2020届湖南省五岳高三下学期5月联考文科数学试题(解析版)
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2020届湖南省五岳高三下学期5月联考文科数学试题(解析版)

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资料简介
高三数学试卷(文科) 考生注意: 1. 本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分,共 150 分,考试时间 120 分钟. 2. 请将各题答案填写在答题卡上. 3. 本试卷主要考试内容:高考全部内容. 第Ⅰ卷 一、选择题:本大题共 12 小题,每小题 5 分,共 60 分.在每小题给出的四个选项中,只有一 项是符合题目要求的. 1. ( ) A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【分析】 首 先 求 出 分 母 的 计 算 结 果 , 即 , 然 后 由 复 数 的 除 法 可 对 其 进 行 化 简 , ,从而可选出正确答案. 【详解】解: . 故选:B. 【点睛】本题考查了复数的乘法运算,考查了复数的除法运算.本题的易错点为计算的准确性,易将 当做 1 进行计算. 2.已知集合 , ,则( ) A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【分析】 由对数函数的定义域可得 ,用列举法表示出 ,从而可选出正确选项. 【详解】解:因为 , ,所以 , . ( )( )1 2 i i i =+ + 3 10 i− 3 10 i+ 3 10 i− + 3 10 i− − (1 )(2 ) 1 3i i i+ + = + (1 3 ) 1 3 10 i i i i −=+ (1 3 ) 3 (1 )(2 ) 1 3 10 10 i i i i i i i i − += = =+ + + 2i { }| lnA x y x= = { }| 3B x N x= ∈ ≤ B A⊆ { }| 0A B x x∪ = > A B⊆ { }1,2,3A B = { }| 0A x x= > { }0,1,2,3B = { }| 0A x x= > { }0,1,2,3B = { }1,2,3A B = { }| 0A B x x∪ = ≥故选:D. 【点睛】本题考查了集合的化简,考查了两集合的关系,考查了集合的交集运算,考查了集合的并集运算. 本题的关键和易错点是对集合 的化简. 3.“民以食为天,食以安为先.”食品安全是关系人们身体健康的大事.某店有四类食品,其中果蔬类、粮食类、 动物性食品类、植物油类分别有 48 种、24 种、30 种、18 种,现从中抽取一个容量为 40 的样本进行食品安 全检测.若采用分层抽样的方法抽取样本,则抽取的动物性食品类种数是( ) A. 10 B. 9 C. 8 D. 7 【答案】A 【解析】 【分析】 首先计算出抽样比为 ,即可计算出抽取的动物性食品类种数. 【详解】解:因为 ,所以抽取的动物性食品类的种数是 . 故选:A. 【点睛】本题考查了分层抽样.本题的关键是计算抽样比. 4.若向量 , ,则 ( ) A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【分析】 求得 ,由此求得 . 【详解】依题意 , 所以 , 两式相加得 , 所以 . 故选:D 【点睛】本小题主要考查向量加法和减法的坐标运算,属于基础题. 5.已知圆 : , : , : , : ,若从这 4 个 A 40 48 24 30 18+ + + 40 40 1 48 24 30 18 120 3 = =+ + + 130 103 × = ( )1,2AC = ( )1,4AB BC− = −  AB = ( )1,1− ( )0,6 ( )2,2− ( )0,3 AB BC+  AB ( )1,2AB BC AC+ = =   ( ) ( ) 1,2 1,4 AB BC AB BC  + = − = −     ( )2 0,6AB = ( )0,3AB = 1C 2 2 1x y+ = 2C ( )2 22 1x y− + = 3C ( )22 1 1x y+ − = 4C 2 2 4x y+ =圆中任意选取 2 个,则这 2 个圆的半径相等的概率为( ) A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 分析】 列举出四个圆中任意选取两个所有的情况,从中找出半径相同的情况,即可计算概率. 【详解】解:由题意知, 的半径均为 1, 的半径为 2,则从这 4 个圆中任意选取 2 个, 所有的情况为 , , , , , ,共 6 种, 其中,这 2 个圆的半径相等的有 , , 共 3 种,故所求概率 . 故选:C. 【点睛】本题考查了圆的标准方程,考查了古典概型.求古典概型概率时,可将所有的基本事件列举出,结 合古典概型概率公式进行计算;有时也可结合排列、组合的思想进行求解. 6.《九章算术》大约成书于公元一世纪,是我国古代第一部数学著作,共收藏了 246 个与生产实践有关的应 用问题,其中有一题:今有金箠,长五尺,斩本一尺,重四斤,斩末一尺,重二斤.问次一尺各重几何?其 意:现有一根金杖,五尺长,一头粗,一头细,在粗的一端截下一尺,重量为四斤,在细的一端截下一尺, 重量为二斤.问依次每一尺各有多重?假设金杖由粗到细所截得的每尺的重量依次成等差数列 , 斤,则 ( ) A. 2.5 斤 B. 2.75 斤 C. 3 斤 D. 3.5 斤 【答案】D 【解析】 【分析】 由题意可求出等差数列的公差,结合等差数列的通项公式,即可求出第二项的值. 【详解】解:由题意可知, 斤, 斤,则公差 斤, 故 斤. 故选:D. 【点睛】本题考查了等差数列的通项公式.本题的关键是公差的求解. 【 1 6 1 3 1 2 2 3 1 2 3, ,C C C 4C ( )1 2,C C ( )1 3,C C ( )1 4,C C ( )2 3,C C ( )2 4,C C ( )3 4,C C ( )1 2,C C ( )1 3,C C ( )2 3,C C 3 1 6 2P = = { }na 1 4a = 2a = 1 4a = 5 2a = 5 1 0.55 1 a ad −= = −− 2 1 3.5a a d= + =7.已知双曲线 : 的左焦点为 ,点 的坐标为 ,若直线 的倾斜角为 ,则 的离心率为( ) A. B. C. D. 2 【答案】C 【解析】 【分析】 由直线 的倾斜角为 可求出直线的斜率,结合两点间直线的斜率公式可得 ,由椭圆中 ,可得 ,从而可求出离心率的值. 【详解】解:依题意得 ,所以 ,即 ,即 , 所以 . 故选:C. 【点睛】本题考查了直线的斜率公式,考查了椭圆的焦点坐标,考查了椭圆离心率的求解.本题的关键是由 直线的倾斜角求出 的关系.一般求圆锥曲线的离心率时,由题意列出关于 三个参数的式子,从而 进行求解. 8.函数 的值域为( ) A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【分析】 利用换元法,设 ,则 ,结合指数函数的单调性及值域,可求出 ,从而可求本题函数的值域. 【详解】解:设 ,则 , C ( )2 2 2 2 1 0, 0x y a ba b − = > > F A ( )0,2b AF 45° C 3 2 2 3 2 3 3 AF 45° 2c b= 2 2 2a b c= + 2 23 4c a= 2 tan45 1AF bk c = = ° = 2c b= ( )2 2 2 24 4c b c a= = − 2 23 4c a= 2 3 3 ce a = = ,b c , ,a b c ( ) 2 6 51 2 x x f x − + =    ( ]0,16 [ )16,+∞ 10,16      1 ,16  +∞  2 6 5u x x= − + ( ) 1 , 42 u f u u = ≥ −   ( ) ( )0 4 16f u f< ≤ − = 2 26 5 ( 3) 4 4u x x x= − + = − − ≥ − ( ) 1 , 42 u f u u = ≥ −  因为 为减函数,所以 ,即值域为 . 故选:A. 【点睛】本题考查了函数值域的求解.本题的难点是利用换元法,结合函数的性质求值域.一般地,求函数的 值域时,常结合函数的图像、导数、函数的性质、基本不等式进行求解. 9.在底面为正三角形的三棱柱 中, , ,该三棱柱的体积的最大值为( ) A. 3 B. C. 6 D. 【答案】D 【解析】 【分析】 由题意知,三棱柱高最大为 3,求出底面三角形的面积,结合柱体的体积公式,即可求出体积的最大值. 【详解】解:设三棱柱 的高为 ,则 的最大值为 3, 所以该三棱柱的体积的最大值为 . 故选:D. 【点睛】本题考查了柱体体积的求解.本题的易错点是混淆了柱体、椎体的体积公式.本题的关键是分析出高 的最大值. 10.已知函数 ,则曲线 在点 处的切线方程为( ) A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【分析】 对多项式函数求导,结合导数的几何意义,即可容易求得结果. 【详解】设函数 , 则 , 所以 , 则曲线 在点 处的切线方程为 . 故选:B. 1 2 x y  =    ( ) ( )0 4 16f u f< ≤ − = ( ]0,16 1 1 1ABC A B C− 2AB = 1 3AA = 2 3 3 3 1 1 1ABC A B C− h h 2 max max 3 2 3 3 34ABCV S h= ⋅ = × × =  ( ) ( 1)( 2)( 3)( 4)( 5)f x x x x x x= − − − − − ( )y f x= (2,0) 3 6y x= − + 6 12y x= − + 3 6y x= − 6 12y x= − ( ) ( 1)( 3)( 4)( 5)g x x x x x= − − − − ( ) ( 2) ( ) ( 2) ( ) ( ) ( 2) ( )f x x g x x g x g x x g x′ ′ ′ ′= − + − = + − (2) (2) 6f g′ = = − ( )y f x= (2,0) 6 12y x= − +【点睛】本题考查利用导数的几何意义求切线方程,属基础题. 11.某几何体的三视图如图所示,俯视图为正三角形,则该几何体外接球的表面积为( ) A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【分析】 根据三视图知几何体是一个三棱锥,画出直观图, 平面 且 得到球心在过 外心且与 平行的线段上,且到底面的距离是 的 一半,利用直角三角形勾股定理求出球半径,得解. 【详解】由三视图可知,该几何体为如图所示的三棱锥 , 其中 平面 .作三角形 重心 , 过 作 且 (如图) 则 平面 ,所以 作 中点 连结 ,则 矩形, 所以 , 是球心, 设外接球的半径为 外接圆的半径 , 则 ,所以外接球的表面积 . 故选:B. 是 25 4 π 64 3 π 25π 32π AB ⊥ ,PAC 2, 4PA PC AC AB= = = = PAC AB AB B PAC− AB ⊥ ,PAC PAC E E / /OE BA 1 2OE BA= OE ⊥ ,PAC PE CE AE= = OP OC OA= = BA G OG OEAG OG AB⊥ OA OB= OP OC OA OB∴ = = = O∴ 2, 4PA PC AC AB= = = = ,R PAC△ 2 3 3PE = 2 2 2 16 3R PE OE= + = 2 644 3S R ππ= =【点睛】本题考查三视图及几何体的外接球问题. (1)几何体三视图还原其直观图时,要熟悉柱、锥、球、台的三视图,结合空间想象将三视图还原为直观 图. (2)与球有关外接问题关键是找到由球的半径构成的三角形,解三角形即可. 12.已知函数 ,现有下述四个结论: ① 的最小正周期为 ;②曲线 关于直线 对称; ③ 在 上单调递增;④方程 在 上有 4 个不同的实根. 其中所有正确结论的编号是( ) A. ②④ B. ①③④ C. ②③④ D. ①②④ 【答案】D 【解析】 【分析】 结合二倍角公式对函数进行变形可得 ,作出 在 上的图象,可 知四个命题的正确性. 【详解】解: , 作出 在 上的图象(先作出 的图象,再利用平移变换和翻折变换得到 的图象),如图所示,由图可知①②④正确,③错误.故所有正确结论的编号是①②④. 故选:D. ( ) 1 4sin cosf x x x= − ( )f x π ( )y f x= 4 πx = − ( )f x 5,4 12 π π     ( ) 2f x = [ ],π π− 11 2sin 2 ,sin 2 2( ) 12sin 2 1,sin 2 2 x x f x x x  − 2 24 2 4 4x y xy+ =≥ 24x y= 21 , 22x y= = 24x y+ 3log 0.6 2log 5 0.43 2log 5 3log 0.6 0< 2log 5 2> 0.40 3 3< < 3 3log 0.6 log 1 0< = 2 2log 5 log 4 2> = 0.4 0.50 3 3 3< < = 2log 5 2log 5 3 { }2na n+ 1 2a = 3 10a = 4a = { }na n nS = 2 22 4n n n+ − − −【分析】 由已知 , ,可求出 的公比为 ,从而可得 ,则可求出 的值, 结合分组求和法,可求出 . 【详解】解:设等比数列 的公比为 ,则 ,因为 ,所以 , 所以 ,则 ,所以 , 则 . 故答案为:24; . 【点睛】本题考查了等比数列的通项公式,考查了分组求和,考查了等差数列的前 项和,考查了等比数 列的前 项和.本题的关键是由已知条件,求出等比数列的公比.求数列的前 项和时,常用的方法有公式法、 分组求和法、错位相减法、裂项相消法等. 16.设 , 分别为椭圆 : 的左、右焦点, 为 内一点, 为 上任意一 点.若 的最小值为 3,则 的方程为_______. 【答案】 【解析】 【分析】 由题意知, ,则 ;由三角形的三边关系可知 ,从而可求出 ,由椭圆的定义知, , 从而可求出 ,进而可求出椭圆的标准方程. 【详解】解:由椭圆定义可知 ,且 ,则 , 因为 ,所以 ,所以 ,所以 .故 的方程为 . 故答案为: . 1 2a = 3 10a = { }2na n+ 2q = 12 2n na n+= − 4a nS { }2na n+ q 2 3 1 6 16 42 4 aq a += = =+ 0q > 2q = ( ) 1 1 12 2 2n n n n aa q − +=+ = + 12 2n na n+= − 5 4 2 2 4 24a = − × = ( ) 1 2 3 1 2 24 2 22 2 ... 2 2 4 ... 2 ( 1) 2 41 2 n n n nS n n n n n + + +− ×= + + + − + + + = − + = − − −− 2 22 4n n n+ − − − n n n 1F 2F C 2 2 2 2 1( 1)1 x y aa a + = >− ( )1,1P C Q C 1PQ QF+ C 2 2 14 3 x y+ = ( )2 1,0F 2 1PF = 2 2 1PQ QF PF− ≤ = 2 1PQ QF− ≥ − 1 2 2 12 3PQ QF PQ QF aa− + ≥ −= =+ 2a = 1 2 2PQ QF PQ QF a+ = − + ( )2 1,0F 2 1PF = 2 2 1PQ QF PF− ≤ = 2 1PQ QF− ≥ − 2 2 2 1 3PQ QF a a− + ≥ − = 2a = C 2 2 14 3 x y+ = 2 2 14 3 x y+ =【点睛】本题考查了椭圆的定义,考查了椭圆焦点坐标的求解.本题的难点是分析出何时 可取得 最小值. 三、解答题:本大题共 6 小题,共 70 分.解答应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤.17-21 题为必考题,每个试题考生都必须做答.第 22、23 题为选考题,考生根据要求作答. (一)必考题:共 60 分. 17.设 分别为 内角 的对边.已知 . (1)证明: 是直角三角形. (2)若 是 边上一点,且 ,求 面积. 【答案】(1)证明见解析;(2) 【解析】 【分析】 (1)用正弦定理化简 可得. (2)用余弦定理求出 ,利用已知数据和利用三角形面积公式. 【详解】(1)证明:因为 ,所以 . 又 , 所以 因为 ,所以 , 则 ,故 是直角三角形. (2)解:因为 , 所以 . 又 ,所以 . 因为 ,所以 , 故 的面积为 . 【点睛】本题考查正弦定理、余弦定理和面积公式解三角形,考查计算求解能力,属于基础题.. 的 . 1PQ QF+ , ,a b c ABC , ,A B C cos cosa B b A c= + ABC D AC 3, 5, 6CD BD BC= = = ABD△ 2 14 9 cos cosa B b A c= + cos BDC∠ cos cosa B b A c= + sin cos sin cos sinA B B A C= + sin sin( )C A B= + 2sin cos 0B A = sin 0B > cos 0A = 2A π= ABC 2 2 2 1cos 2 15 BD CD BCBDC BD CD + −∠ = = −× 1cos cos 15BDA BDC∠ = − ∠ = 2A π= 1cos 3AD BD BDA= ∠ = 1cos 15BDA∠ = 4 14sin 15BDA∠ = ABD△ 1 2 14sin2 9AD BD BDA× ∠ =18.如图, 平面 . (1)证明: //平面 . (2)若几何体 的体积为 10,求三棱锥 的侧面积. 【答案】(1)证明见解析;(2) 【解析】 【分析】 (1)先证 平面 ,结合 平面 ,即可求得; (2)根据几何体的体积求得 ,再求侧面积即可. 【详解】(1)证明:因为 , 所以 . 因为 ,所以 . 因为 ,所以 . 又 ,所以 平面 . 因为 平面 ,所以 // . 因为 平面 平面 ,所以 //平面 . (2)因为 的面积 , 所以几何体 的积 , 所以 . 因为 平面 平面 ,则 ,又因为 , 又 平面 , 故 平面 ,则 , 所以 的面积为 , EA ⊥ , , 4, 3, , 3 2ABC AB BC AB BC BD AC AD CD⊥ = = = = = BD ACE EABCD E ABC− 9 3 5+ BD ⊥ ABC EA ⊥ ABC EA ,BC BD AC AD= = ABC ABD△ ≌△ AB BC⊥ AB BD⊥ 2 2 2BD BC CD+ = BD BC⊥ AB BC B∩ = BD ⊥ ABC EA ⊥ ABC EA BD BD ⊄ ,ACE AE ⊂ ACE BD ACE ABC 1 3 4 62S = × × = EABCD 1 ( ) 2( 3) 103V S EA BD EA= + = + = 2EA = EA ⊥ ,ABC BC ⊂ ABC BC EA⊥ BC AB⊥ ,EA AB ⊂ ABE BC ⊥ ABE BC BE⊥ BCE 2 21 3 2 4 3 52 × × + =所以三棱锥 的侧面积为 . 【点睛】本题考查线面垂直的证明,棱锥体积的求解,属综合基础题. 19.已知函数 . (1)求 的单调区间; (2)判断 在 上的零点的个数,并说明理由.(提示: ) 【答案】(1) 的单调递增区间是 和 ,单调递减区间是 .(2) 在 上的 零点的个数为 1.理由见解析 【解析】 【分析】 (1)令导数 ,解出方程后,结合函数的定义域,探究 随 的变化,即 可求出函数的单调区间. (2)结合函数的单调性可判断出函数在 上无零点,又由 ,结合函数在 上 的单调性及零点存在定理,可判断出 在 上的零点的个数. 【详解】解:(1)由题意知, 的定义域为 ,则令 , 解得 或 ,当 或 时, ,则此时 单调递增; 当 时, ,则此时 单调递减. 故 的单调递增区间是 和 ,单调递减区间是 . (2)由函数在 上单调递增,在 上单调递减,则当 时, ,故 在 上无零点; 又 , 当 时,因为 , 又 在 上单调递增,所以 在 上仅有一个零点. 综上, 在 上的零点的个数为 1. 【点睛】本题考查了函数单调性区间的求解,考查了函数零点个数的判断.本题的难点在于第二问中,需要 E ABC− 2 21 13 5 2 4 2 3 4 9 3 52 2 + × × + × × + = + ( ) 3 4lnf x x xx = − − ( )f x ( )f x ( ]0,10 ln10 2.303≈ ( )f x ( )0,1 ( )3,+∞ ( )1,3 ( )f x ( ]0,10 2 3 4( ) 1 0f x x x ′ = + − = ( ) ( ),f x f x′ x ( ]0,3 ( ) ( )3 0, 10 0f f< > ( ]3,10 ( )f x ( ]0,10 ( )f x ( )0, ∞+ 2 2 2 3 4 4 3( ) 1 0x xf x x x x − +′ = + − = = 1x = 3x = 0 1x< < 3x > ( ) 0f x′ > ( )f x 1 3x< < ( ) 0f x′ < ( )f x ( )f x ( )0,1 ( )3,+∞ ( )1,3 ( )0,1 ( )1,3 0 3x< ≤ ( ) ( )1 2f x f≤ = − ( )f x ( ]0,3 ( )3 2 4ln3 0f = − < 3 10x< ≤ 3(10) 10 4ln10 10 0.3 4 2.303 0.488 010f = − − ≈ − − × = > ( )f x ( ]3,10 ( )f x ( ]3,10 ( )f x ( ]0,10结合函数的单调性、零点存在定理进行判断.求解函数的单调性时,可结合函数的图像、导数、函数的性质 等进行判断. 20.某公司准备上市一款新型轿车零配件,上市之前拟在其一个下属 4S 店进行连续 30 天的试销.定价为 1000 元/件.试销结束后统计得到该 4S 店这 30 天内的日销售量(单位:件)的数据如下表: 日销售量 40 60 80 100 频数 9 12 6 3 (1)若该 4S 店试销期间每个零件的进价为 650 元/件,求试销连续 30 天中该零件日销售总利润不低于 24500 元的频率; (2)试销结束后,这款零件正式上市,每个定价仍为 1000 元,但生产公司对该款零件不零售,只提供零 件的整箱批发,大箱每箱有 60 件,批发价为 550 元/件;小箱每箱有 45 件,批发价为 600 元/件.该 4S 店决 定每天批发两箱,根据公司规定,当天没销售出的零件按批发价的 9 折转给该公司的另一下属 4S 店.假设该 4 店试销后的连续 30 天的日销售量(单位:件)的数据如下表: 日销售量 50 70 90 110 频数 5 15 8 2 (ⅰ)设该 4S 店试销结束后连续 30 天每天批发两大箱,这 30 天这款零件的总利润; (ⅱ)以总利润作为决策依据,该 4S 店试销结束后连续 30 天每天应该批发两大箱还是两小箱? 【答案】(1) (2)(ⅰ) 万元(ⅱ)每天应该批发两大箱 【解析】 【分析】 (1)求出日销售总利润不低于 24500 元所需的日销售件数,得出符合要求的天数,可求对应频率; (2)每天的利润等于销售额加九折的转让费减成本,分别算出两大箱和两小箱 30 天的总利润作比较. 【详解】解:(1)∵试销期间每个零件的利润为 元, 所以要使得日销售总利润不低于 24500 元,则日销售零件的件数不能少于 , ∴所求频率为 . (2)(ⅰ)批发两大箱,则批发成本为 元, 当日销售量为 50 件时, 0.3 93.32 1000 650 350− = 24500 70350 = 6 3 0.330 + = 60 2 550 66000× × =当日利润为 元; 当日销售量为 70 件时, 当日利润为 元; 当日销售量为 90 件时, 当日利润为 元; 当日销售量量为 110 件时, 当日利润为 元; 所以这 30 天这款零件的总利润为 万元. (ⅱ)若批发两小箱,则批发成本为 元, 当日销售量为 50 件时, 当日利润为 元; 当日销售量为 70 件时, 当日利润为 元; 当日销售量为 90 件或 110 件时, 当日利润为 元. 所以这 30 天这款零件的总利润为 万元, ∵93.32 万元 万元, ∴每天应该批发两大箱. 【点睛】本题考查频率的计算,销售利润的计算,运算难度不大,但是需要认真审题,考查数据处理能力 和运算求解能力,是基础题. 21.设抛物线 的焦点为 ,直线 与抛物线交于 两点. (1)若 过点 ,且 ,求 的斜率; (2)若 ,且 的斜率为 ,当 时,求 在 轴上的截距的取值范围(用 表示),并证明 的平分线始终与 轴平行. 【答案】(1) ;(2) ,证明见解析 【解析】 50 1000 0.9 (120 50) 550 66000 18650× + × − × − = 70 1000 0.9 (120 70) 550 66000 28750× + × − × − = 90 1000 0.9 (120 90) 550 66000 38850× + × − × − = 110 1000 0.9 (120 110) 550 66000 48950× + × − × − = 18650 5 28750 15 38850 8 48950 2 93.32× + × + × + × = 45 2 600 54000× × = 50 1000 0.9 (90 50) 600 54000 17600× + × − × − = 70 1000 0.9 (90 70) 600 54000 26800× + × − × − = 90 1000 54000 36000× − = 17600 5 26800 15 36000 10 85× + × + × = 85> 2 2 ( 0)y px p= > F l ,M N l F | | 3MN p= l ( , )2 pP p l 1− P l∉ l y p MPN∠ y 2± 3 3( , ) ( , )2 2 2 p p p− ∪ +∞【分析】 (1)设直线 的方程为 与抛物线方程联立求解,得到 , , 利用 转化求 即可. (2)直线 的方程为 与抛物线方程联立求解,利用根与系数的关系可得 轴上的截距的取值范 围;要证明 的平分线与 轴平行,则只需要直线 的斜率互补,即证明 . 【详解】解:(1)当直线 的斜率不存在时,直线 l 的方程为 ,代入抛物线方程可得 ,即 , 所以 , 但 ,故直线 的斜率存在,设其方程为 . 由 得 , 设 ,则 , 所以 , 解得 ,所以直线 的斜率为 . (2)设直线 的方程为 . 由 得 , 则 . 由 ,得 .又 ,所以 ,从而 在 轴上的截距的取值 范围为 . l ( )( 0)2 py k x k= − ≠ 1 2x x+ 1 2x x | | 3MN p= k l ,y x m= − + y MPN∠ y ,PM PN 0PM PNk k+ = l 2 px = 2 2y p= y p= ± | | 2MN p= | | 3MN p= l ( 0)2 py k x k = − ≠   2 ( ),2 2 , py k x y px  = −  = 2 2 2 2 2( 2 ) 04 k pk x k p p x− + + = ( ) ( )1 1 2 2, , ,M x y N x y 2 1 2 2 2k p px x k ++ = 2 1 2 1 2 2 2| | | | | | 32 2 p p k p pMN MF NF x x x x p p pk += + = + + + = + + = + = 2k = ± l 2± l ( ) ( )1 1 2 2, , , ,y x m M x y N x y= − + 2 , 2 , y x m y px = − +  = 2 2(2 2 ) 0x m p x m− + + = 2 1 2 1 22 2 ,x x m p x x m+ = + = 2 2(2 2 ) 4 0m p m∆ = + − > 2 pm > − 2 p m p− + ≠ 3 2 pm ≠ l y 3 3( , ) ( , )2 2 2 p p p− ∪ +∞ ( ) ( )1 2 2 1 1 2 1 2 1 2 ( ) ( )2 2 ( )( )2 2 2 2 PM PN p py p x y p xy p y pk k p p p px x x x − − + − −− −+ = + = − − − −, 所以直线 的倾斜角互补,从而 的平分线始终与 轴平行. 【点睛】利用抛物线的定义解决问题时,应灵活地进行抛物线上的点到焦点距离与其到准线距离间的等价 转化.“看到准线应该想到焦点,看到焦点应该想到准线”,这是解决抛物线距离有关问题的有效途径. (二)选考题:共 10 分. 请考生在第 22、23 两题中任选一题作答.如果多做,则按所做的第一 题计分. [选修 4-4:坐标系与参数方程] 22.在直角坐标系 中,曲线 的参数方程为 ( , 为参数),以坐标原点为极点, 轴的正半轴为极轴建立极坐标系,曲线 的极坐标方程为 . (1)若 ,求 的极坐标方程; (2)若 与 恰有 4 个公共点,求 的取值范围. 【答案】(1) (2) 【解析】 【分析】 (1)由参数方程消参后,可得其普通直角坐标方程,结合 可求出其极坐标方程. (2)由题意首先确定曲线 的形状为原点为圆心,半径为 2 和 4 的两个同心圆,由公共点个数判断出 与圆 相交,即可得关于半径的不等式,从而求出半径的取值范围. ( ) ( ) 1 1 1 2 2 2 ( ) ( )2 2 ( )( )2 2 p px m p x x m p x p px x − + − − + − + − − = − − 1 2 1 2 21 2 ( )( ) ( )2 ( )( )2 2 px x m x x p m p p px x − + − + − − = − − 2 1 2 2 ( )(2 2 ) ( )2 ( )( )2 2 pm m m p p m p p px x − + − + − − = − − 2 2 2 2 1 2 2 2 0 ( )( )2 2 m m pm p pm p p px x − + + − − += = − − ,PM PN MPN∠ y xOy C 4 cos 4 sin x r y r θ θ = +  = + 0r > θ x M 2 8 6ρ ρ+ = 4 2r = C C M r 8cos 8sinρ θ θ= + 4 2 2 4 2 2r− < < + cos , sinx yρ θ ρ θ= = M C 2 2 4x y+ =【详解】解:(1)由 ( 为参数),得 , 即 ,得 ,即 , 所以 的极坐标方程为 . (2)由题意可知 ,则曲线 表示圆心为 ,半径为 的圆, 由 ,得 或 ,则 由两个同心圆组成,原点为圆心,半径为 2 和 4; 因为 与 恰有 4 个公共点,所以圆 与圆 相交, 所以 ,解得 . 【点睛】本题考查了参数方程和普通直角坐标方程的转化,考查了极坐标方程和普通直角坐标方程的互化, 考查了两圆的位置关系.本题的关键是由交点个数判断出两圆的位置关系. [选修 4-5:不等式选讲] 23.已知函数 . (1)求不等式 的解集; (2)证明: . 【答案】(1) .(2)见解析 【解析】 【分析】 (1)通过讨论 , ,去掉绝对值号,结合一元二次不等式的求解方法,可求出不等式的解集. (2)由绝对值三角不等式可知 ,从而可证 ,通过放缩可知 , ,可证明 ,从而证出 . 【详解】(1)解:当 时, ,即 ,则 ,即 ; 当 时, ,即 ,解得 . 综上,不等式 的解集为 . (2)证明:因为 ,所以 . 4 4 2 cos 4 4 2 sin x y θ θ  = + = + θ 2 2( 4) ( 4) 32x y− + − = 2 2 8 8 0x y x y+ − − = 2 8 cos 8 sin 0ρ ρ θ ρ θ− − = 8cos 8sinρ θ θ= + C 8cos 8sinρ θ θ= + 2 2 2( 4) ( 4)x y r− + − = C ( )4,4 r 2 8 6ρ ρ+ = 2ρ = 4ρ = M C M C 2 2 4x y+ = 2 22 4 4 2r r− < + < + 4 2 2 4 2 2r− < < + ( ) 4 2f x x= − − ( )f x x> ( ) 22 8 17 2sinx f x x x x− − ≤ < − + − [ ) ( )0,1 9,+∞ 4x ≥ 0 4x≤ < 2 4 2x x− + − ≥ ( )2x f x− − ≤ 2 28 17 ( 4) 4x x x x− + > − = − 2sin 2x ≤ ( ) 2 8 17 2sinf x x x x< − + − ( ) 22 8 17 2sinx f x x x x− − ≤ < − + − 4x ≥ ( ) 6f x x x= − > ( )( )3 2 0x x− + > 3 0x − > 9x > 0 4x≤ < ( ) 2f x x x= − > ( )( )1 2 0x x− + < 0 1x≤ < ( )f x x> [ ) ( )0,1 9,+∞ ( )2 4 2 4 2x x x x− + − ≥ − − − = ( )2x f x− − ≤因为 , ,即 , 所以 ,即 , 综上, . 【点睛】本题考查了含绝对值不等式的求解,考查了不等式的证明.本题的难点是在证明第二问时, 的证明.求含绝对值的不等式时,常用的方法有分类讨论法、几何意义法、 函数图象法. 2 2 28 17 ( 4) 1 ( 4) 4x x x x x− + = − + > − = − 2sin 2x ≤ 2sin 2x− ≥ − 2 8 17 2sin 4 2x x x x− + − > − − ( ) 2 8 17 2sinf x x x x< − + − ( ) 22 8 17 2sinx f x x x x− − ≤ < − + − ( ) 2 8 17 2sinf x x x x< − + −

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