2020高考物理二轮练习1实验题专项练(一)(Word版带解析)
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2020高考物理二轮练习1实验题专项练(一)(Word版带解析)

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时间:2020-12-23

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资料简介
二、实验题专项练 实验题专项练(一) (建议用时:30 分钟) 1.如图所示,打点计时器固定在铁架台上,使重物带动纸 带从静止开始自由下落,利用此装置验证机械能守恒定律.该装 置中的打点计时器所接交流电源频率是 50 Hz. (1)对于该实验,下列操作中对减小实验误差有利的是 ________. A.精确测量出重物的质量 B.两限位孔在同一竖直线上 C.重物选用质量和密度较大的金属重锤 D.释放重物前,重物离打点计时器下端远些 (2)按正确操作得到了一条完整的纸带,由于纸带较长,图中有部分未画出,如图所示.纸 带上各点是打点计时器连续打出的计时点,其中 O 点为纸带上打出的第一个点. ①重物下落高度应从纸带上计时点间的距离直接测出,利用下列测量值能完成验证机械 能守恒定律的选项有________. A.OA、OB 和 OG 的长度   B.OE、DE 和 EF 的长度 C.BD、BF 和 EG 的长度 D.AC、BF 和 EG 的长度 ②用刻度尺测得图中 AB 的距离是 1.76 cm,FG 的距离是 3.71 cm,则可测得当地的重力 加速度是________m/s2.(计算结果保留三位有效数字) 2.“用 DIS 测电源的电动势和内阻”的实验电路如图(a)所示,其中 R0 是阻值为 5 Ω的定 值电阻,滑动变阻器 R 的最大阻值为 10 Ω. (1)某同学按照实验电路连接,闭合开关后,移动滑动变阻器滑片,DIS 系统采集数据后,得到如图(b)所示的 U-I 图象,则该同学在实验中可能出现的不当操作是____________. (2)该同学发现操作不当之处,改正后重新实验,得到如图(c)所示的 U-I 图象,根据图象 可知电源电动势为______V,内阻为________ Ω. (3) 在 滑 动 变 阻 器 滑 片 从 最 左 端 逐 渐 向 右 移 动 的 过 程 中 , R 上 功 率 的 变 化 情 况 是 ____________;电源效率的变化情况是________. 3.用如图所示的装置可以测量弹簧的弹性势能.将弹簧放置在水平气垫导轨上,左端固 定,右端在 O 点;在 O 点右侧的 B、C 位置各安装一个光电门,计时器(图中未画出)与两个光 电门相连.先用米尺测得 B、C 两点间距离 s,再用带有遮光片的小滑块压缩弹簧到某位置 A, 由静止释放小滑块,计时器显示遮光片从 B 到 C 所用的时间 t,用米尺测量 A、O 之间的距离 x. (1)计算小滑块离开弹簧时速度大小的表达式是____________________. (2)为求出弹簧的弹性势能,还需要测量________. A.弹簧原长 B.当地重力加速度 C.小滑块(含遮光片)的质量 (3)实验误差的来源有________. A.空气阻力 B.小滑块的大小 C.弹簧的质量 4.某同学准备把量程为 0~500 μA 的电流表改装成一块量程为 0~2.0 V 的电压表.他 为了能够更精确地测量电流表的内阻,设计了如图甲所示的实验电路,图中各元件及仪表的 参数如下: A.电流表 G1(量程 0~1.0 mA,内阻约 100 Ω) B.电流表 G2(量程 0~500 μA,内阻约 200 Ω) C.电池组 E(电动势为 3.0 V,内阻未知) D.滑动变阻器 R(0~25 Ω) E.电阻箱 R1(总阻值 9 999 Ω) F.保护电阻 R2(阻值约 100 Ω) G.单刀单掷开关 S1,单刀双掷开关 S2(1)实验中该同学先闭合开关 S1,再将开关 S2 与 a 相连,调节滑动变阻器 R,当电流表 G2 有某一合理的示数时,记下电流表 G1 的示数 I;然后将开关 S2 与 b 相连,保持________不变, 调节________,使电流表 G1 的示数仍为 I 时,读取电阻箱的示数 r. (2)由上述测量过程可知,电流表 G2 内阻的测量值 rg=________. (3)若该同学通过测量得到电流表 G2 的内阻为 190 Ω,他必须将一个________ kΩ的电阻 与电流表 G2 串联,才能改装为一块量程为 2.0 V 的电压表. (4)该同学把改装的电压表与标准电压表 V0 进行了校准,发现当改装的电压表的指针刚好 指向满偏刻度时,标准电压表 V0 的指针恰好如图乙所示.由此可知,该改装电压表的百分误 差为________%. 二、实验题专项练 实验题专项练(一) 1.解析:(1)因为在实验中比较的是 mgh、 1 2mv2 的大小关系,故 m 可约去,不需要测量 重物的质量,对减小实验误差没有影响,故 A 错误;为了减小纸带与限位孔之间的摩擦,两 限位孔必须在同一竖直线上,这样可以减小纸带与限位孔的摩擦,从而减小实验误差,故 B 正确;实验选择的重物应该为质量较大、体积较小的物体,这样能减少空气阻力的影响,从 而减小实验误差,故 C 正确;释放重物前,为更有效的利用纸带,重物离打点计时器下端近 些,故 D 错误. (2)①当知道 OA、OB 和 OG 的长度时,无法算出任何一点的速度,故 A 不符合题意;当 知道 OE、DE 和 EF 的长度时,利用 DE 和 EF 的长度可以求出 E 点的速度,从而求出 O 点到 E 点的动能变化量,知道 OE 的长度,可以求出 O 点到 E 点重力势能的变化量,可以验证机 械能守恒定律,故 B 符合题意;当知道 BD、BF 和 EG 的长度时,由 BD、BF 的长度可以求 出 E 点的速度,但无法求出 G 点的速度,故无法求出 E 点到 G 点的动能变化量,故 C 不符合 题意;当知道 AC、BF 和 EG 的长度时,可以分别求出 B 点和 F 点的速度,从而求出 B 点到 F 点的动能变化量,知道 BF 的长度,可以求出 B 点到 F 点重力势能的变化量,可以验证机械能 守恒定律,故 D 符合题意. ②根据Δh=gt2,解得:g= 3.71-1.76 5 × 0.022 ×10-2 m/s2=9.75 m/s2. 答案:(1)BC (2)①BD ②9.75 2.解析:(1)由图(b)可知,测量电压为负,说明电压传感器正负极接反;(2)电源的伏安特性曲线中,电压轴的截距代表电源电动势,图线斜率的绝对值表示电源 内阻;由图(c)可知,电源电动势为:E=2.90 V  内阻为:r+R0=| ΔU ΔI |= 2.90-1.50 0.20 Ω=7 Ω,则 r=7 Ω-5 Ω=2 Ω. (3)把定值电阻等效到电源内部,充当电源内阻,则等效内阻为:r′=7 Ω;此时滑动变阻 的功率等于等效电源的输出功率,当内外电阻相等时,电源输出功率最大,滑动变阻器的阻 值先减小到 7 Ω,此过程功率逐渐增大;电阻继续减小,则功率又开始减小,即在滑动变阻 器滑片从最左端逐渐向右移动的过程中,R 上功率的先增大后减小;电源的效率为:η=IU IE× 100%= U E×100%,滑动变阻器电阻减小,则 U 减小,故电源的效率减小. 答案:(1)电压传感器正负极接反 (2)2.90 2 (3)先增大后减小 减小 3.解析:(1)滑块离开弹簧后的运动可视为匀速运动,故可以用 BC 段的平均速度表示滑 块离开弹簧时的速度,则有:v=s t. (2)弹簧的弹性势能等于滑块(含遮光片)增加的动能,故应求解滑块(含遮光片)的动能,根 据动能表达式可知,应测量小滑块(含遮光片)的质量,故选 C. (3)由于存在空气阻力,阻力做负功,小滑块的动能增加量小于弹簧的弹性势能的减少量; 由于弹簧有质量,故弹簧的弹性势能有小部分转化为弹簧的动能,故小滑块的动能增加量小 于弹簧弹性势能的减少量,故选 A、C. 答案:(1)v= s t (2)C (3)AC 4.解析:(1)当电流表 G2 有某一合理的示数时,记下电流表 G1 的示数 I;然后将开关 S2 与 b 相连,保持滑动变阻器 R 的阻值不变,调节 R1,使电流表 G1 的示数仍为 I 时,读取电阻 箱的示数 r. (2)电流 G2 的内阻与电阻箱接入电路的阻值相同,即 rg=r. (3)将电流表 G2 改装成电压表要串联电阻分压,串联电阻的阻值为 R′= U Ig-rg=3.81 kΩ. (4)标准电压表 V0 的示数为 1.90 V,由此可知,该改装电压表的百分误差为 2.0-1.90 1.90 × 100%=5.26%. 答案:(1)滑动变阻器 R 的阻值 R1 (2)r (3)3.81 (4)5.26

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