黑龙江2020届高三数学(文)下学期复习考试试题(扫描版附答案)
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黑龙江2020届高三数学(文)下学期复习考试试题(扫描版附答案)

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时间:2020-12-23

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资料简介
参考答案 1.B 详解:由题意, 则 的共轭复数 对应的点在第二象限.故选 B. 2.D【详解】由 得 ,又 所以 .又 ,其中 所以 ,故 ,所以 .故选 D. 3.A 由题意知,2a=8,∴a=4,又 ,∴c=3,则 b2=a2﹣c2=7.当椭圆的焦点在 x 轴上时, 椭圆方程为 ;故答案为: 。故答案为 A。 4.A【详解】小球落在阴影部分的概率为: ,本题正确选项:A 5.B 6.B【解析】 , , , ,选 B. 7.D【详解】圆 圆心为 ,半径为 ,而 ,所以 是等边三角形.由于 是线段 的中点,所以 .所以 .故选:D 8.C【详解】由题意知,当 时, ,可得 ,设 ,则 ,所以 在 单调减. 不等式 , 即为 ,解得 ,故选 C. ( ) ( ) ( ) 2 22 2 2 2 ,i iiz ii i i − ⋅ −−= = = − −⋅ − 2 2 ,z i∴ = − + z z { | ln(2 )}A x N y x= ∈ = − 2 0, 2x x− > < x∈N 0,1x = ( 2){ | 2 1}x xB x −= ≤ ( 2) 02 1 2 ( 2) 0x x x x− ≤ = ⇒ − ≤ 0 2x≤ ≤ { }{0,1}, | 0 2A B x x= = ≤ ≤ { }0,1A B = 3 4e = 2 2 116 7 x y+ = 2 2 116 7 x y+ = 2 1 2 2 1 32 1 4 4 64P π π π − ⋅ ⋅ =⋅= ⋅ 2 (sin56 cos56 ) sin(56 45 ) sin112a = − = − =     cos(90 40 )cos(90 38 ) cos40 cos38 sin 40 sin38 cos40 cos38 cos78 sin12b = − + + = − + = =            cos80 sin10c = =  sin12 sin11 sin10 , b a c> > ∴ > >   O ( )0,0 2 | | 2AB = OAB∆ M AB 1 1 2 2OM OA OB= +   OC OM⋅  1 2 3 3 1 1 2 2OA O O OB A B = + ⋅ +         2 21 1 1 6 2 3OA OA OB OB= + ⋅ ⋅ +    2 1 42 2 cos60 33 2 3 = + × × × + = ( , 0)x ∈ −∞ ( ) 2 ( ) 1xf x f x− >′ 2 ( ) 2 ( )x f x xf x x−′ < 2 ( )( ) = f xg x x 2 4 3 ( ) 2 ( ) 1( ) 0x f x xf xg x x x −= =′ 1,∴ ,故选 B. 13.甲胜【详解】若甲队获胜,则 A,B 判断都正确,与三人中只有一人的判断是正确的矛盾, 故甲不可能获胜.故答案为:甲胜 14. 【详解】因为 是 上的偶函数且在 上递增,所以 在 上递减,又因为 ,所以 ,所以 ,所以 ,所以 .故答案为: . 15. 【详解】解:因为 ,所以 ,所以 ,即 , 又 ,所以 ,则 ,因为 ,所以 , 而 ,故 .故答案为: ; ; 16. 【详解】 两两垂直 平面 ,即 (当且仅当 ,即 时取等号)又 恒成立, ,解得: , 正实数 的最小值为 2b a< 3c a< 3e < 1 3e< < ( )0, 3 ( )f x R ( ],0−∞ ( )f x ( )0, ∞+ ( ) ( )3log2 2af f> − 3log2 2 0 a a  < − > 3 1 log 22 2 0 a a   3 1log 2 0 a a   ( )0, 3a∈ ( )0, 3 6 π ( ) ( )3,0 0,2−  2 3 3 cos cos a b c B C − = ( ) ( )2 3 cos 3 cos cos cos 0a b C c B B C− = ⋅ ≠ ( )2sin 3sin cos 3sin cosA B C C B− = ( )2sin cos 3sin 3sinA C C B A= + = sin 0A > 3cos 2C = 6C π= cos 0B ≠ 50, ,2 2 6B π π π   ∈       2 2 2 2cosa c b Bac + − = ( ) ( )2 2 2 3,0 0,2a c b ac + − ∈ −  6 π ( ) ( )3,0 0,2−  6 4 2− , ,PA PB PC PC∴ ⊥ PAB 1 1 1 3 2 1 13 3 2P ABC C PAB PABV V S PC− − ∆∴ = = ⋅ = × × × × = 1 2 12 x y+ + = 4 2 1x y∴ + = ( )1 1 2 4 2 44 2 4 2 4 2 2 4 2 4 2a a y ax y axx y a a a ax y x y x y x y  ∴ + = + + = + + + ≥ + + ⋅ = + +   2 4y ax x y = 2y ax= 1 8a x y + ≥ 4 2 4 2 8a a∴ + + ≥ 6 4 2a ≥ − ∴ a 6 4 2−17.(1)见解析;(2) 【详解】(1)连结 AC,交 BD 于 O,连接 MO,由于底面 ABCD 为菱形, O 为 AC 中点又 M 为 的中点, ,又 面 , 面 平面 (2) , 到平面 的距离等于 到平面 的距离. 过 作 ,垂足为 ,由于 为正三角形, 为 的中点.由于侧面 面 ,由面面垂直的性质得 面 ,由 ,且 ,得 ∴ , ,连接 CE 和 BE,得 ,又因为 DE=1,CD=2, ,由余弦定理 得 ,所以 ,又因为 为等腰三角形,M 为重点,所以 , 因为 ,所以 ,M 是中点,所以 ,所以 为直角三角形,面积为 , 得, 到平面 的距离为 ,故 到平面 的距离为 . 18.① ;②见解析. 试题解析: ,两边取到数得 ,可知数列 为等差 数列,且首项为 2,公差为 2,故 , . ②依题可知 = ,所以 ,故 3 7 7 ∴ PC ∴ MO PA∥ MO ⊂ MDB PA ⊄ MDB PA∴  MDB M PC 是 的中点 ∴ P BDM A BDM P PE AD⊥ E PAD∆ E AD PAD ⊥ ABCD PE ⊥ ABCD AD PE AD PB⊥ ⊥, PE PB PEB PE PB P⊂ =, 平面 , AD PEB⊥ 平面 60AD EB EAB °⊥ ∴∠ = 2BD∴ = 3BE = 0120CDE∠ = 7CE = 10PC = PCD 6 2DM = 6, 2, 10PB BC PC= = = 090PBC∠ = 10 2BM = BDM 15 4 M ABD A BDMV V− −=由 A BDM 2 15 5 P BDM 2 15 5 1 2na n = 1 2 1 n n n aa a+ = + 1 2 11 1 2n n n n a a a a+ += = + 1 na       1 2 n na = 1 2na n ∴ = 2 2 2 1 1 1 1 1 1 2 4 4 1na n n n n  = = ⋅ < ⋅ ⋅  −  ( )*1 1 1 2,4 1 n n Nn n  − ≥ ∈ −  2 2 2 2 1 2 3 1 1 1 1 1 1 114 4 2 2 3 1na a a a n n  + + + + < + − + − + + − −   2 2 2 2 1 2 3 1 2na a a a+ + + + > 1 2 ce a = = 1a c− = 2, 1a c= = C 2 2 14 3 x y+ = ( ) ( )1 1 2 2, , ,A x y B x y 1 20, 0y y> < l l 1x my= + 2 2 1 14 3 x my x y = + + = ( )2 23 4 6 9 0m y my+ + − = 1 2 1 22 2 6 9,3 4 3 4 my y y ym m − −+ = =+ + ( ) 1 2 1 2 1 2 2 1 12 1 2 3 4F AB mS F F y y m∆ += − = + 2 1m t+ = 1t ≥ 2 2 1m t= − 1 2 12 12 13 1 3 F AB tS t t t ∆ = =+ + ( ) 13f t t t = + ( ) 2 13 tf t = −' 1t ≥ ( )>0f t' ( )f t [ )1,+∞ ( ) ( )1 4f t f≥ = 1 3F ABS∆ ≤ 1, 0t m= = 1F AB∆ 1x =21.(1) ;(2) . 解(1) ,所以切线的斜率为 ,切线方程为 .将 代入得 ,即 ,显然 是方程的解,又 在 上是增函数, 方 程 只有唯一解,故 ; (2) 设 , 在 上是减函数, , 当 时,即 时, , 在 是增函数,又 , 在 恒成立, 即 在 恒成立, 在 上单调递减函数,所以 ,满足题意, 当 时,即 , ,函数 有唯一的零点,设为 , 则 在 上单调递增,在 单调递减, 又 ,又 在 内唯一零点 ,当 时, ,当 时, , 从而 在 单调递减,在 单调递增,不合题意,所以 的取值范围是 . 22.(1) ( 为参数);(2) . 0 1x = 2a ≤ 1( ) 2f x x a x ′ = + − 0 0 0 1( ) 2f x x a x ′ = + − 0 0 0 0 1(2 )( )y y x a x xx − = + − − (0,0)O 2 2 0 0 0 0 0ln 2 1x ax x x ax+ − = + − 2 0 0ln 1 0x x+ − = 0 1x = 2 ln 1y x x= + − (0, )+∞ ∴ 2 0 0ln 1 0x x+ − = 0 1x = 2 2 1(2 ) lnln( ) , ( ) ,x x x a x a xx ax x xF x F xe e − + − + − ++ − ′= = 2 1( ) (2 ) lnh x x a x a xx = − + − + − + 2 1 1( ) 2 2h x x ax x ′ = − + + + − (0,1] ( ) (1) 2h x h a′∴ ≥ = − 2 0a− ≥ 2a ≤ ( ) 0h x′ ≥ ( )h x∴ (0,1) (1) 0h = ( ) 0≤h x (0,1] ( ) 0F x′ ≤ (0,1] ( )F x∴ (0,1] 2a ≤ 2 0a− < 2a > 0, ( )x h x′→ → +∞ ( )h x′ 0x ( )h x 0(0, )x 0( ),1x 0(1) 0, ( ) 0h h x= ∴ > ( ) 0,ah e− < ( )h x∴ (0,1) m (0, )x m∈ ( ) 0, ( ) 0h x F x′< < ( ,1)x m∈ ( ) 0, ( ) 0h x F x′> > ( )F x (0, )m ( ,1)m a 2a ≤试题解析:(1)由 得 ,所以 ,即 .故曲线 的参数方程 ( 为参数). (2)由(1)可设点 的坐标为 ,则矩形 的面积为 令 , , ,故当 时, . 23.(1) (2) 【详解】解:(1)当 时, 由 ,得 .故不等式 的 解集为 . (2)因为“ , ”为假命题,所以“ , ”为真命题, 所以 .因为 ,所以 ,则 ,所以 ,即 ,解得 ,即 的取值范围为 . 1 ,2  − +∞  [ ]2,0− 1a = − ( ) 2, 1, 1 1 2 , 1 1, 2, 1. x f x x x x x x − ≤ − = + − − = − <

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