 形管内,细软管内还有一部分气体.已知环境温度恒为 27 ℃,大气 压强为 76 cmHg,稳定时,A 部分气体长度为 20 cm,管内各液面高度差分别为 h1=10 cm、h2=12 cm. (1)求 A 部分气体的压强; (2)现仅给 A 部分气体加热,当管内气体温度升高了 50 ℃时,A 部分气体长度为 21 cm, 求此时右侧 U 形管液面高度差 h′2. 3.如图所示,直角坐标系 xOy 的 x 轴水平,y 轴竖直,处于竖直向下、大小为 E0 的匀强电场中,过 O 点,倾角为 θ=60°的足够大斜面固定在坐标系中.质量为 m、 带电荷量为+q 的粒子从 y 轴上的 P 点,以某一速度沿 x 轴正方向射入,经过时间 t,在坐标 平面内加上另一匀强电场 E,再经过时间 t,粒子刚好沿垂直于斜面的方向到达斜面,且到达斜 面时速度为零.不计粒子重力,求: (1)粒子的初速度大小; (2)P 点与 x 轴的距离; (3)匀强电场 E 的电场强度大小. 4.在水平桌面上画两个同心圆,它们的半径分别为 r 和 2r.圆心处摆放一颗棋子 B,大圆 周上另一颗棋子 A 以某一初速度 v0 沿直径方向向右正对 B 运动,它们在圆心处发生弹性碰撞 后,A 刚好停在小圆周上,而 B 则刚好停在大圆周上.两颗棋子碰撞前后都在同一条直线上运 动,它们与桌面间的动摩擦因数均为 μ,棋子大小远小于圆周半径,重力加速度为 g.试求: (1)A、B 两颗棋子的质量之比; (2)棋子 A 的初速度 v0.计算题专项练(五) 1.解析:(1)在司机反应时间内汽车通过的位移 x1=v0t1=10 m,加速过程所用时间 t2=5 s-t1=4 s 由 70 m-x1=v0t2+ 1 2a1t22 解得 a1=2.5 m/s2. (2)汽车加速结束后通过的位移 x2=v0t1+v0t3+ 1 2a2t23=10 m+10×3 m+1 2×2×32 m=49 m 此时车头前端离停车线的距离为 x3=70 m-x2=21 m 此时速度为 vt=v0+a2t3=10 m/s+2×3 m/s=16 m/s 匀减速过程中,有 2a3x3=v2t 解得 a3= 128 21 m/s2≈6.1 m/s2. 答案:(1)2.5 m/s2 (2)6.1 m/s2 2.解析:(1)设左侧 A 部分气体压强为 p1,软管内气体压强为 p2,由图中液面的高度关系 可知,p0=p2+h2,p2=p1+h1,解得 p1=p0-(h1+h2)=54 cmHg. (2)由理想气体状态方程有 p1V1 T1 = p′1V′1 T′1 , 解得 p′1=60 cmHg; 由于空气柱长度增加 1 cm,则水银柱向右侧移动 1 cm,因此液面高度差 h′1=8 cm,由 p′1 =p0-(h′1+h′2), 解得 h′2=8 cm. 答案:(1)54 cmHg (2)8 cm 3.解析:(1)粒子运动轨迹如图中虚线所示,第一个时间 t 内,粒子做类 平抛运动 加速度 a= qE0 m 加上电场 E 时,粒子做匀减速直线运动.粒子在竖直方向的速度 vy=at 此时合速度方向垂直于斜面: v0 vy=tan θ 可解得粒子的初速度 v0= 3qE0t m . (2)第一个时间 t 内,粒子在竖直方向的位移 y1= 1 2at2 水平方向的位移 x1=v0t 在第二个时间 t 内,粒子在竖直方向的位移也为 y1,水平方向的位移 x2=y1tan θP 点到 x 轴的距离 l=2y1+(x1+x2)tan θ 代入数据得:l= 11qE0t2 2m . (3)在第二个时间 t 内,在竖直方向:qEy-qE0=ma 在水平方向: qEx m = v0 t 所以 E= E+E 解得:E= 7E0. 答案:(1) 3qE0t m  (2) 11qE0t2 2m  (3) 7E0 4.解析:(1)设 A、B 质量分别为 mA、mB,碰撞前、后 A 的速度分别是 vA0、vA,碰撞后 B 的速度为 vB. 由于是弹性碰撞,故有 mAvA0=mAvA+mBvB① 1 2mAv 2A0= 1 2mAv2A+ 1 2mBv2B② 依题意碰后 A 停在小圆周上,根据动能定理有 μmAgr= 1 2mAv2A③ 而 B 停在大圆周上,则 2μmBgr= 1 2mBv2B④ 先讨论 mA>mB 的情况.在此条件下,A 停在圆心右侧的小圆周上,B 停在圆心右侧大圆 周上. 联立①②③④式解得 mA mB= 1 1- 2 <0⑤ 与题设不符,故一定有 mA<mB⑥ 因此,碰后 A 一定是反向运动,这样,A 只可能停在圆心左侧的小圆周上. 根据①②③④⑥式解得 mA mB= 1 1+ 2 .⑦ (2)根据动能定理,碰前对 A 有 -2μmAgr= 1 2mAv 2A0- 1 2mAv20⑧ 联立①③④⑥⑦⑧式解得 v0= (10+4 2)μgr. 答案:(1) 1 1+ 2  (2) (10+4 2)μgr

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