宁夏2020届高三物理第六次月考试题(Word版含解析)
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宁夏2020届高三物理第六次月考试题(Word版含解析)

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资料简介
2020 届高三年级第六次月考 理科综合能力测试 一、选择题:本题共 8 小题,每小题 6 分。在每小题给出的四个选项中,第 1~5 题只有一项符合题目要求;第 6~8 题有多项符合要求。全部选对得 6 分,选对但 不全的得 3 分,有选错的得 0 分。 1.如图所示,在倾斜的滑杆上套一个质量为 m 的圆环,圆环通过轻绳拉着一个质量为 M 的物 体,在圆环沿滑杆向下滑动的过程中,悬挂物体的轻绳始终处于竖直方向.则(  ). A. 环只受三个力作用 B. 环一定受四个力作用 C. 物体做匀加速运动 D. 悬绳对物体的拉力小于物体的重力 【答案】B 【解析】 【详解】分析物体 M 可知,其受两个力作用,重力和轻绳拉力,因为悬挂物体的轻绳始终处 于竖直方向,故二力平衡,物体做匀速运动,故 CD 错误;再对环进行受力分析可知,环受重 力、轻绳拉力、滑杆支持力和摩擦力,故 A 错误,B 正确.故选 B. 2.如图所示,A 是地球的同步卫星,另一星 B 的圆形轨道位于赤道平面内,离地面高度为 h, 若卫星 B 绕行方向与地球自转方向相同,某时则 A、B 两卫星相距最近(O、B、A 在同一直 线上),则至少经过时间 t,它们再一次相距最近。已知地球半径为 R,地球自转角速度为 , 地球表面的重力加速度为 g,O 为地球中心,则( ) 0 ωA. 卫星 B 的运行周期为 B. 卫星 B 的运行周期为 C. D. 【答案】AC 【解析】 【详解】AB.由万有引力提供向心力得 则有卫星 B 的运行周期为 故 A 正确,B 错误; CD.AB 再次相遇,B 比 A 多转一周,则有 3 2 + )2 R h gR π ( 3 2 2( )2 R h gR π + 2 03 2 ( ) t gR R h π ω = −+ 2 03( ) t gR R h π ω = −+ 2 2 2π( ) ( ) ( ) MmG m R hTR h = + + 3 3 2 ( ) ( )2π 2πR h R hT GM gR + += = 0 12 2 t t π π ω ω − =其中 ,解得 故 C 正确,D 错误。 故选 AC。 3.有一电场强度方向沿 x 轴的电场,其电势 随 x 的分布满足 ,如图所 示.一质量为 m,带电荷量为+q 的粒子仅在电场力作用下,以初速度 v0 从原点 O 处进入电场 并沿 x 轴正方向运动,则下列关于该粒子运动的说法中不正确的是 A. 粒子从 x=1 处运动到 x=3 处的过程中电势能逐渐减小 B. 若 v0=2 ,则粒子在运动过程中的最小速度为 C. 欲使粒子能够到达 x=4 处,则粒子从 x=0 处出发时的最小速度应为 D. 若 ,则粒子能运动到 0.5 处,但不能运动到 4 处 【答案】B 【解析】 【分析】 仅有电场力做功,电势能和动能相互转化;根据正电荷在电势高处电势能大,在电势低处电 势能小,判断电势能的变化.粒子如能运动到 处,就能到达 处.粒子运动到 处电势能最 大,动能最小,由能量守恒定律求解最小速度. 【详解】A.从 1 到 3 处电势逐渐减小,正电荷电势能逐渐减小,故 A 正确; B.粒子在运动过程中,仅有电场力做功,说明电势能和动能相互转化,粒子在 1 处电势能最 2π T ω = 2 03 2π ( ) t gR R h ω = −+ ϕ 0 sin 0.5 (V)xϕ ϕ π= 0q m ϕ 06q m ϕ 2q m ϕ0 0 0 6 5 qv m ϕ= 1 4 1大,动能最小,从 0 到 1 的过程中,应用能量守恒定律: 解得: ,故 B 错误; C.根据上述分析,电势能和动能相互转化,粒子能运动到 1 处就一定能到达 4 处,所以粒子 从 0 到 1 处根据能量守恒定律: 解得: ,故 C 正确; D.根据 粒子在 0.5 处的电势为 ,从 0 到 0.5 处根据能量守 恒定律: 可知: ,所以粒子能到达 0.5 处,但不能运动到 4 处,故 D 正确. 【点睛】根据电势 随 的分布图线和粒子的电性,结合能量守恒定律判断电势能和动能的变 化. 4.长为 的轻绳,一端用质量为 的圆环套在水平光滑的横杆上,另一端连接一质量为 的 小球.开始时,将小球移至横杆处(轻绳处于水平伸直状态,见图),然后轻轻放手,当绳子 与横杆成直角时,小球速度沿水平方向且大小是 ,此过程圆环的位移是 ,则    A. , B. , C. , D. , 【答案】A 【解析】 【详解】取此时环速为 ,根据环球水平方向动量守恒有: 由于机械能守恒,则: 2 2 0 0 1 1( 0)2 2mv q mvϕ= − + 02qv m ϕ= 2 0 1 1 2q mvϕ = 0 1 2qv m ϕ= 0 sin 0.5 (V)xϕ ϕ π= 1 0 2 (V)2 ϕ ϕ= 2 2 0 2 0 2 1 1( 0)2 2 2q mv mvϕ − + = 0 2 2qv m ϕ0 < < ϕ x l m 2m v x ( ) 2 3 glv = 2 3x l= 3 glv = 2 3x l= v gl= 0x = 2 3 glv = 1 3l 1v 12mv mv=联立解得: . 环球水平方向类同人船模型: 解得: A. , ,与结论相符,选项 A 正确; B. , ,与结论不相符,选项 B 错误; C. , ,与结论不相符,选项 C 错误; D. , ,与结论不相符,选项 D 错误; 5.如图所示电路中,电源内阻忽略不计,R0 为定值电阻,Rm 为滑动变阻器 R 的最大阻值,且 有 ;开关 S1 闭合后,理想电流表 A 的示数为 I,理想电压表 V1、V2 的示数分别为 U1、U2,其变化量的绝对值分别为△I、△U1、△U2。则下列说法正确的是( ) A. 断开开关 S2,将 R 的滑动触片向右移动,则电流 A 示数变小、电压表 V2 示数变小 B. 保持 R 的滑动触片不动,闭合开关 S2,则电流表 A 示数变大、电压表 V1 示数变小 C. 断开开关 S2,将 R 的滑动触片向右移动,则滑动变阻器消耗的电功率减小 D. 断开开关 S2,将 R 的滑动触片向右移动,则有 【答案】AD 【解析】 【详解】A.断开开关 S2,将滑片向右移动时, 接入电路电阻增大,电路总电阻增大,则 由闭合电路欧姆定律可知,干路电流减小,电流表 A 示数减小,电压表 V2 减小,故 A 正确; 2 2 1 1 12 (2 )2 2mgl m v mv= + 2 3v gl= 2 ( )m l x mx− = 2 3x l= 2 3 glv = 2 3x l= 3 glv = 2 3x l= v gl= 0x = 2 3 glv = 1 3l 0 mR R> 1 2U U I I ∆ ∆=∆ ∆ RB.保持 的滑动触片不动,闭合开关 S2, 被短路,电路总电阻减小,干路电流增大,电 流表示数 A 增大;而 ,可知电压表 V1 示数增大,故 B 错误; C.当滑动变阻器的电阻等于等效电源的内阻时滑动变阻器的阻值时,滑动变阻器的功率达到 最大,断开开关 S2,将 的滑动触片向右移动,由于 ,所以滑动变阻器的功率一直 在增大,故 C 错误; D.由 可知: 由 可知: 故 D 正确; 故选 AD。 6.如图所示,M、N 为两块带等量异种电荷的平行金属板,两板间电压可取从零到某一最大值 之间的各种数值.静止的带电粒子带电荷量为+q,质量为 m(不计重力),从点 P 经电场加 速后,从小孔 Q 进入 N 板右侧的匀强磁场区域,磁感应强度大小为 B,方向垂直于纸面向外, CD 为磁场边界上的一绝缘板,它与 N 板的夹角为 θ=30°,孔 Q 到板的下端 C 的距离为 L,当 M、N 两板间电压取最大值时,粒子恰垂直打在 CD 板上,则( ) A. 两板间电压 最大值 B. CD 板上可能被粒子打中区域的长度 C. 粒子在磁场中运动的最长时间 D. 能打到 N 板上的粒子的最大动能为 【答案】ACD 的 R 0R 1U IR= R 0 mR R> 1 0U E IR= − 1 0 U RI ∆ =∆ 2 0U IR= 2 0 U RI ∆ =∆ 2 2 2m qB LU m = 2 3s L= m πt m qB = 2 2 2 18 q B L m【解析】 【详解】画出粒子运动轨迹的示意图,如图所示, A.当 M、N 两板间电压取最大值时,粒子恰垂直打在 CD 板上,可知粒子半径 r=L,在加速电 场中,根据动能定理 在偏转磁场中,根据洛伦兹力提供向心力可得 可得两板间电压的最大值 ,故 A 正确; B.设粒子轨迹与 CD 相切于 H 点,此时粒子半径为 ,粒子轨迹垂直打在 CD 边上的 G 点, 则 GH 间距离即为粒子打中区域的长度 s,根据几何关系 解得 ,则可得粒子打中区域的长度 故 B 错误; C.粒子在磁场中运动的周期 ,粒子在磁场中运动的最大圆心角 ,所以粒子 在磁场中运动的最长时间为 ,故 C 正确; D.当粒子在磁场的轨迹与 CD 边相切时,即粒子半径 时,打到 N 板上的粒子的动能最 2 m 1 2qU mv= 2vqvB m r = 2 m 2 2U qB L m = r′ sin30 rL r ′+′=  3 Lr′ = 31tan30 3 rs L L  = − = − ′  2πmT qB = 180θ = ° m π 2 T mt qB = = 3 Lr′ =大,最大动能为 ,根据洛伦兹力提供向心力可得 qvB=m 解得能打到 N 板上的粒子的最大动能为 ,故 D 正确. 7.回旋加速器工作原理示意图如图所示.磁感应强度为 B 的匀强磁场与盒面垂直,两盒间的狭缝 很小,粒子穿过的时间可忽略,它们接在电压为 U、频率为 f 的交流电源上,A 处粒子源产生的质 子在加速器中被加速.质子初速度可忽略,则下列说法正确的是 A. 若只增大交流电压 U,则质子获得的最大动能增大 B. 若只增大交流电压 U,则质子在回旋加速器中运行时间会变短 C. 质子第 n 次被加速前、后的轨道半径之比 D. 不改变磁感应强度 B 和交流电频率 f,该回旋加速器也能用于加速 α 粒子 【答案】BC 【解析】 【详解】当粒子从 D 形盒中出来时速度最大,根据 ,得 ,那么质子 获 得 最 大 动 能 , 则 最 大 动 能 与 交 流 电 压 U 无 关 . 故 A 错 误 . 根 据 ,若只增大交变电压 U,不会改变质子在回旋加速器中运行的周期,但加速次数减 少,则运行时间也会变短.故 B 正确.质子第 n-1 次被加速: ;第 n 次被 加速: ;其中 ,则半径之比 ;选项 C 正确; 带电粒子在磁场中运动的周期与加速电场的周期相等,根据 知,换用 α 粒子,粒子 的 2 km 1 2E mv= 2v r′ 2 2 2 km 18 q B LE m = 1:n n− 2 m m vqv B m R = m qBRv m = 2 2 2 2Km q B RE m = 2 mT Bq π= 2 n-1 1( 1) 2n qU mv− = 2 n 1 2nqU mv= 1 2mv mUr qB B q = = 1 1n n r n r n − −= 2 mT Bq π=的比荷变化,周期变化,回旋加速器需改变交流电的频率才能加速 α 粒子.故 D 错误.故选 BC. 8.一质量不计的直角形支架两端分别连接质量为 m 和 2m 的小球 A 和 支架的两直角边长度 分别为 2l 和 l,支架可绕固定轴 O 在竖直平面内无摩擦转动,如图所示.开始时 OA 边处于水 平位置,由静止释放,则此后    A. A 球的最大速度为 B. A 球速度最大时,A、B 两球的总重力势能最小 C. A 球从初始位置摆到最低点的过程中其机械能一直在减小 D. 释放后的整个运动过程中,杆对 A、B 两球始终不做功 【答案】BC 【解析】 【分析】 AB 两个球组成的系统机械能守恒,但对于单个的球来说机械能是不守恒的,根据系统的机械 能守恒列式可以求得 AB 之间的关系,同时由于 AB 是同时转动的,它们的角速度的大小相 同.AB 两个球组成的系统机械能守恒,但对于单个的球来说机械能是不守恒的,根据系统的 机械能守恒列式可以求得 AB 之间的关系,同时由于 AB 是同时转动的,它们的角速度的大小 相同. 【 详 解 】 当 OA 与 竖 直 方 向 的 夹 角 为 时 , 由 机 械 能 守 恒 得 : ,解得: , 由数学知识知,当 时, 有最大值;最大值为: ,故 A 错误.由机械能守恒可知,两球总重力势能最小时,二者的动能最大,故 B 正确;在运动过 程中,根据 AB 组成的机械能守恒可知,B 球刚好能达到 O 所在位置,故在运动过程中,A 求 得机械能一直减小,故 C 正确;释放后的整个运动过程中,AB 组成的系统机械能守恒,但杆 对 A、B 两球都做功,故 D 错误;故选 BC. .B ( ) 2 gL θ ( ) 2 21 12 cos 2 1 sin 22 2A Bmg l mg l mV mVθ θ⋅ − ⋅ − = + ⋅ ( )2 8 8sin cos3 3AV gl glθ θ= + − 45θ =  sin cosθ θ+ ( ) 32 1 8AV gl= −【点睛】本题中的 AB 的位置关系并不是在一条直线上,所以在球 AB 的势能的变化时要注意 它们之间的关系,在解题的过程中还要用到数学的三角函数的知识,要求学生的数学基本功 要好. 二、非选择题:包括必考题和选考题两部分。第 9—12 题为必考题,每个试题考 生都做答;第 13 题—16 题为选考题,考生根据要求作答. 9.用一多用电表进行多次测量,指针指在图中位置,请把相应读数读出. (1)如果是用直流 100mA 挡测量电流,指针位置如①所示,则读数为______mA; (2)如果是用直流 2.5V 挡测量电压,指针位置如图①所示,则读数为______V; (3)如果是用倍率×100 挡测量电阻,指针位置如图②所示,则读数为______Ω. 【答案】 (1). 64.0 (2). 1.60 (3). 3000 【解析】 【详解】(1)[1].如果用直流 100mA 档测电流,则应读表盘第二排刻度,再按比例读出示数 为 64.0mA (2)[2].如果是用直流 2.5V 挡测量电压,则应读表盘第二排刻度,再按比例读出示数为 1.6V,故答案为 1.60V. (3)[3].如果是用倍率×100 挡测量电阻,则应读表盘第一排刻度,则读为 30×100=3000Ω. 10.在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中,备有下列器材: A.待测的干电池(电动势约为 1.5 V,内电阻小于 1.0 Ω ) B.电流表 A1(量程 0﹣3 mA,内阻 Rg1=10 Ω) C.电流表 A2(量程 0﹣0.6 A,内阻 Rg2=0.1 Ω) D.滑动变阻器 R1(0﹣20 Ω,10 A) E.滑动变阻器 R2(0﹣200 Ω,l A) F.定值电阻 R0(990Ω)G.开关和导线若干 (1)某同学发现上述器材中没有电压表,但给出了两个电流表,于是他设计了如图甲所示的 (a)、(b)两个参考实验电路,其中合理的是__图所示的电路;在该电路中,为了操作方便且 能准确地进行测量,滑动变阻器应选__(填写器材前的字母代号). (2)图乙为该同学根据(1)中选出的合理的实验电路,利用测出的数据绘出的 I1﹣I2 图线 (I1 为电流表 A1 的示数,I2 为电流表 A2 的示数,且 I2 的数值远大于 I1 的数值),但坐标纸不 够大,他只画了一部分图线,则由图线可得被测电池的电动势 E=__V,内阻 r=__Ω. (3)若图线与纵坐标轴的交点等于电动势的大小,则图线的纵坐标应该为_________ A.I1(R0+Rg1)   B.I1•R0  C.I2(R0+Rg2)  D.I1•Rg1. 【答案】 (1). (1)b (2). D (3). (2)1.48 (4). 0.84 (5). (3)A 【解析】 (1)上述器材中虽然没有电压表,但给出了两个电流表,电路中电流最大为: Im= A=1.5 A;故电流表至少应选择 0~0.6 A 量程; 故应将 3 mA 故应将电流表 G 串联一个电阻,改装成较大量程的电压表使用.电表流 A 由于 内阻较小;故应采用相对电源来说的外接法;故 a、b 两个参考实验电路,其中合理的是 b; 因为电源的内阻较小,所以应该采用较小最大值的滑动变阻器,有利于数据的测量和误差的 减小.滑动变阻器应选 D(R1), (2)根据电路结构结合闭合电路欧姆定律知 解得: 所以图像的纵坐标 ; 解得: 1.5 1 1 0 2( )AE I R R I r= + + 1 2 0 0( ) ( )A A E rI IR R R R = −+ + 3 0 1.48 10( )A E R R −= ×+ 1.48E V=图像的斜率 解得: (3)根据闭合电路欧姆定律可知 U=E﹣Ir,若图线与纵坐标轴的交点等于电动势的大小,则 图线的纵坐标应该为路段电压,而 U=I1(R0+Rg1),即图线的纵坐标应该为 I1(R0+Rg1),故选 A 点睛:利用数学函数和图像相结合的方式求解电源的电动势和内阻. 11.有一个冰上推木箱的游戏节目,规则是:选手们从起点开始用力推木箱一段时间后,放手 让木箱向前滑动,若木箱最后停在桌上有效区域内,视为成功;若木箱最后未停在桌上有效 区域内就视为失败.其简化模型如图所示,AC 是长度为 L1=7 m 的水平冰面,选手们可将木 箱放在 A 点,从 A 点开始用一恒定不变的水平推力推木箱,BC 为有效区域.已知 BC 长度 L2 =1 m,木箱的质量 m=50 kg,木箱与冰面间的动摩擦因数 μ=0.1.某选手作用在木箱上的水 平推力 F=200 N,木箱沿 AC 做直线运动,若木箱可视为质点,g 取 10 m/s2.那么该选手要 想游戏获得成功,试求: (1)推力作用在木箱上时的加速度大小; (2)推力作用在木箱上的时间满足的条件. 【答案】(1)3 m/s2 (2) 1 s≤t≤ s 【解析】 (1)设推力作用在木箱上时的加速度为 a1,根据牛顿运动定律得 F-μmg=ma1 解得 a1=3 m/s2. (2)撤去推力后,木箱的加速度大小为 a2,根据牛顿运动定律得 μmg=ma2 解得 a2=1 m/s2 推力作用在木箱上时间 t 内的位移为 x1= a1t2 撤去力 F 后木箱继续滑行的距离为 3 3 0 (1.48 1.10) 0.84 10( ) 0.45A rk R R − −−= = = ×+ 0.84r = Ω 1 2x2= 木箱停在有效区域内,要满足条件 L1-L2≤x1+x2≤L1 解得 1 s≤t≤ s. 12.如图甲所示,竖直面 MN 的左侧空间中存在竖直向上的匀强电场(上、下及左侧无边 界).一个质量为 、电荷量为 、可视为质点的带正电小球,以水平初速度 沿PQ 向右做 直线运动.若小球刚经过 D 点时(t=0),在电场所在空间叠加如图乙所示随时间周期性变化、 垂直纸面向里的匀强磁场,使得小球再次通过 D 点时与 PQ 连线成 60°角.已知 D、Q 间的距 离为( +1)L,t0 小于小球在磁场中做圆周运动的周期,忽略磁场变化造成的影响,重力 加速度为 g,求 (1)电场强度 E 的大小 (2)t0 与 t1 的比值 (3)小球过 D 点后将做周期性运动, 则当小球运动的周期最大时,求出此时的磁感应强度 的大小 B0 及运动的最大周期 Tm 【答案】(1) (2) (3) ; 【解析】 (1)未加磁场时,小球做匀速运动,由受力平衡得 (2)加上磁场后小球的运动情况如图所示: 2 1 2 ( ) 2 a t a 7 6 m q 0v 3 mg q E = 1 2 3 3 4 t t π= ( )0 0 3 1mvB qL = + 0 4 6 3 3 1 LT v π += + mgqE mg E q = ⇒ =在 时间内,小球做匀速运动 , 在 时间内,小球做圆周运动,则 , , 解得 (3)由几何关系知; , 洛伦兹力提供的向心力 在此段时间内走过 总位移为 , 由运动学公式得: 综上所述本题答案是:(1) (2) (3) ; 的 10 t− 0 1 3tan30 rs v t r= = =° 1 1 2t t t∼ + 0 2 2 3T v t= 0 2 rT v π= 1 2 3 3 4 t t π= tan30 3 1 R LR L R+ = ⇒ =° + ( )2 0 0 0 0 0 3 1v mv mvqvB m BR qR qL = ⇒ = = + 23 ( 2 2 ) (4 6 3)3 tan30 3 1 R Ls Rπ π= × × + × = +° +总 0 0 4 6 3 3 1 s LT v v π += = + 总 mgE q = 1 2 3 3 4 t t π= ( )0 0 3 1mvB qL = + 0 4 6 3 3 1 LT v π += +点睛:本题考查了复合场的问题,对复合场中运动电荷运动分析,把复杂的运动拆解成几个 分运动,使复杂问题简单化,做复合场的题,比较重要的是找正确的几何关系. (二)选考题:共 15 分。请考生从 2 道物理题中每科任选一题作答。如果多做, 则每科按所做的第一题计分。 [物理——选修 3-3] 13.下列说法中正确的是________. A. 布朗运动就是液体分子的无规则运动 B. 当分子间距离增大时,分子间的引力减小,斥力增大 C. 熔化的玻璃表面分子间的作用力表现为引力,此引力使玻璃表面绷紧 D. 单晶体和多晶体都有确定的熔点,非晶体没有确定的熔点 E. 空气相对湿度越大时,空气中水蒸气压强越接近同温度水的饱和汽压,水蒸发越慢 【答案】CDE 【解析】 【详解】A.布朗运动是固体小颗粒的无规则的运动,它反映了液体分子的无规则运动.故 A 错误; B.当两分子间距离的增大时,分子引力减小,分子斥力减小.故 B 错误; C.由于液体表面层里的分子比较稀疏,分子力表现为引力,从而使液体表面绷紧;产生表面 张力,故 C 正确. D.晶体都具有确定的熔点,而非晶体没有确定的熔点,则 D 正确; E.空气相对湿度越大时,空气中水蒸气压强越接近同温度水的饱和汽压,水蒸发越慢,则 E 正确. 故选 CDE. 【点睛】该题考查 知识点比较多,掌握热力学第一定律的应用,知道分子力与分子间距的 关系等. 14.如图所示,可在竖直平面内转动的平台上固定着一个内壁光滑的气缸,气缸内有一导热性 能良好的活塞,活塞面积为 S,活塞底面与气缸底面平行,一定质量的理想气体密封在气缸 内.当平台倾角为 37°时,气缸内气体体积为 V,将平台顺时针缓慢转动直至水平,稳定时气 缸内气体的体积为 0.9V,该过程中环境温度始终为 T0,外界大气压强为 p0.已知 sin37°=0.6, cos37°=0.8.重力加速度为 g. 的(i)求活塞的质量; (ⅱ)若平台转至水平后,经过一段时间,环境温度缓慢降至 0.9T0(大气压强 p0 保持不变),该 过程中气缸内气体内能的减少量为 0.14p0V,求该过程中气缸内气体放出的热量 Q. 【答案】(ⅰ) (ⅱ) 0.32p0V 【解析】 【详解】(ⅰ)设活塞质量为 m,当平台倾角为 37°时 气缸内气体的压强为: 气体的体积为:V1=V 平台水平时,气缸内气体压强的大小 气体的体积:V2=0.9V 由玻意耳定律有: 联立得: (ⅱ) 降温过程,气缸内气体压强不变,由盖吕萨克定律有: 解得:V3=0.81V 活塞下降过程,外界对气体做功为: 已知气缸内气体内能内能减小了△U: 由热力学第一定律:△U=W+Q 得放出的热量 Q 为 [物理——选修 3-4] 15.下列说法正确的是_________ 0p S g 1 0 cos37mgp p S °= + 2 0 mgp p S = + 1 1 2 2pV p V= 0p Sm g = 32 0 00.9 VV T T = ( )2 2 3W p V V= − 00.14U p V∆ = − 00.32p VA. 做简谐运动的物体,当速度为正时,位移一定为负,加速度一定为正 B. 当驱动力的频率等于固有频率时,物体做受迫振动的振幅最大 C. 夜晩,高速公路上的路牌在车灯的照射下特別明亮是利用了光的干涉 D. 电磁波 接收是利用了电谐振把有用信号选择出来 E. 狭义相对论中假设在不同惯性参考系中,物理规律(包括力学的和电磁的)都是一样的 【答案】BDE 【解析】 【详解】A.做简谐运动的物体,当速度为正时,位移可能为正,也可能为负,加速度可能为正, 也可能为负,故 A 错误; B.当驱动力的频率等于固有频率时,物体做受迫振动的振幅最大,出现共振现象,故 B 正确; C.夜晩,高速公路上的路牌在车灯的照射下特別明亮是全反射现象,故 C 错误; D.电磁波的接收是利用了电谐振把有用信号选择出来,故 D 正确; E.狭义相对论中假设在不同惯性参考系中,物理规律(包括力学的和电磁的)都是一样的,故 E 正确; 故选 BDE。 16.某玻璃材料制成的光学元件截面如图所示,左边是半径为 R 的半圆,右边是直角三角形 CDE, ∠DCE =600.由 A 点发出的一束细光,从 B 点射入元件后折射光线与 AO 平行(0 为半圆 的圆心,CD 为直径、AO 与 CD 垂直).已知玻璃的折射率为 ,B 点到 AO 的距离为 , 光在真空中的速度为 c.求: ①入射光线 AB 与 AO 夹角 ; ②光线从 B 点射入元件,到第一次射出元件所需的时间. 【答案】(1)150(2) 【解析】 的 2 1 2 R α 2 6R c(i)由 得,折射角 r=30°,又 得 i=45° 由几何关系得 α=15° (ii) 得 C=45° 由几何关系得 CE 面入射角为 60°,发生全反射,在 DE 面入射角为 30°,能射出玻璃砖 由几何关系知,光在玻璃的路程: n=c/v,S=vt 得 2sinr R R = n sini sinr = 1sinC n = S 2 3R= 2 6t R c =

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