安徽省阜阳市太和县2020届高三数学(理)10月考试试卷(附解析Word版)
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安徽省阜阳市太和县2020届高三数学(理)10月考试试卷(附解析Word版)

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资料简介
太和中学高三一轮复习质量诊断考试数学试卷(理科) 一、选择题 1.已知全集 ,若 , ,则 ( ) A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【分析】 化简 ,根据 A 求出 ,再求出 . 【详解】 全集 , , .又 , . 故选 A. 【点睛】本题考查了集合的交集和补集运算,容易忽视全集 U 中的 .属于基础题. 2.“ ,使得 ” 否定是( ) A. ,使得 B. ,使得 C. , D. , 【答案】B 【解析】 【分析】 将存在量词改为全称量词,再否定结论,即可得到. 【 详 解 】 “ , 使 得 ” 的 否 定 是 “ , 使 得 ”. 故选 B. 的 { }2 6U x N x= ∈ − < < { }2,4A = { }1,3,4B = ( )U A B = { }1,3 { }1,5 { }3,5 { }1,3,5 U UC A ( )U A B∩  { } { }2 6 0,1,2,3,4,5U x x= ∈ − < < =N { }2,4A = { }0,1,3,5U A∴ = { }1,3,4B = ( ) { }1,3U A B∴ = x∈N ( )2,x∃ ∈ +∞ 2 2 0x x+ > ( ]0 ,2x∃ ∈ −∞ 2 0 02 0x x− ≤ ( )2,x∀ ∈ +∞ 2 2 0x x+ ≤ ( )0 2,x∃ ∈ +∞ 2 0 02 0x x− ≤ ( ],2x∀ ∈ −∞ 2 2 0x x+ > ( )2,x∃ ∈ +∞ 2 2 0x x+ > ( )2,x∀ ∈ +∞ 2 2 0x x+ ≤ 【点睛】本题考查了存在量词命题的否定,解题方法是:将存在量词改为特称量词,再否定结论. 如果命题中没有量词,要根据题意先加上量词.属于基础题. 3.已知在等差数列 中, , ,则 () A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【分析】 由题意构造关于 的方程组,即可得出答案. 【详解】设等差数列 的公差为 ,则 , .故选 B. 【点睛】本题考查基本量法求等差数列的通项公式,根据题意构造方程组,即可得,属于基 础题. 4.已知某扇形的面积为 ,若该扇形的半径 ,弧长 满足 ,则该扇形圆 心角大小的弧度数是() A. B. C. D. 或 【答案】D 【解析】 【分析】 由扇形的面积公式 构造关于 , 的方程组,解出方程,由圆心角 即可算出圆 心角大小的弧度数. 【详解】据题意,得 解得 或 所以 或 .故选 D. 【点睛】本题考查扇形的面积公式 以及弧长公式 ,方程思想,牢记公式是解 答本题的关键. 5.函数 的一个零点所在区间为( ) { }na 1 9 10a a+ = 2 1a = − 1n na a+ − = 1 2 3 4 1,a d { }na d 1 1 2 8 10 1 a d a d + =  + = − 1 3 2 a d = −∴ = 1 2n na a+∴ − = 22.5 cm r l 2 7 cmr l+ = 4 5 5 1 2 4 5 5 1 2S lr= r l l r α = 2 7, 1 2.5,2 l r lr + = = 5 ,2 2 r l  =  = 1, 5, r l =  = 4 5 l r = 5 1 2S lr= l rα= ( ) 3 2 4f x x x x= − − A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【分析】 令 ,将 化为 ,根据零点存在性定理可得 的一个零点 在区间 内,又 的零点也是 的零点,所以函数 的一个零点 所在区间为 . 【详解】因为 , 令 ,则 , , , , . 又函数 的图象是一条连续不断曲线,且 , 所以根据零点存在性定理可得, 有一个零点在区间 内, 又 的零点也是 的零点, 所以 的一个零点所在区间为 . 故选 A. 【点睛】本题考查了零点存在性定理,解题关键是转化为判断 的零点所在的 区间.属基础题. 6.如图,若 , , , 是线段 靠近点 的一个四等分点,则下列等 式成立的是() A. B. ( )2,0− ( )1,0− ( )0,1 ( )1,2 2( ) 4g x x x= − − ( )f x ( ) ( )f x xg x= ( )g x ( 2,0)− ( )g x ( )f x ( ) 3 2 4f x x x x= − − ( 2,0)− ( ) ( )3 2 24 4f x x x x x x x= − − = − − ( ) 2 4g x x x= − − ( )2 2g − = ( )1 2g − = − ( )0 4g = − ( )1 4g = − ( )2 2g = − ( )g x ( 2) (0) 2 ( 4) 8 0g g− ⋅ = × − = − < ( )g x ( 2,0)− ( )g x ( )f x ( ) 3 2 4f x x x x= − − ( 2,0)− 2( ) 4g x x x= − − OA a=  OB b=  OC c=  B AC C 2 1 3 6c b a= −  4 1 3 3c b a= +  C. D. 【答案】C 【解析】 【分析】 利用向量的线性运算即可求出答案. 【 详 解 】 .故选 C. 【点睛】本题考查的知识要点:向量的线性运算,主要考查学生的运算能力和转化能力,属 于基础题型. 7.若 ,且 为第三象限角,则 的值等于( ) A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【分析】 先根据 的值以及 所在的象限,由同角公式解得 ,再由同角公式解得 ,然后根 据两角和的正切公式可得. 【详解】因为 , 为第三象限角,所以 , 所以 , 所以 . 故选 D. 【点睛】本题考查了同角三角函数的基本关系式以及两角和的正切公式,属基础题. 8.已知抛物线 的焦点为 ,过点 的直线交抛物线 于 , 两点, 为坐标 4 1 3 3c b a= −  2 1 3 6c b a= +  1 3c OC OB BC OB AB= = + = +     ( )1 4 1 3 3 3OB OB OA OB OA= + − = −     4 1 3 3b a= −  4cos 5 θ = − θ πtan 4 θ +   1 7 1 7 − 7− 7 cosθ θ sinθ tanθ 4cos 5 θ = − θ 2 3sin 1 cos 5 θ θ= − − = − sin 3tan cos 4 θθ θ= = π 3tan tan 1π 4 4tan 7π 34 1 tan tan 14 4 θ θ θ + + + = = =   − ⋅ − 2: 4C y x= F F C A B O 原点,若 的面积为 ,则线段 的长是( ) A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【分析】 当直线 垂直于 轴时,经计算可知不符合题意; 当直线 不垂直于 轴时,设 方程为 ,求出原点 O 到直线 AB 的距 离 ,联立直线 AB 与抛物线 C 的方程,根据韦达定理以及弦长公式求出弦长 AB,然后根据面积 列方程可解得 ,再代入 ,可得. 【详解】当直线 垂直于 轴时, ,不符合题设; 当直线 不垂直于 轴时,设 方程为 ,即 . 点 到直线 距离 . 联立 得 , 设 , 则由韦达定理得, , , 所以由弦长公式得, , 因为 的面积为 , AOB∆ 3 2 2 AB 9 4 9 2 8 AB x AB x AB ( )1 ( 0)y k x k= ≠− d 2 8k = 2 2 4(1 )| | kAB k += AB x ( )1 2 2 1 22AOBS∆ = × + × = AB x AB ( )1 ( 0)y k x k= ≠− kx y k 0− − = ( )0,0 AB 2 1 kd k = + ( ) 2 1 , 4 , y k x y x  = −  = ( )2 2 2 22 4 0k x k x k− + + = 1 1( , ),A x y 2) 2( , )B x y 2 1 2 2 (2 4)kx x k − ++ = 2 1 2 2 1kx x k = = 2 2 1 2 1 21 ( ) 4AB k x x x x= + ⋅ + − 2 2 2 2 (2 4)1 ( ) 4 1kk k − += + ⋅ − × 2 2 4(1 )k k += AOB∆ 3 2 2 所以 ,所以 , 所以 . 故选 C. 【点睛】本题考查了直线与抛物线的位置关系,韦达定理,弦长公式,点到直线的距离,三角形 面积公式,属中档题. 9.已知在矩形 中, , ,若 , 分别为 , 的中点,则 () A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【分析】 由平面向量的线性运算得 , ,利用平面向量的数量积运算法 则进行计算. 【 详 解 】 据 题 意 , 得 .故选 B. 【点睛】本题考查平面向量的线性运算与数量积运算,属于基础题. 10.已知在 中,角 , , 的对边分别为 , , , , , 的面 积等于 ,则 外接圆的面积为() A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【分析】 由三角形面积公式 ,算出边 ,再根据余弦定理得出边 ,然后利用 即可算出 外接圆的半径. 2 2 2 1 4 4 3 2 2 21 kk k k +× × = + 2 8k = 9 2AB = ABCD 4AB = 2AD = E F AB BC DE DF⋅ =  8 10 12 14 DE DA AE= +   DF DC CF= +   ( ) ( )DE DF DA AE DC CF⋅ = + ⋅ + =      DA DC DA CF⋅ + ⋅ +    AE DC AE CF⋅ + ⋅    0 2 1 cos0= + × × 2 4 cos0 0 10+ × × + = ABC∆ A B C a b c π 3A = 2b = ABC∆ 2 3 ABC∆ 16π 8π 6π 4π 1 sin2ABCS bc A∆ = c a 2sin a RA = ABC∆ 【 详 解 】 在 中 , , , , ,解得 , .设 外接圆的半径为 ,则 , , 外接圆的面积为 .故选 D. 【点睛】本题考查解三角形,着重考查正弦定理与余弦定理,考查三角形的面积公式,属于 中档题. 11.一艘轮船从 出发,沿南偏东 的方向航行 40 海里后到达海岛 ,然后从 出发,沿 北偏东 35°的方向航行了 海里到达海岛 .如果下次航行直接从 出发到 ,此船航 行的方向和路程(海里)分别为( ) A. 北偏东 , B. 北偏东 , C. 北偏东 , D. 北偏东 , 【答案】C 【解析】 试 题 分 析 : 由 题 可 知 , 在 中 , , 所 以 . ,所以 ,所以下次航行直接从 出发到 ,航向为北偏东 .故选 C. 考点:正余弦定理 12.若函数 在区间 上有两个不同的零点,则实数 的取值范围是( ) A. B. C. D. 【答案】A  ABC∆ 1 sin 2 32ABCS bc A∆ = = 2b = π 3A = 1 π2 sin 2 32 3c∴ × × × = 4c = 2 2 2 cos 4 16 8 2 3a b c bc A∴ = + − = + − = ABC∆ R 2 32 3 2 R = 2R∴ = ABC∆∴ 4π A 70° B B 40 2 C A C 80° ( )20 6 2+ 65° ( )20 3 2+ 65° ( )20 6 2+ 80° ( )20 3 2+ 105ABC∠ = ° ABC 40, 40 2AB BC= = ( ) ( )22 2 2 22 cos 40 40 2 2 40 40 2 cos 60 45 3200 1600 3AC AB BC AB BC ABC= + − ⋅ ⋅ ∠ = + − × × °+ ° = + ( )20 6 2AC∴ = + sin 2sinsin sin 2 BC AC AC ABCBACBAC ABC BC ⋅= ⇒ ∠ = =∠ 45BAC∠ = ° A C 65° ( ) 2 3 3log 6 9 4f x x x x x a= + − − + − ( ]0,3 a ( ]0,5 ( ),5−∞ ( )0,5 [ )5,+∞ 【解析】 【分析】 将函数 在 上有两个不同的零点转化为关于 的方程 在区间 上有两个不同的实数根.再构造函数 ,再转化为函 数 与函数 的图象在 上有两个不同的交点.利用导数求得 在 处取得最大值 ,根据图象可知: 且 ,从而可解得 的范围. 【详解】因为函数 在区间 上有两个不同的零点, 所以关于 的方程 在区间 上有两个不同的实数根. 引入函数 , 所以函数 与函数 的图象在 上有两个不同的交点, . 讨论:当 时, , 在区间 上单调递减; 当 时, , 在区间 上单调递增, 当 时, 在 处取得极大值,也是最大值 . 又函数 与函数 的图象在 上有两个不同的交点, 如图: ( )f x (0,3] x 3 2 3log 6 9 4x x x x a= − + − + ( ]0,3 ( ) 3 26 9 4G x x x x a= − + − + 3| log |y x= ( )y G x= (0,3] ( )g x 1x = (1)G a= 0a > (1) 1G ≤ a ( ) 2 3 3log 6 9 4f x x x x x a= + − − + − ( ]0,3 x 3 2 3log 6 9 4x x x x a= − + − + ( ]0,3 ( ) 3 26 9 4G x x x x a= − + − + 3| log |y x= ( )y G x= (0,3] ( ) 23 12 9G x x x′∴ = − + 1 3x< < ( ) 0G x′ < ( )G x ( )1,3 0 1x< < ( ) 0G x′ > ( )G x ( )0,1 ∴ ( ]0,3x∈ ( )G x 1x = ( )max (1)G x G a= = 3| log |y x= ( )y G x= (0,3] ,且 , . 故选 A. 【点睛】本题考查了函数的零点,利用导数研究函数的最值.解题关键是转化为两个函数的图 象的交点个数来做,最后通过两个函数在 和 时的函数值的大小关系满足的条件可 解决.属较难题. 二、填空题 13.已知平面向量 , ,若 ,则实数 __________. 【答案】 【解析】 【分析】 由两向量垂直则两向量的数量积为零,根据向量的数量积的坐标运算得到方程,解出即可. 【详解】据题意, 得 ,解得 . 【点睛】本题考查平面向量的坐标运算、向量垂直的充要条件,属基础题. 14.二项式 的展开式中的常数项是 __________. 【答案】45 【解析】 二 项 式 的 展 开 式 中 通 项 公 式 为 . 令 .解得 . 所以当 时,二项展开式的常数项为 . 点睛:求二项展开式有关问题的常见类型及解题策略 (1)求展开式中的特定项.可依据条件写出第 r+1 项,再由特定项的特点求出 r 值即可. (2)已知展开式的某项,求特定项的系数.可由某项得出参数项,再由通项写出第 r+1 项,由 特定项得出 r 值,最后求出其参数. (1) 0G a∴ = > 3 2(3) 3 6 3 9 3 4 1G a= − × + × − + ≤ 0 5a∴ < ≤ 1x = 3x = ( )4, 3a = − ( ),2b x= − a b⊥  x = 3 2 − a b⊥  · 0a b∴ = ( ) ( )4, 3 ,2 4 6 0x x− ⋅ − = − − = 3 2x = − 2 101( )x x − 10 21 x x  −   1 5 10(10 )10 2 22 2 1 10 10 10 1( ) ( ) ( 1) ( 1) rrr r r r r r r r rT C x C x x C x x −− −− + = ⋅ − = − ⋅ ⋅ = − 5 10 02 r − = 2r = 2r = 2 2 2 1 10( 1) 45T C+ = − = 15.化简: __________. 【答案】 【解析】 【分析】 根据两角差的正弦公式以及特殊角的三角函数值可以化简 , 根据诱导公式可以化简 , , ,然 后代入原式可化简得. 【详解】 【点睛】本题考查了两角差的正弦公式以及诱导公式,属基础题. 16.已知奇函数 在定义域 上单调递增,若 对任意的 成立,则实数 的最小值为__________. 【答案】 【解析】 【分析】 根据函数为奇函数且在 上单调递增,将函数不等式转化为自变量的不等式,参变分 离,将不等式转化为 在 恒成立问题,结合二次函数在 闭区间上求最值的方法,即可得到 的最小值. 【 详 解 】 , . 又 是奇函数, .又 是定义域 上的增函数, . ( ) ( ) 3πsin cos π2 πsin π cos 2 θ θ θ θ  − −   = + −   2 2 cos sin θ θ 3sin( ) cos2 πθ θ− = cos( ) cosπ θ θ− = − sin( ) sinθ π θ+ = − cos( ) sin2 πθ θ− = ( ) ( ) ( ) ( ) 3π 3π 3πsin cos π sin cos cos sin cos2 2 2 π sin cos π cos sin π cos( )sin π cos 22 θ θ θ θ θ πθ θ θθ θ    − − − −      =   + −+ −   ( ) 2 2 cos cos cos sin sin sin θ θ θ θ θ θ ⋅ −= =− ⋅ ( )f x ( ),−∞ +∞ ( ) ( )sin cos2 sin 0f x x f x m+ + + ≥ ( ),x∈ −∞ +∞ m 3 ( ),−∞ +∞ 22sin 2sin 1m x x≥ − − ( ),x∈ −∞ +∞ m ( ) ( )sin cos2 sin 0f x x f x m+ + + ≥ ( ) ( )sin cos2 sinf x x f x m∴ + ≥ − + ( )f x ( ) ( )sin cos2 sinf x x f x m∴ + ≥ − − ( )f x R , .令 , 当 时, , , 实数 的最小值为 . 【点睛】本题在已知函数 的单调性与奇偶性的前提下,解决一个不等式恒成立的问题, 着重考查了函数的单调性和奇偶性,二次函数在闭区间上求最值等知识,属于一般题. 三、解答题 17.已知 ,求下列各式的值: (1) ; (2) . 【答案】(1) (2) 【解析】 【分析】 (1)由题可得 ,把已知等式化弦为切求解; (2)利用同角三角函数基本关系式化弦为切计算. 【详解】(1) , , . sin cos2 sinx x x m∴ + ≥ − − 22sin 2sin 1m x x∴ ≥ − − ( ) 2 2 1 32sin 2sin 1 2 sin 2 2g x x x x = − − = − −   ∴ sin 1x = − ( )max 3g x = 3m∴ ≥ ∴ m 3 ( )f x tan 11 tan θ θ =− sin cos sin cos θ θ θ θ − + ( ) ( ) 2 πsin π cos π cos 22 θ θ θ − + − + −   1 3 − 13 5 − tanθ tan 11 tan θ θ =− 1tan 2 θ∴ = sin cos tan 1 sin cos tan 1 θ θ θ θ θ θ − −∴ =+ + 1 12 1 12 − = + 1 3 = − (2) . 【点睛】本题考查三角函数的化简求值,考查同角三角函数基本关系式的应用,是基础题. 18.已知函数 . (1)求函数 的单调递减区间; (2)当 时,求函数 的最小值. 【答案】(1) (2)函数 的最小值是 【解析】 【分析】 (1)求出函数 的导函数 ,令 解不等式,即可得函数 的单调递减 区间. (2)根据(1)中的 ,可求函数的单调区间、极值点,列表表示;计算函数 在区 间端点的函数值,与极小值比较即可得到最小值. 【详解】解:(1) , . 令 ,得 . ( ) ( ) 2 πsin π cos π cos 22 θ θ θ − + − + − =   2sin cos sin 2θ θ θ− − − ( )2 2 2sin sin cos 2 cos sinθ θ θ θ θ = − + + +  2 2 2 2 3sin sin cos 2cos sin cos θ θ θ θ θ θ + += − + 2 2 3tan tan 2 tan 1 θ θ θ + += − + 1 13 24 2 1 14 × + + − + 13 5 = − ( ) 3 22 3 4f x x x= − + ( )f x [ ]1,2x∈ − ( )f x ( )0,1 ( )f x 1− ( )f x ( )f x′ ( ) 0f x′ < ( )f x ( )f x′ ( )f x ( ) 3 22 3 4f x x x= − + ( ) 26 6f x x x′∴ = − ( ) 0f x′ < 0 1x< π 4 ω (2)将函数 的图象沿 轴向左平移 个单位长度后,再将得到的图象上各点的横坐标 变为原来的 倍,纵坐标不变,得到函数 的图象,求 的值. 【答案】(1) (2) 【解析】 【分析】 (1)先根据二倍角的正弦公式,正弦的降幂公式将 化成 ,再根 据两角和的正弦公式的逆用进一步化成 ,然后利用正弦型函数的周期 公式列等式可得; (2)根据图象的平移变换(口诀:左加右减)和周期变换 ,可以得到 的解析式,然后可求得 . 【详解】解:(1) . 又函数 图象两条相邻的对称轴间的距离为 , , 所以 , 即 . (2)由(1)可知, . 将函数 的图象沿 轴向左平移 个单位长度后, ( )f x x π 8 2 ( )g x ( )2019πg 2ω = 1 2 ( )f x 1 3sin 2 cos22 2x xω ω= + π( ) sin 2 3f x xω = +   ( )g x (2019 )g π ( ) 2 3sin cos 3sin 2f x x x xω ω ω= − + 1 3(1 cos2 ) 3sin 22 2 2 xx ωω −= − + 1 3sin 2 cos22 2x xω ω= + πsin 2 3xω = +   ( )f x π 4 0>ω π 2π2 4 2ω× = 2ω = ( ) πsin 4 3f x x = +   ( )f x x π 8 得到函数 的图象, 再将所得图象上所有点的横坐标变为到原来的 倍,纵坐标不变,得到函数 的图象, 所以 . 【点睛】本题考查了二倍角的正弦公式,正弦的降幂公式,两角和的正弦公式以及图象的平移 变换和周期便能换,属于中档题. 21.已知函数 . (1)若函数 是偶函数,求实数 的值; (2)若函数 ,关于 的方程 有且只有一个实数根,求实数 的取值范围. 【答案】(1) (2) 【解析】 【分析】 (1)根据偶函数的定义建立方程关系即可求 的值; (2)根据题意方程 有且只有一个实数根,等价于 只有一个实数根,等价于 有且只有一个实数根,令, 则需关 于 的方程 有且只有一个大于 的实数根,结合二次函数的性质来分析. πsin[4( ) ] sin(4 ) cos 48 3 3 2 3y x x x π π π π  = + + = + + = +   2 ( ) πcos 2 3g x x = +   ( ) π2019π cos 2 2019π 3g  = × +   πcos 3 = 1 2 = ( ) ( )2 42 3 xf x a x a a R= ⋅ − − ∈ ( )f x a ( ) 24 1 2 x xg x x += − x ( ) ( )f x g x= a 0a = { }3 1a a a= − >或 a ( ) ( )f x g x= 2 24 4 12 3 2 x x xa x a x +⋅ − − = − 4 1 422 3 x x x a a + = ⋅ − ( )2 0x t t= > t ( ) 2 41 1 03a t at− − − = 4 3 【详解】解:(1)因为 是偶函数, 所以 对任意 成立, 所以 对任意的 成立, 所以 对任意的 成立, 所以 . (2)因为 , , 所以 , 所以 设 ,则有关于 的方程 . 若 ,即 ,则需关于 的方程 有且只有一个大于 的实数 根. 设 ,则 , 所以 , 所以 成立, 所以 ,满足题意; 若 ,即 时,解得 ,不满足题意; 若 ,即 时, ,且 , 的 ( ) ( )2 42 3 xf x a x a a R= ⋅ − − ∈ ( ) ( )f x f x− = x∈R ( )2 24 42 23 3 x xa x a a x a−⋅ − − − = ⋅ − − x∈R ( )2 2 0x xa −⋅ − = x∈R 0a = ( ) 24 1 2 x xg x x += − ( ) ( )f x g x= 2 24 4 12 3 2 x x xa x a x +⋅ − − = − 42 0,3 4 1 42 .2 3 x x x x a a a a  ⋅ − > + = ⋅ − ( )2 0x t t= > t ( ) 2 41 1 03a t at− − − = 1 0a − > 1a > t ( ) 2 41 1 03a t at− − − = 4 3 ( ) ( ) 2 41 13h t a t at= − − − 4 03h  − 所以 . 当 时,关于 的方程 有且只有一个实数根 ,满足题意. 综上,所求实数 的取值范围是 .. 【点睛】本题主要考查偶函数的性质以及指数函数性质的综合应用,同时考查了化归与方程 的思想的综合运用,综合性较强,涉及的知识点较多,属于难题. 22.已知函数 . (1)求函数 的图象在点 处切线的方程; (2)讨论函数 的极值; (3)若 对任意的 成立,求实数 的取值范围. 【答案】(1) (2)当 时,函数 取得极小值,且 的极小值为 ,不存在极大值 (3) 【解析】 【分析】 (1)先求导函数 ,然后根据导数的几何意义求得切线的斜率为 ,再根 据直线方程得点斜式求得函数 的图象在点 处切线的方程; (2)先求得导函数 的零点,再判断零点左右两侧导数的符号,根据导数符号可得极值点, 从而可得极值. (3) 将 对任意的 成立转化为 对任意的 成立,然后构造函数 ,求导后讨论 得 的单 调性,根据单调性可得. 3a = − 3a = − t ( ) 2 41 1 03a t at− − − = 1 2 a { }3 1a a a= − >或 ( ) lnf x x x= ( )f x ( )( )1, 1f ( ) ( ) 23 42g x f x x x= + − ( ) ( )2 1f x m x≤ − [ )1,x∈ +∞ m 1 0x y− − = 1x = ( )g x ( )g x 5 2 − 1 ,2  +∞  ( ) 1 lnf x x′ = + (1) 1f ′ = ( )f x ( )( )1, 1f ( )g x′ ( ) ( )2 1f x m x≤ − [ )1,x∈ +∞ 1ln x m x x  ≤ −   [ )1,x∈ +∞ ( ) ( )1ln 1h x x m x xx  = − − ≥   m ( )h x 【详解】解:(1)因为 , 所以 , 所以 . 又 , 所以函数 的图象在点 处切线的方程为 ,即 . (2)因为 , 所以 . 令 ,得 , 因为 时, , 时, , 所以函数 在 处取得极小值,极小值为 .不存在极大值. (3)据题意,得 对任意的 成立, 即 对任意的 成立. 令 , 所以 . 讨论: 当 时, ,此时 在 上单调递增. 又 ,所以当 时, , 这与 对任意的 恒成立矛盾; 当 时,二次方程 的判别式 . 若 ,解得 ,此时 , 在 上单调递减. 又 , ( ) lnf x x x= ( ) ln 1f x x′ = + ( )1 1f ′ = ( )1 0f = ( )f x ( )( )1, 1f ( )0 1 1y x− = × − 1 0x y− − = ( ) 23ln 42g x x x x x= + − ( ) ( )ln 1 3 4 ln 3 1g x x x x x′ = + + − = + − ( ) ln 3( 1) 0g x x x′ = + − = 1x = 0 1x< < ( ) 0g x′ < 1x > ( ) 0g x′ > ( )g x 1x = 5(1) 2g = − ( )2ln 1x x m x≤ − [ )1,x∈ +∞ 1ln x m x x  ≤ −   [ )1,x∈ +∞ ( ) ( )1ln 1h x x m x xx  = − − ≥   ( ) 2 2 2 1 11 mx x mh x mx x x − + − ′ = − + =   0m ≤ ( ) 0h x′ > ( )h x [ )1,+∞ ( )1 0h = 1x > ( ) 0h x > ( ) 0h x ≤ [ )1,x∈ +∞ 0m > 2 0mx x m− + − = 21 4m∆ = − 0∆ ≤ 1 2m ≥ ( ) 0h x′ ≤ ( )h x [ )1,+∞ ( )1 0h = 所以当 时, ,满足题设; 若 ,解得 ,此时关于 的方程 的两实数根是 , ,其中 , . 又分析知,函数 在区间 上单调递增, , 所以当 时, ,不符合题设. 综上,所求实数 的取值范围是 . 【点睛】本题考查了导数的几何意义,利用导数研究函数的单调性,不等式恒成立,构造法,属 于难题. 1x ≥ ( ) 0h x ≤ > 0∆ 10 2m< < x 2 0mx x m− + − = 2 1 1 1 4 2 mx m − −= 2 2 1 1 4 2 mx m + −= 1 1x ( )h x ( )1 2,x x ( )1 0h = ( )21,x x∈ ( ) 0h x > m 1 ,2  +∞ 

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