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2020 年山东省新高考预测卷
数学
本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分,将第 I 卷选择题的正确答案选项填涂
在答题卡相应位置上,考试结束,将答题卡交回.考试时间 120 分钟,满分 150 分.
注意事项:
1.答卷前,考生务必将姓名、座号、准考证号填写在答题卡规定的位置上.
2.第Ⅰ卷每小题选出答案后,用 2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑;如需改动,用
橡皮擦干净后,再选涂其它答案标号.答案不能答在试题卷上.
3.第Ⅱ卷答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应的位置,不能写在试题卷上;如需改动,
先划掉原来的答案,然后再写上新的答案;不准使用涂改液、胶带纸、修正带.不按以上要求
作答的答案无效.
第Ⅰ卷(选择题 共 60 分)
一、选择题:(本大题共 8 小题,每小题 5 分,共 40 分.在每小题给出的四个选项中,只有
一项是符合题目要求的)
1.设复数 z=(2+i)(3-2i),则复数 z 在复平面内对应的点的坐标为( )
A.(4,1) B.(8,1)
C.(4,-1) D.(8,-1)
2.已知集合 A={x|y=ln(x-1)},B={x|x2-4≤0},则 A∩B=( )
A.{x|x≥-2} B.{x|1<x<2}
C.{x|1<x≤2} D.{x|x≥2}
3.“直线 l 与平面 α 内的无数条直线垂直”是“直线 l 与平面 α 垂直”的( )
A.充分不必要条件 B.必要不充分条件
C.充要条件 D.既不充分也不必要条件
4.函数 f(x)=2sin|x|在[-π,π]上的图象大致是( )共 8 页 第 2 页
5.如图,在直角梯形 ABCD 中,AB=4,CD=2,AB∥CD,AB⊥AD,E 是 BC 的中点,则
AB
→
·(AC
→
+AE
→
)=( )
A.8 B.12
C.16 D.20
6.宁波古圣王阳明的《传习录》专门讲过易经八卦图,如图是易经八卦图(含乾、坤、巽、震、
坎、离、艮、兑八卦),每一卦由三根线组成(“ ”表示一根阳线,“ ”表示一根阴
线).从八卦中任取两卦,这两卦的六根线中恰有四根阴线的概率为( )
A. 5
14 B. 3
14
C. 3
28 D. 5
28
7.已知抛物线 C:y2=2px(p>0)的焦点为 F,点 A(p
4,a )(a>0)在 C 上,|AF|=3.若直线 AF 与
C 交于另一点 B,则|AB|=( )
A.12 B.10
C.9 D.4.5
8.三棱锥 P-ABC 的所有顶点都在半径为 2 的球 O 的球面上.若△PAC 是等边三角形,平面
PAC⊥平面 ABC,AB⊥BC,则三棱锥 P-ABC 体积的最大值为( )
A.2 B.3
C.2 3 D.3 3
二、多项选择题:本题共 4 小题,每小题 5 分,共 20 分.在每小题给出的四个选项中,有多
项是符合题目要求,全部选对的得 5 分,部分选对的得 3 分,有选错的 0 分.
9.已知等比数列{an}的公比为 q,前 4 项的和为 a1+14,且 a2,a3+1,a4 成等差数列,则 q
的值可能为( )
A.1
2 B.1
C.2 D.3共 8 页 第 3 页
10.某学校为了了解本校学生的上学方式,在全校范围内随机抽查部分学生,了解到上学方式
主要有:A—结伴步行,B—自行乘车,C—家人接送,D—其他方式.并将收集的数据整理绘
制成如下两幅不完整的统计图.根据图中信息,下列说法正确的是( )
A.扇形统计图中 D 的占比最小
B.条形统计图中 A 和 C 一样高
C.无法计算扇形统计图中 A 的占比
D.估计该校一半的学生选择结伴步行或家人接送
11.若将函数 f(x)=cos (2x+ π
12)的图象向左平移π
8个单位长度,得到函数 g(x)的图象,则下列说
法正确的是( )
A.g(x)的最小正周期为 π
B.g(x)在区间[0,π
2 ]上单调递减
C.x= π
12不是函数 g(x)图象的对称轴
D.g(x)在[-π
6,π
6]上的最小值为-1
2
12.已知 f(x)=2m(x2+1)
ex -1,g(x)=(m+2)(x2+1)2.若 φ(x)=ex·f(x)-g(x)
ex 有唯一的零点,
则 m 的值可能为( )
A.2 B.3
C.-3 D.-4
第Ⅱ卷(非选择题 共 90 分)
三、填空题:本题共 4 小题,每小题 5 分,共 20 分.
13.已知 f(x)={x2,x < 0,
2x-2,x ≥ 0,则 f(f(-2))=________.
14.已知 a+2b=1(a>0,b>0),则2b
a +1
b的最小值等于________.
15.已知(2-x2)(1+ax)3 的展开式的所有项系数之和为 27,则实数 a=________,展开式中含 x2
的项的系数是________.(本题第一空 2 分,第二空 3 分)
16.已知圆 M:(x-x0)2+(y-y0)2=8,点 T(-2,4),从坐标原点 O 向圆 M 作两条切线 OP,共 8 页 第 4 页
OQ,切点分别为 P,Q,若切线 OP,OQ 的斜率分别为 k 1,k2,且 k1·k2=-1,则|TM|的取
值范围为________.
四、解答题:本题共 6 小题,共 70 分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
17.(10 分)在等差数列{an}中,已知 a6=12,a18=36.
(1)求数列{an}的通项公式 an;
(2)若________,求数列{bn}的前 n 项和 Sn.
在①bn= 4
anan+1,②bn=(-1)n·an,③bn=2an·an 这三个条件中任选一个补充在第(2)问中,并
对其求解.
注:如果选择多个条件分别解答,按第一个解答计分.
18.(12 分)在△ABC 中,角 A,B,C 的对边分别为 a,b,c,向量 m=(cos C,2b- 3c),n=
(cos A, 3a),m∥n.
(1)求角 A 的大小;
(2)若△ABC 的面积为3 3
2 ,且 b2-a2=1
2c2,求 b 的值.共 8 页 第 5 页
19.(12 分)如图①,在等腰梯形 ABCD 中,BC∥AD,AB=2,BC=1,AD=3,BP⊥AD,将△ABP
沿 BP 折起,使平面 ABP⊥平面 PBCD,得到如图②所示的四棱锥 A-BCDP,其中 M 为 AD
的中点.
(1)试分别在 PB,CD 上确定点 E,F,使平面 MEF∥平面 ABC;
(2)求二面角 M-PC-A 的余弦值.
20.(12 分)某企业进行深化改革,使企业的年利润不断增长.该企业记录了从 2014 年到 2019 年
的年利润 y(单位:百万)的相关数据,如下:
年份 2014 2015 2016 2017 2018 2019
年份代号 t 1 2 3 4 5 6
年利润 y/百万 3 5 8 11 13 14共 8 页 第 6 页
(1)根据表中数据,以年份代号 t 为横坐标,年利润 y 为纵坐标建立平面直角坐标系,根据所
给数据作出散点图;
(2)利用最小二乘法求出 y 关于 t 的线性回归方程(保留 2 位小数);
(3)用 y
^
i 表示用正确的线性回归方程得到的与年份代号 t 对应的年利润的估计值,yi 为与年份
代号 t 对应的年利润数据,当 y
^
i-yib>0)经过点 M(-2,1),且右焦点 F( 3,0).
(1)求椭圆 Γ 的标准方程;
(2)过 N(1,0)且斜率存在的直线 AB 交椭圆 Γ 于 A,B 两点,记 t=MA
→
·MB
→
,若 t 的最大值和
最小值分别为 t1,t2,求 t1+t2 的值.共 8 页 第 8 页
22.(12 分)已知函数 f(x)=ex+a-ln x(其中 e=2.718 28…,是自然对数的底数).
(1)当 a=0 时,求函数 f(x)的图象在(1,f(1))处的切线方程;
(2)求证:当 a>1-1
e时,f(x)>e+1.共 8 页 第 9 页
2020 年山东省新高考预测卷
数学
参考答案及解析
参考答案:
1-4:DCBA 5-8:DBCB 9:AC 10:ABD 11:ACD 12:ACD
13:14 14:2 2+2 15:2 23 16:[2 5-4,2 5+4]
解析:
1、z=(2+i)(3-2i)=8-i,所以复数 z 在复平面内对应的点的坐标为(8,-1),故选 D.
2、由题意得,A={x|y=ln(x-1)}={x|x>1},B={x|x2-4≤0}={x|-2≤x≤2},所以 A∩B
={x|10,符合题意.
④当 m=-4 时,方程(*)为 2t2-8t-1=0,得 t=
4 ± 3 2
2 ,只有
4+3 2
2 >0,符合题意.
故选 A,C,D.
13、根据题意得:f(-2)=(-2)2=4,
则 f(f(-2))=f(4)=24-2=16-2=14.
14、由题意得
2b
a +
1
b=
2b
a +
a+2b
b =
2b
a +
a
b+2≥2
2b
a ·
a
b+2=2 2+2,当且仅当 a= 2b=
2-1 时,等号成立,所以
2b
a +
1
b的最小值为 2 2+2.
15、由已知可得(2-12)(1+a)3=27,则 a=2,∴(2-x2)(1+ax)3=(2-x2)(1+2x)3=(2-
x2)(1+6x+12x2+8x3),∴展开式中含 x2 的项的系数是 2×12-1=23.
16、由题意可知,直线 OP 的方程为 y=k1x,OQ 的方程为 y=k2x,因为 OP,OQ 与圆 M 相切,
所以
|k1x0-y0|
1+k =2 2,
|k2x0-y0|
1+k =2 2, 分别对两个式子进行两边平方,整理可得 k21(8-
x20)+2k1x0y0+8-y20=0,k22(8-x20)+2k2x0y0+8-y20=0,所以 k1,k2 是方程 k2(8-x20)+2kx0y0
+8-y20=0 的两个不相等的实数根,所以 k1k2=
8-y
8-x.又 k1·k2=-1,所以
8-y
8-x=-1,即 x
20+y20=16.又|TO|= 4+16=2 5,所以|TO|-4≤|TM|≤|TO|+4,所以 2 5-4≤|TM|≤2
5+4.
答案 [2 5-4,2 5+4]共 8 页 第 12 页
17. (1)由题意,{a1+5d=12,
a1+17d=36,
解得 d=2,a1=2.
∴an=2+(n-1)×2=2n.
(2)选条件①:bn=
4
2n·2(n+1)=
1
n(n+1),
Sn=
1
1 × 2+
1
2 × 3+…+
1
n(n+1)
=(1
1-
1
2 )+(1
2-
1
3 )+…+(1
n-
1
n+1)
=1-
1
n+1=
n
n+1.
选条件②:∵an=2n,bn=(-1)nan,
∴Sn=-2+4-6+8-…+(-1)n·2n,
当 n 为偶数时,
Sn=(-2+4)+(-6+8)+…+[-2(n-1)+2n]
=
n
2×2=n;当 n 为奇数时,n-1 为偶数,
Sn=(n-1)-2n=-n-1.
∴Sn={n,n为偶数,
-n-1,n为奇数.
选条件③:∵an=2n,bn=2an·an,∴bn=22n·2n=2n·4n,
∴Sn=2×41+4×42+6×43+…+2n×4n,①
4Sn=2×42+4×43+6×44+…+2(n-1)×4n+2n×4n+1,②
由①-②得,
-3Sn=2×41+2×42+2×43+…+2×4n-2n×4n+1
=
8(1-4n)
1-4 -2n×4n+1
=
8(1-4n)
-3 -2n×4n+1,
∴Sn=
8
9(1-4n)+
2n
3 ·4n+1.
18. (1)法一 因为 m∥n,所以 3acos C=(2b- 3c)cos A,
由正弦定理得 3sin Acos C=2sin Bcos A- 3cos Asin C,
得 3sin(A+C)=2sin Bcos A,
所以 3sin B=2sin Bcos A,因为 sin B>0,所以 cos A=
3
2 ,又 A∈(0,π),所以 A=
π
6 .共 8 页 第 13 页
法二 因为 m∥n,所以 3acos C=(2b- 3c)cos A,
易知 cos C=
a2+b2-c2
2ab ,cos A=
b2+c2-a2
2bc ,代入上式得, 3a×
a2+b2-c2
2ab =(2b- 3c)×
b2+c2-a2
2bc ,
整理得, 3bc=b2+c2-a2,所以 cos A=
b2+c2-a2
2bc =
3
2 ,
又 A∈(0,π),所以 A=
π
6 .
(2)由(1)得 3bc=b2+c2-a2,又 b2-a2=
1
2c2,所以 c=
2
3b,又 S△ABC=
1
2bcsin A=
1
2b×
2
3
b×
1
2=
3 3
2 ,得 b2=9,所以 b=3.
19. (1)E,F 分别为 BP,CD 的中点,证明如下:
连接 ME,MF,EF,∵M,F 分别为 AD,CD 的中点,
∴MF∥AC.又 E 为 BP 的中点,且四边形 PBCD 为梯形,∴BC∥EF.∵MF⊄平面 ABC,AC⊂平面
ABC,
∴MF∥平面 ABC,同理 EF∥平面 ABC,
又∵MF∩EF=F,MF,EF⊂平面 MEF,
∴平面 MEF∥平面 ABC.
(2)由题意知 AP,BP,DP 两两垂直,以 P 为坐标原点,PB,PD,PA 所在的直线分别为 x 轴,
y 轴,z 轴建立如图所示的空间直角坐标系,
∵在等腰梯形 ABCD 中,AB= 2,BC=1,AD=3,BP⊥AD,∴AP=1,BP=1,PD=2,
∴M(0,1,
1
2),P(0,0,0),C(1,1,0),A(0,0,1),
PC→
=(1,1,0),PM→
=(0,1,
1
2).
设平面 MPC 的法向量为 n1=(x,y,z),
则{n1·PC→
=0,
n1·PM→
=0,
即{x+y=0,
y+
1
2z=0,共 8 页 第 14 页
令 z=-2,则 y=1,x=-1,∴n1=(-1,1,-2)为平面 MPC 的一个法向量.
同理可得平面 PAC 的一个法向量为 n2=(-1,1,0).
设二面角 M-PC-A 的平面角为 θ,
由图可知 θ∈(0,
π
2 ),
则 cos θ=| n1·n2
|n1|·|n2||=
2
6 × 2=
3
3 .
∴二面角 M-PC-A 的余弦值为
3
3 .
20. (1)根据表中数据,描点如图:
(2)由已知数据得t
-
=
1+2+3+4+5+6
6 =3.5,
y
-
=
3+5+8+11+13+14
6 =9,
∑
6
i=1tiyi=3+10+24+44+65+84=230, ∑
6
i=1t2i=1+4+9+16+25+36=91,
b
^
=
∑
6
i=1tiyi-6t
-
y
-
∑
6
i=1t-6t
-
2
=
230-6 × 3.5 × 9
91-6 × 3.52 ≈2.34,a
^
=y
-
-b
^
t
-
=9-2.34×3.5=0.81,
所以 y 关于 t 的线性回归方程为y
^
=2.34t+0.81.
(3)由(2)可知,当 t=1 时,y
^
1=3.15;当 t=2 时,y
^
2=5.49;当 t=3 时,y
^
3=7.83;当 t
=4 时,y
^
4=10.17;当 t=5 时,y
^
5=12.51;当 t=6 时,y
^
6=14.85.
与年利润数据 yi 对比可知,满足 y
^
i-yi3.
又椭圆过点 M(-2,1),∴
4
a2+
1
a2-3=1,又 a2>3,∴a2=6.∴椭圆 Γ 的标准方程为
x2
6 +
y2
3 =
1.
(2)设直线 AB 的方程为 y=k(x-1),A(x1,y1),B(x2,y2),由{x2
6 +
y2
3 =1,
y=k(x-1)
得 x2+2k2(x-
1)2=6,即(1+2k2)x2-4k2x+2k2-6=0,∵点 N(1,0)在椭圆内部,∴Δ>0,
∴{x1+x2=
4k2
1+2k2, ①
x1x2=
2k2-6
2k2+1, ②
则 t=MA→
·MB→
=(x1+2)(x2+2)+(y1-1)(y2-1)
=x1x2+2(x1+x2)+4+(kx1-k-1)·(kx2-k-1)
=(1+k2)x1x2+(2-k2-k)(x1+x2)+k2+2k+5 ③,
将①②代入③得,
t=(1+k2)·
2k2-6
2k2+1+(2-k2-k)·
4k2
2k2+1+k2+2k+5,
∴t=
15k2+2k-1
2k2+1 ,∴(15-2t)k2+2k-1-t=0,k∈R,
则 Δ1=22+4(15-2t)(1+t)≥0,
∴(2t-15)(t+1)-1≤0,即 2t2-13t-16≤0,
由题意知 t1,t2 是 2t2-13t-16=0 的两根,
∴t1+t2=
13
2 .
22.(1) ∵a=0 时,∴f(x)=ex-ln x,f′(x)=ex-
1
x(x>0),∴f(1)=e,f′(1)=e-1,
∴函数 f(x)的图象在(1,f(1))处的切线方程为:y-e=(e-1)(x-1),即(e-1)x-y+1=
0.共 8 页 第 16 页
(2)证明 ∵f′(x)=ex+a-
1
x(x>0),
设 g(x)=f′(x),则 g′(x)=ex+a+
1
x2>0,
∴g(x)是增函数,
∵ex+a>ea,∴由 ea>
1
x⇒x>e-a,
∴当 x>e-a 时,f′(x)>0;
若 0