2020年高三最新信息卷 物理（三）（新课标Ⅱ卷）（含答案）

2020 年（新课标Ⅱ卷）高三最新信息卷 物理（三） 注意： 1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。答题前，考生务必将自 己的姓名、考生号填写在答题卡上。 2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题的答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑， 如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在试卷上无效。 3．回答第Ⅱ卷时，将答案填写在答题卡上，写在试卷上无效。 4．考试结束，将本试卷和答题卡一并交回。 二、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分。在每小题给出的四个选项中，第 14～18 只有一项 是符合题目要求，第 19～21 题有多项符合题目要求，全部选对得 6 分，选对但不全的得 3 分，有 选错的得 0 分。 14．2020 年 1 月 10 日，中国核潜艇之父黄旭华获国家最高科学技术奖，他为核潜艇研制和跨 越式发展作出巨大贡献。物理学史上许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程，下列说法正 确的是 A．1896 年贝克勒尔发现天然放射现象揭开原子核内部信息，认为原子核是可分的，从原子核 内部释放的射线有 α 射线、β 射线、X 射线、γ 射线 B．汤姆孙通过 α 粒子轰击铍核(94Be)获得碳核(126 C)的实验发现了中子 C．玻尔理论成功解释了大量原子光谱规律，其局限性在于保留了经典粒子的观念 D．卢瑟福预言了中子的存在，查德威克通过实验发现了中子 15．如图所示，光滑水平桌面上固定一竖直粗糙挡板，现将一长方体物块 A 与截面为三角形的 光滑垫块 B 叠放在一起，用水平外力 F 缓慢向左推动 B，使 A 缓慢升高，则该过程中 A．A 受三个力作用，B 受四个力作用 B．推力 F 的大小恒定，A 与墙的摩擦力恒定 C．桌面受到的压力变大 D．A 对 B 压力做正功 16．某同学在练习投篮，篮球第一次击中篮板上的 a 点，第二次击中 a 点正上方的 b 点，若两 次篮球抛出点的位置相同，且都是垂直击中篮板，不计空气阻力，与第一次相比，第二次 A．篮球击中篮板时，速度较大 B．在篮球从投出到击中篮板的过程中，所用时间较多 C．在篮球从投出到击中篮板的过程中，速度变化率较大 D．在投出过程中，手对篮球的冲量一定较大 17．如图所示，两个等量异种点电荷分别位于 P、Q 两点，P、Q 两点在同一竖直线上，水平 面内有一正三角形 ABC，且 PQ 连线的中点 O 为三角形 ABC 的中心，M、N 为 PQ 连线上关于 O 点对称的两点，则下列说法中正确的是 A．A、B、C 三点的电势相等 B．电子在 O 点具有的电势能大于在 B 点具有的电势能 C．M 点场强大于 N 点场强 D．将一正点电荷从 A 点移到 O 点，电场力做正功 18．英国知名科学杂志《自然》发表文章，展望了 2020 年可能会对科学界产生重大影响的事 件，其中包括中国的嫦娥五号任务。若嫦娥五号经过若干次轨道调整后，先在距离月球表面 h 的高 度处绕月球做匀速圆周运动，然后开启反冲发动机，嫦娥五号着陆器暂时处于悬停状态，最后实现 软着陆，自动完成月球表面样品采集，并从月球起飞，返回地球。月球的半径为 R 且小于地球的半 径，月球表面的重力加速度为 g 且小于地球表面的重力加速度，引力常量为 G。不考虑月球的自 转，则下列说法正确的是 A．嫦娥五号的发射速度大于地球的第二宇宙速度 B．嫦娥五号探测器绕月球做匀速圆周运动的速度可能大于地球的第一宇宙速度 C．由题可知月球的平均密度 ρ＝ 3g 4πGR D．嫦娥五号探测器在绕月球做匀速圆周运动的周期 19．如图所示，在光滑的斜面上放置 3 个相同的小球（可视为质点），小球 1、2、3 距斜面 底端 A 点的距离分别为 x1，x2，x3，现将它们分别从静止释放，以相同的加速度向下运动，到达 A 点的时间分别为 t1，t2，t3。则下列说法正确得是 A． B． C． D． 22π R hT gR += 31 2 1 2 3 xx x t t t = = 31 2 1 2 3 xx x t t t < < 31 2 2 2 2 1 2 3 xx x t t t = = 31 2 2 2 2 1 2 3 xx x t t t < vD′，即氕核到达 y 轴时的速度大于氘核，故 C 正确，D 错误。 2 2 2π( ) ( )( ) MmG m R hR h T = ++ 3 2 ( )2π R hT gR += 3 2 1v v v> > 31 2 1 2 3 xx x t t t < < 31 2 2 2 2 1 2 3 xx x t t t = = 2 H H H2 /v v qEx m′ = + 2 D D D2 /v v qEx m′ = +22．(6 分) 【答案】0.986 2.58 5.99 【解析】 ，由 Δx＝aT2 可得 ，因为 xAB＋xBC ＝14.56cm，xBC－xAB＝xDE－xCD＝2.58 cm，联立解得 xAB＝5.99 cm。 23．(9 分) 【答案】(1)变小 变大 (2)4.5 1.0 (3)0 56% 【解析】(1)调节滑动变阻器的滑动片向右滑动，滑动变阻器接入电路中的阻值变小，外电路的 电阻减小，则路端电压减小，电压表 V1 的示数变小；因电路的电流变大，则电压表 V2 的示数变 大。 (2)由题图乙可知，电池组的电动势 E＝4.5 V，内阻 r＝1.0 Ω。 (3)两图线的交点处，两个电压表的读数相同，故此时滑动变阻器接入电路中的阻值为 0；电池 组的效率为 。 24．(12 分) 【解析】(1)达到平衡时有 mgsin α＝F E＝BLvm F＝BIL 解得 。 (2)由能量关系 mgssin α－Q＝1 2mvm2 解得 Q＝1 2mgs－1 2mvm2 电阻 R 上产生的电热 。 25．(20 分) 【解析】(1)由题知，当 x1＝0.5 m 时，地面对 A 的滑动摩擦力为 f 地＝μ‧2mg＝4 N 对 A，根据动能定理有：(F－f 地)x1＝1 2mv2 解得：v＝2 m/s。 (2)由图可知，从 0.5 m 到 1.5 m，F＝4 N＝f 地，故 A、B 组成的系统合外力零，当 B 恰好滑到 A 的左端时两者有共同速度，此时 A 的长度最小，根据动量守恒定律有： mv＝2mv′ 解得：v′＝1 m/s 对 A，根据动能定理有：(F－fAB－f 地)xA＝1 2mv′2－1 2mv2 fAB＝μmg 解得 xA＝0.75 m＜x2＝1 m，故假设成立 对 B，根据动能定理有：fABxB＝1 2mv′2 解得 xB＝0.25 m 故后一段 A 相对 B 的位移为 Δx＝xA－xB＝0.5 m 故 A 的最小长度 L＝x1＋Δx＝1 m。 (3)共速后，对整体根据动能定理有：－f 地 x3＝0－1 2×2mv′2 解得 x3＝0.25 m 故整个运动过程中，A 运动的位移 x 总＝x1＋x2＋x3＝1.75 m 根据 Q＝f 地 x 地 代入数据解得 Q＝7 J。 (二)选考题(共 15 分。请考生从给出的 2 道物理题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第 一题计分) 33．【物理——选修 3－3】(15 分) (1)(5 分) 【答案】BCD 【解析】布朗运动是悬浮在液体或气体中的固体小颗粒(如花粉)的运动，不是分子的运动，故 A 错误；单晶体和多晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点，故 B 正确；热力学第二定律的一 种表述：不可能从单一热源吸取热量，使之完全变为有用功而不产生其他影响。另一种表述是：不 可能使热量由低温物体传递到高温物体，而不引起其他变化。第二定律说明热的传导具有方向性， 故 C 正确；根据理想气体的状态方程pV T ＝C 可知，一定量的某种理想气体在等压膨胀过程中，气体 的温度升高；又因为一定质量的理想气体的内能大小只与温度有关，与气体的体积无关，则内能一 定增加，故 D 正确；在绝热条件下压缩气体时，外界对气体做功，但没有热交换，故气体的内能 增加，故 E 错误。 (2)(10 分) 【解析】汽缸内气体初始状态参量：压强 ，V1＝L0S 悬挂后汽缸 Q 的压强 ，设汽缸 Q 内气体长度为 L1，则气体体积 V2＝L1S 由于是等温变化，根据玻意耳定律可知：p1V1＝p2V2 联立解得 对汽缸 P 中的活塞进行受力分析，有 p3S＋Mg＋2mg＝p0S。 0.986 m/s4 AE C AE xv v T = = = 2 2 2.58 m/s4 CE ACx xa T −= = 56%UI EI η = = EI R r = + 2 m ( ) 2 mg R rB L v += 2 m( )2( )Q R RQ Q mgs mvR r R r = = −+ + 1 0 mgp p S = + 2 0 mgp p S = − 0 1 0 0 p S mgL Lp S mg += −解得 。 设汽缸 P 内气体长度为 L2，则气体体积 V3＝L2S。 根据玻意耳定律可知：p3V3＝p1V1 联立解得： 。 34．【物理——选修 3－4】(15 分) (1)(5 分) 【答案】ACD 【解析】机械波是振动在介质中的传播，需要大量介质质点依次重复波源的振动，A 正确；单 个物体可以作为波源，在介质中会产生机械波，B 错误；波传播的是机械振动形式，同时传播了能 量，介质中的质点做受迫振动，质点只在平衡位置附近振动，并不随波迁移，CD 正确；只有横波 会出现偏振现象，纵波不会出现偏振现象，E 错误。 (2)(10 分) 【解析】(i)小明到泳池边的距离等于其身体高度时，恰好能看到米尺的刻度值为 2 m，如图 根据几何关系可知，光线此时与刻度尺夹角为 45°，故游泳池的深度为 2 m。 (ii)当池中注满水时，小明向后移动到距泳池边的距离为其身高的 3倍时，恰好能看到米尺的 刻度值为 1.5 m 根据几何关系可知，入射角 sin i＝ 3 2 因为水深为 2 m，故折射角 sin r＝3 5 折射率 。 3 0 ( 2 )M m gp p S += − 0 2 0 0 ( 2 ) p S mgL Lp S M m g += − + sin 5 3 sin 6 in r = =