陕西省汉中市2019-2020高二数学(文)上学期期中试卷(Word版附解析)
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陕西省汉中市2019-2020高二数学(文)上学期期中试卷(Word版附解析)

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资料简介
2021 届高二期中考试数学(文)试题 一、选择题:本大题共 12 小题,每小题 5 分,满分 60 分,在每小题给出的四个 选项中,只有一项是符合题目要求的. 1.已知集合 , ,则 ( ) A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【分析】 先求集合 ,然后求 . 【详解】因为 ,所以 ,选 B. 【点睛】本题考查了集合的交集. 2.命题“存在 , 的否定是( ) A. 不存在 , B. 存 , C. 对任意的 , D. 对任意的 , 【答案】D 【解析】 【分析】 根据特称命题的否定是全称命题的有关知识,选出正确选项. 【详解】原命题是特称命题,其否定是全称命题,主要到要否定结论,故只有 D 选项符合. 故选:D. 【点睛】本小题主要考查全称命题与特称命题,考查特称命题的否定,属于基础题. 3.小明出国旅游,当地时间比中国时间晚一个小时,他需要将表的时针旋转,则转过的角的弧 度数是 (  ) A. B. C. - D. - 【答案】B 在 { }1,0,1A = − { }2 1xB x= ≤ A B = { }1,0,1− { }1,0− { }0,1 { }1,1− B A B { }0B x x= ≤ { }1,0A B∩ = − Rx∈ 2 1 0x x+ + ≤ Rx∈ 2 1 0x x+ + > Rx∈ 2 2 0x x+ + ≥ Rx∈ 2 1 0x x+ + ≤ Rx∈ 2 1 0x x+ + > π 3 π 6 π 3 π 6【解析】 【分析】 由于是晚一个小时,所以是逆时针方向旋转,时针旋转过程中形成的角的弧度数为 . 【详解】由题意小明需要把表调慢一个小时,所以时针逆时针旋转 弧度. 故选 B. 【点睛】本题考查了弧度数的方向与计算,属于基础题. 4.平面向量 与 的夹角为 60°,且 , ,则 ( ) A. B. C. 19 D. 【答案】B 【解析】 【分析】 利用平方再开方的方法化简所求表达式,结合向量数量积的运算求得所求表达式的值. 【 详 解 】 依 题 意 . 故选:B. 【点睛】本小题主要考查平面向量模的求法,考查平面向量数量积的运算,属于基础题. 5.已知 , , ,则 , , 的大小关系为() A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【分析】 根据 的单调性判断 的大小关系,由 判断出三者的大小关系. 【详解】由 , , ,则 .故选 C. 【点睛】本小题主要考查对数运算,考查对数函数的单调性,考查对数式比较大小,属于基 础题. 6 π π 6 a b 3 0( )a = , 1b = 2a b+ =  3 19 2 3 2a b+ =  2 22( 2 ) 4 4a b a a b b+ = + ⋅ +      9 4 3 1 cos60 4 19= + × × × + = 3a e= 3 3log 5 log 2b = − 2ln 3c = a b c a c b> > b c a> > c a b> > c b a> > 3logy x= ,a b 1a c< < 3log 1a e= < 3 3 5log log2b ae= < = ln3 1c = > c a b> >6.函数 零点所在区间为( ) A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【分析】 利用零点存在性定理计算 ,由此求得函数零点所在区间. 【详解】依题意可知 在 上为增函数,且 , , ,所以函数零点在区间 . 故选:C. 【点睛】本小题主要考查零点存在性定理的运用,属于基础题. 7.甲、乙两班在我校举行 “勿忘国耻,振兴中华”合唱比赛中,7 位评委的评分情况如茎叶图 所示,其中甲班成绩的中位数是 81,乙班成绩的平均数是 86,若正实数 a、b 满足:a,G,b 成等差数列且 x,G,y 成等比数列,则 的最小值为( ) A. B. 2 C. 8 D. 【答案】D 【解析】 【分析】 根据题目所给中位数和平均数,求得 的值,根据等差中项和等比中项的性质求得 的关 系式,进而利用基本不等式求得所求表达式的最小值. 【详解】由于甲班成绩的中位数是 ,乙班成绩的平均数是 ,结合茎叶图可知, , ,解得 .由于正实数 a、b 满足:a,G,b 成等 的 ( ) 3 lgf x x x= − + ( )0,1 ( )1,2 ( )2,3 ( )3,4 ( ) ( ) 0f a f b⋅ < ( )f x ( )0, ∞+ ( )2 lg 2 1 0f = − < ( )3 lg3 0f = > ( ) ( )2 3 0f f⋅ < ( )2,3 1 4 a b + 4 9 9 4 ,x y ,a b 81 86 1x = 76 80 82 80 91 93 96 867 y+ + + + + + + = 4y =差 数 列 且 x ,G ,y 成 等 比 数 列 , 所 以 , 即 . 所 以 . 故选:D. 【点睛】本小题主要考查茎叶图的识别,考查平均数、中位数的概念,考查等差中项、等比 中项的性质,考查利用基本不等式求最值的方法,属于中档题. 8.函数 图像的大致形状是( ) A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【分析】 首先判断函数的奇偶性,然后利用特殊点的函数值对图像进行排除,由此得出正确选项. 【 详 解 】 由 于 函 数 的 定 义 域 为 , , ,所以函数 为偶函数,图像关于 轴 对称,故排除 D 选项.而 ,排除 C 选项, ,由于 ,所以 ,而 ,由此排除 A 选项. 故选:B. 【点睛】本小题主要考查函数图像的识别,考查函数的奇偶性,属于基础题. 2 2G a b G xy = +  = 2 4, 42 a b a b +  = + =   ( ) ( )1 4 1 1 4 1 4 1 4 1 95 5 2 5 44 4 4 4 4 a b a ba ba b a b b a b a     + = ⋅ + + = + + ≥ + ⋅ = + =            2( ) 1 sin1 xf x xe  = − +  ( )f x R ( ) 1 sin1 x x ef x xe −= ⋅+ ( ) ( ) ( )1 1sin sin1 1 x x x x e ef x x x f xe e − − − −− = ⋅ − = ⋅ =+ + ( )f x y ( )0 0f = π 2 π 2 12 1 f e   = −   + π 21 2e+ > π 2 π 2 1 02 1 f e   = − > 24y x= 1 2 2 2 13 4 x y+ = 2 2 112 16 x y+ = 2 2128 32 13 x y+ = 2 2256 64 13 x y+ = 1 2 1 4 = 1 16 1 16 1 16 1 2 1 2 c a = 1 8 2 2 3 16a c= − = 2 2 3 256 11 64 x y+ = 3 1 2+ + A B A B【解析】 【分析】 事件 与事件 不能同时发生,是互斥事件,他还可以选择化学和政治,不是对立事件,得 到答案. 【详解】事件 与事件 不能同时发生,是互斥事件 他还可以选择化学和政治,不是对立事件 故答案选 A 【点睛】本题考查了互斥事件和对立事件,意在考查学生对于互斥事件和对立事件的理解. 11.圆柱的侧面展开图是一个面积为 的正方形,该圆柱内有一个体积为 V 的球,则 V 的最 大值为( ) A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【分析】 根据正方形的面积计算出圆柱的底面直径和高,由此求得圆柱内最大球的半径,进而求得体 积. 【详解】设圆柱的底面直径为 ,高为 ,则 ,解得 .故圆柱的底面直径 为 ,高为 ,所以圆柱内最大球的直径为 ,半径为 ,其体积为 . 故选 A. 【点睛】本小题主要考查圆柱侧面展开图有关计算,考查圆柱内的最大球的体积的求法,属 于基础题. 12.已知锐角 的角 A,B,C 的对边分别为 a,b,c,且 ,三角形 ABC 的面积 ,则 的取值范围为    A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 A B A B 216π 32 3 π 432 3 π 256 3 π 4256 3 π 2r l 2 2 2π 16π r l l =  = 2 4π r l =  = 4 4π 4 2 34π 32π23 3 × = ABC 1c = 1ABCS =△ 2 2a b+ ( ) 17 ,2  +∞  ( )9,+∞ 17 ,92      17 ,92    【分析】 因为三角形为锐角三角形,所以过 C 做 于 D,D 在边 AB 上,根据面积算出 ,再根据勾股定理表示出 ,由二次函数知识可求得. 【详解】因为三角形为锐角三角形,所以过 C 作 于 D,D 在边 AB 上,如图: 因为: ,所以 , 在三角形 ADC 中, , 在三角形 BDC 中, , , , .设 结合二次函数的性质得到: . 故选:D. 【点睛】本题考查了三角函数的应用以及二次函数的值域,最值问题;题目难度中等.这个题 目考查了二元问题的应用,一般采用的是二元化一元. 二、填空题:本大题共 4 小题,每小题 5 分,满分 20 分. 13.不等式 的解集为________. 【答案】 【解析】 CD AB⊥ 2CD = 2 2a b+ CD AB⊥ 1 12S ABC AB CD= ⋅ =  2CD = 2 2 2 4AD AC CD b= − = − 2 2 2 4BD BC CD a= − = − 1AD BD AB+ = = 2 24 4 1a b∴ − + − = 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 24 4 8 ( 4) ( 4) 8 ( 4) (1 4) 8a b a b a b a a∴ + = − + − + = − + − + = − + − − + 2 2 22( 4) 2 4 9a a= − − − + ( )2 4 0,1a − ∈ ( )2 4 0,1t a∈ − ∈ 2 22 2 2 9a t tb∴ = − ++ 2 2 17 ,92a b  + ∈   1 2x x − > ( )1,0−【分析】 将不等式右边化为零,然后利用分式不等式的解法,求得不等式的解集. 【详解】由 得 ,即 ,解得 . 故答案为: . 【点睛】本小题主要考查分式不等式的解法,属于基础题. 14.已知数列 中, , ,则数列 的通项公式是________. 【答案】 【解析】 【分析】 利用累积法求得数列 的通项公式, 【 详 解 】 依 题 意 , 当 时 , 所 以 ,当 时上式也符合,故数列 的通项公式是 . 故答案为: . 【点睛】本小题主要考查累加法求数列通项公式,考查等差数列前 项和公式,属于基础题. 15.已知一组数 1,2,m,6,7 的平均数为 4,则这组数的方差为______. 【答案】 【解析】 【分析】 先根据平均数计算出 的值,再根据方差的计算公式计算出这组数的方差. 【 详 解 】 依 题 意 . 所 以 方 差 为 . 1 2x x − > 1 2 1 0x x x x x − − − −= > ( )1 0x x + < ( )1,0x∈ − ( )1,0− { }na 1 1a = 1 1n na a n+ = + + { }na ( 1) 2n n na += { }na 2n ≥ 1n na a n−− = ( ) ( ) ( )1 1 2 2 1 1n n n n na a a a a a a a− − −= − + − + + − + ( ) ( )11 2 1 2 n nn n += + − + + + = 1n = { }na ( 1) 2n n na += ( 1) 2n n na += n 26 5 m 1 2 6 7 4, 45 m m + + + + = = ( ) ( ) ( ) ( ) ( )2 2 2 2 21 1 4 2 4 4 4 6 4 7 45  − + − + − + − + −  [ ]1 269 4 4 95 5 = + + + =故答案为: . 【点睛】本小题主要考查平均数和方差的有关计算,考查运算求解能力,属于基础题. 16.已知函数 ,若存在实数 ,当 时, ,则 的取值范围是__________. 【答案】 【解析】 所以 , ,得 则 , 令 ,得 , 又 ,则 的取值范围为 。 点睛:分段函数及根的个数问题采用图象辅助解题是常用手段,通过画出函数图象,得到 , ,则所求式子 即关 于 的函数求值域问题,根据复合函数求值域的方法求出值域即可。 三、解答题:共 70 分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤. 17.已知函数 . 26 5 ( ) 1 1 ,0 2 1 ,2 32 x x x f x x −  − ≤ ≤ =   < ≤   1 2 3, ,x x x 21 30 3x x x≤ < < ≤ 1 2 3( ) ( ) ( )f x f x f x= = 1 2 2 3( ) ( )x x x f x+ 5 3[ , )8 2 1 2 2x x+ = 3 1 1 2 11 1 2 x x x − − = − =    3 1 2 1 12 x x − = +   ( ) ( ) 3 31 1 1 2 2 3 1 12 12 2 x x x x x f x − −    + = +          ( ]3 1 3 1 , 2,32 x t x − = ∈   1 1,4 2t  ∈   ( ) 22 1 2 2y t t t t= + = + y 5 3,8 2    1 2 2x x+ = 3 1 2 1 12 x x − = +   ( ) ( ) 3 31 1 1 2 2 3 1 12 12 2 x x x x x f x − −    + = +          3x ( ) 2cos ( 3sin cos )f x x x x= +(I)求函数 的最小正周期和对称中心坐标; (II)讨论 在区间 上的单调性. 【答案】(Ⅰ) ,对称中心为 ;(Ⅱ)增区间 ;减区间 【解析】 分析】 (Ⅰ)化简函数的解析式 ,利用三角函数的图象与性质,即可求解. (Ⅱ)由(1)可知 ,根据 和三角函数的图象与性质,即可求 解. 【详解】(Ⅰ)由题意,函数 , 所以函数 的最小正周期 , 令 ,即 ,即 ,解得 所以函数 的对称中心为 . (Ⅱ)由(1)可知 , 令 ,解得 , 令 ,解得 , 又因为 , 当 时,函数 的单调递增区间为 ,单调递减区间为 . 【点睛】本题主要考查了三角函数的恒等变换,以及三家函数的图象与性质的应用,其中解 答中熟记三角函数恒等变换的公式,以及三角函数的图象与性质,准确计算是解答的关键, 着重考查了推理与运算能力,属于基础题. 【 ( )f x ( )f x [0, ]2 π T π= ,0 ( )12 2 k k Z π π − + ∈   0 6, π     ,6 2 π π     ( ) 2sin(2 )6f x x π= + ( ) 2sin(2 )6f x x π= + [0, ]2x π∈ 2( ) 2cos ( 3sin cos ) 1 2 3sin cos 2cos 1f x x x x x x x= + − = + − 3sin 2 cos2 2sin(2 )6x x x π= + = + ( )f x 2 2 2T w π π π= = = ( ) 0f x = 2sin(2 ) 06x π+ = 2 ,6x k k Z π π+ = ∈ 12 2 kx π π= − + ,k Z∈ ( )f x ( ,0),12 2 k k Z π π− + ∈ ( ) 2sin(2 )6f x x π= + 2 2 2 ,2 6 2k x k k Z π π ππ π− + ≤ + ≤ + ∈ ,3 6k x k k Z π ππ π− + ≤ ≤ + ∈ 32 2 2 ,2 6 2k x k k Z π π ππ π+ ≤ + ≤ + ∈ 2 ,6 3k x k k Z π ππ π+ ≤ ≤ + ∈ [0, ]2x π∈ 0k = ( )f x 0 6, π     ,6 2 π π    18.已知 是公差不为零的等差数列, ,且 , , 成等比数列. (1)求数列 的通项公式; (2)设数列 求数列 的前 n 项和 . 【答案】(1) (2) 【解析】 【分析】 (1)根据等比中项的性质列方程,然后转化为 的的形式,解方程求得 的值,进而求得 数列 的通项公式. (2)利用裂项求和法、分组求和法求得数列 的前 n 项和 . 【详解】(1)已知 是公差 不为零的等差数列, ,且 , , 成等比数列. 所以 ,整理得 ,解得 . 故 . (2)由于 , 所以 , 所以 . 【点睛】本小题主要考查等差数列基本量的计算,考查裂项求和法、分组求和法,考查运算 求解能力,属于中档题. 19.某大型企业为鼓励员工利用网络进行营销,准备为员工办理手机流量套餐.为了解员工手 机流量使用情况,通过抽样,得到 100 位员工每人手机月平均使用流量 L(单位:M)的数据, 其频率分布直方图如图. { }na 1 1a = 1a 2a 5a { }na 1 12 na n n n b a a + = + { }nb nS 2 1na n= − ( )2 4 13 2 1 n n nS n = − + + 1,a d d { }na { }nb nS { }na d 1 1a = 1a 2a 5a 2 2 1 5a a a= ⋅ ( ) ( )2 1 1 1 4a d a a d+ = ⋅ + 2d = 1 2( 1) 2 1na a n n= + − = − 2 1na n= − 2 1 1 1 1 4 1 1 12 2 (2 1)(2 1) 2 2 2 1 2 1 n n a n n n n b a a n n n n − +  = + = + = + − − + − +  ( )1 21 1 1 1 1 1 14 4 4 12 2 3 3 5 2 1 2 1 n nS n n  = + + + + − + − + + − − +   ( )4 4 11 1 112 4 1 2 2 1 n n −  = ⋅ + − − +  ( )2 4 13 2 1 n n n = − + +(1)从该企业的 100 位员工中随机抽取 1 人,求手机月平均使用流量不超过 900M 的概率; (2)据了解,某网络运营商推出两款流量套餐,详情如下: 套餐名称 月套餐费(单位:元) 月套餐流量(单位:M) A 20 700 B 30 1000 流量套餐的规则是:每月 1 日收取套餐费.如果手机实际使用流量超出套餐流量,则需要购 买流量叠加包,每一个叠加包(包含 200M 的流量)需要 10 元,可以多次购买,如果当月流 量有剩余,将会被清零.该企业准备订购其中一款流量套餐,每月为员工支付套餐费,以及 购买流量叠加包所需月费用.若以平均费用为决策依据,该企业订购哪一款套餐更经济? 【答案】(1)0.9;(2) 企业选择 A 套餐更经济 【解析】 分析】 (1)首先根据频率分布直方图小长方形的面积和也即频率之和为 列方程,由此求得 的值. 然后计算出流量不超过 的概率. (2)分别计算选择套餐 和套餐 ,每月使用流量的平均费用,由此确定该企业选择 套餐 更经济. 【详解】(1)由题意知 . 所以 100 位员工每人手机月平均使用流量不超过 900M 的概率为 . (2)若该企业选择 A 套餐,则 100 位员工每人所需费用可能为 20 元,30 元,40 元, 【 1 a 900M A B A ( )0.002 0 0008 0 0025 0 0035 0 0008 100 1 0 0022a a+ + + + + × = ⇒ =. . . . . ( )1 0 0002 0 0008 100 0 9− + × =. . .每月使用流量的平均费用为 , 若该企业选择 B 套餐,则 100 位员工每人所需费用可能为 30 元,40 元,每月使用流量的平均 费用为 , 所以该企业选择 A 套餐更经济. 【点睛】本小题主要考查频率分布直方图的知识运用,考查利用频率分布直方图求解实际生 活中的应用问题,属于基础题. 20.如图,在四棱锥 E-ABCD 中, 平面 ABCD, , , . (1)求证: 平面 BDE; (2)当几何体 ABCE 的体积等于 时,求四棱锥 E-ABCD 的侧面积. 【答案】(1)证明见解析;(2) 【解析】 【分析】 ( 1 ) 取 的 中 点 , 连 接 , 证 得 , 结 合 平 面 , 证 得 ,由此证得 平面 . (2)首先根据三棱锥的体积公式结合等体积法,利用几何体 的体积为 列方程,解方 程求得 的长,进而计算的 的长,证得三角形 为直角三角形,由此计算 出四棱锥 的侧面积. 【详解】(1)证明:取 的中点 ,连接 , ,四边形 为矩 形, ( ) ( ) ( )20 0 08 0 22 30 0.25+0.35 40 0 08 0 02 28× + + × + × + =. . . . ( )30 0 08 0 22 0 25 0 35 40 0 02 30 2× + + + + × =. . . . . . ED ⊥ / /AB CD AB AD⊥ 1 12AB AD CD= = = BC ⊥ 1 3 6 2 3 5 2 + + CD F BF BC BC⊥ ED ⊥ ABCD ED BC⊥ BC ⊥ BDE ABCE 1 3 DE , ,EA BE CE BCE E ABCD− CD F BF / / ,AB FD AB FD= ABFD则直角梯形 中, , , ,即 , 又 平面 , 平面 , , 又 平面 , (2)由于 平面 , 平面 ,所以平面 平面 ,而 , 所以 平面 ,所以 , , 解得 , 又 , , ,又 , ;而 ,所以 ,故三角形 为直角三角形. 所以四棱锥 E-ABCD 的侧面积为 . 【点睛】本小题主要考查线面垂直的证明,考查三棱锥的体积有关计算,考查四棱锥侧面积 有关计算,考查空间想象能力和逻辑推理能力,属于中档题. 21.已知 ,若动点 满足 ,设线段 的中点为 (1)求点 的轨迹方程; (2)设直线 与点 的轨迹交于不同的两点 ,且满足 ,求直线 的方程. ABCD BF CD⊥ BF CF DF= = 90CBD °∴∠ = BC BD⊥ ED ⊥ ABCD BC ⊂ ABCD BC ED∴ ⊥ BD DE D∩ = BC∴ ⊥ BDE ED ⊥ ABCD ED ⊂ ADE ADE ⊥ ABCD AB AD⊥ AB ⊥ ADE AB AE⊥ 1 1 1 1 3 2 6 3A BCE E ABCV V DE AB AD DE− −∴ = = ⋅ ⋅ ⋅ = =三棱锥 三棱锥 2DE = 1 12AD CD= = DE AD⊥ 5EA∴ = 1AB = 6BE∴ = 2 2, 2CE BC= = 2 2 2BE BC CE+ = BCE 1 1 1 1 6 2 3 5 2 2 2 2 2S DE AD AE AB DE CD BC BE + += ⋅ + ⋅ + ⋅ + ⋅ =侧 ( 2,0), (1,0), (6,0)A B Q− ( , )P x y′ ′ 2PA PB= PQ M M 1y kx= − M 1 1 2 2( , ), ( , )C x y D x y 1 2 2 1 1x x k − = + l【答案】(1) ;(2) 或 . 【解析】 试题分析: 利用代入法求出点 的轨迹方程; (2)联立直线与圆方程求得 再根据题目条件 联立即可求得直线方程。 解析:(1)因为 , ,且 所以 , 化简得 ,即 ① 设 ,由中点坐标公式得 ,即 ② 将②代入①得: 所以点 的轨迹方程为 . (2)由 消去 得 整理得 所以 由已知 得 所以 即 ,即 所以 2 2( 4) 1x y− + = 2 1 0x y− − = 30 30 0x y− − = ( )1 M ( ) 1 2 1 22 2 2 4 16 1 1 kx x x xk k ++ = ⋅ =+ +、 , 1 2 2 1 1x x k − = + ( ) ( )2,0 , 1,0A B− ( ),P x y′ ′ 2PA PB= ( ) ( )2 22 22 2 1x y x y+ + = −′ +′ ′ ′ 2 2 4 0x y x+ −′ ′ =′ ( )2 22 4x y− + ′ =′ ( ),M x y 6 2 2 xx yy ′ ′ + =  = 2 6 2 x x y y ′ ′ = −  = ( ) ( )2 22 8 2 4x y− + = M ( )2 24 1x y− + = ( )2 2 1 4 1 y kx x y = − − + = y ( ) ( )2 24 1 1x kx− + − = ( ) ( )2 21 2 4 16 0k x k x+ − + + = ( ) 1 2 1 22 2 2 4 16,1 1 kx x x xk k ++ = ⋅ =+ + 1 2 2 1 1x x k − = + ( ) ( ) 2 1 2 1 2 22 14 1 x x x x k + − ⋅ = + ( ) ( ) ( ) 2 2 222 2 4 4 16 14 11 1 k kk k + − × =++ + ( ) ( )2 24 4 64 1 1k k+ − + = 260 32 1 0k k− + = 1 2 1 1,2 30k k= =所以直线 的方程为 或 即 或 . 点睛:遇到 这样的条件时,要想到阿波罗尼斯圆,计算得到点的轨迹方程是圆, 联立直线与圆的方程,然后求得两根之和与两根之积,来表示两根之差,从而计算出结果。 22.已知函数 , (1)若 , ,判断 在 上的单调性,并用定义证明; (2)已知 ,存在 ,对任意 ,都有 成立,求 的取值范围. 【答案】(1) 减函数,证明见解析;(2) 【解析】 【分析】 (1)先求得 的解析式,然后判断函数 在 递减,并利用单调性的定义,证 明结论成立. (2)将原不等式等价转化为存在 ,使得 ,求 得 的取值范围,首先证得 恒成立,然后对 分成 和 两种情况分类讨论,结合 求得 的取值范围. 【详解】(1) ,且 , , 在 上为减函数 证明:任取 、 ,且 , l 1 12y x= − 1 130y x= − 2 1 0x y− − = 30 30 0x y− − = 2PA PB= | |( ) x af x e −= ( ) bxh x e= 2a = 1b = ( ) ( ) ( )g x f x h x= + ( )1−∞, 0,[ )ln2b∈ 0 [0,1]x ∈ [0,1]x∈ ( )0( ) 1f x h x− < a ( ) ( )( )1 ln 1 ,ln 1b be e− + + ( )g x ( )g x ( )1−∞, 0 [0,1]x ∈ ( )max 0 min( ( ) 1) ( ( ) 1)f x h x f x− < < + ( )0h x ( )0 min( ( ) 1)h x f x< + a 1 2a ≤ 1 2a > max( ( ) 1) bf x e− < a | 2|( ) ( ) ( ) x xg x f x h x e e−= + = + 1x < 2( ) x xg x e e−∴ = + ( )y g x= ( )1−∞, 1x 2 1( )x ∈ −∞, 1 2x x< ( ) ( ) ( ) ( )2 1 1 2 2 1 1 2 1 2 22 2 1 2 x x x x x x x x x x e e ee eg x g x e e e ee e e e − − = + − + = − −   ( ) 1 2 2 1 1 2 2 x x x x x x e e ee e e e −= − 2 1 2 1 1 2 2 2 1 1, 0,x x x x x xx e e e e e ex +< => >< ∴ >,即 在 上为减函数. (2) , 对任意 ,存在 , 使得 成立, 即存 ,使得 , 当 , 为增函数或常函数, 此时 , 则有 恒成立 当 时, , 当 时, , . . 故实数 的取值范围是 . 【点睛】本小题主要考查利用单调性的定义证明函数的单调性,考查存在性问题和恒成立问 题组合而成的不等式的求解策略,考查分类讨论的数学思想方法,综合性很强,属于难题. 在 ( ) ( )1 2 0g x g x∴ − > ( ) ( )1 2g x g x> ( )y g x∴ = ( ,1)−∞ ( )0( ) 1f x h x− − + ( ) 1ln 1 ln2 ln 2 be e+ ≥ > = ( ) 11 ln 1 2 be∴ − + < ( ) 11 ln 1 , 2 ba e ∴ ∈ − +   1 2a > max( ) (0) af x f e∴ = = 1b ae e∴ + > ( )ln 1ba e∴ < + ( ) 1ln 1 ln2 ln 2 be e+ ≥ > = ( )1 ,ln 12 ba e ∴ ∈ +   a ( ) ( )( )1 ln 1 ,ln 1b be e− + +

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