2020年全国I卷高三物理最新信息卷（七）（Word版含答案）

绝密 ★ 启用前 2020 年高三最新信息卷 物 理 （七） 注意事项： 1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。答题前，考生务必将自 己的姓名、考生号填写在答题卡上。 2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题的答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑， 如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在试卷上无效。 3．回答第Ⅱ卷时，将答案填写在答题卡上，写在试卷上无效。 4．考试结束，将本试卷和答题卡一并交回。 二、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分。在每小题给出的四个选项中，第 14～18 只有一项 是符合题目要求，第 19～21 题有多项符合题目要求，全部选对得 6 分，选对但不全的得 3 分，有 选错的得 0 分。 14．2020 年 1 月 10 日，中国核潜艇之父黄旭华获国家最高科学技术奖，他为核潜艇研制和跨 越式发展作出巨大贡献。物理学史上许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程，下列说法正 确的是 A．1896 年贝克勒尔发现天然放射现象揭开原子核内部信息，认为原子核是可分的，从原子核 内部释放的射线有 α 射线、β 射线、X 射线、γ 射线 B．汤姆孙通过 α 粒子轰击铍核(94Be)获得碳核(126 C)的实验发现了中子 C．玻尔理论成功解释了大量原子光谱规律，其局限性在于保留了经典粒子的观念 D．卢瑟福预言了中子的存在，查德威克通过实验发现了中子 15．如图所示，光滑水平桌面上固定一竖直粗糙挡板，现将一长方体物块 A 与截面为三角形的 光滑垫块 B 叠放在一起，用水平外力 F 缓慢向左推动 B，使 A 缓慢升高，则该过程中 A．A 受三个力作用，B 受四个力作用 B．推力 F 的大小恒定，A 与墙的摩擦力恒定 C．桌面受到的压力变大 D．A 对 B 压力做正功 16．某同学在练习投篮，篮球第一次击中篮板上的 a 点，第二次击中 a 点正上方的 b 点，若两 次篮球抛出点的位置相同，且都是垂直击中篮板，不计空气阻力，与第一次相比，第二次 A．篮球击中篮板时，速度较大 B．在篮球从投出到击中篮板的过程中，所用时间较多 C．在篮球从投出到击中篮板的过程中，速度变化率较大 D．在投出过程中，手对篮球的冲量一定较大 17．如图所示，两个等量异种点电荷分别位于 P、Q 两点，P、Q 两点在同一竖直线上，水平 面内有一正三角形 ABC，且 PQ 连线的中点 O 为三角形 ABC 的中心，M、N 为 PQ 连线上关于 O 点对称的两点，则下列说法中正确的是 A．A、B、C 三点的电势相等 B．电子在 O 点具有的电势能大于在 B 点具有的电势能 C．M 点场强大于 N 点场强 D．将一正点电荷从 A 点移到 O 点，电场力做正功 18．英国知名科学杂志《自然》发表文章，展望了 2020 年可能会对科学界产生重大影响的事 件，其中包括中国的嫦娥五号任务。若嫦娥五号经过若干次轨道调整后，先在距离月球表面 h 的高 度处绕月球做匀速圆周运动，然后开启反冲发动机，嫦娥五号着陆器暂时处于悬停状态，最后实现 软着陆，自动完成月球表面样品采集，并从月球起飞，返回地球。月球的半径为 R 且小于地球的半 径，月球表面的重力加速度为 g 且小于地球表面的重力加速度，引力常量为 G。不考虑月球的自 转，则下列说法正确的是 A．嫦娥五号的发射速度大于地球的第二宇宙速度 B．嫦娥五号探测器绕月球做匀速圆周运动的速度可能大于地球的第一宇宙速度 C．由题可知月球的平均密度 ρ＝ 3g 4πGR D．嫦娥五号探测器在绕月球做匀速圆周运动的周期 19．如图所示，在光滑的斜面上放置 3 个相同的小球（可视为质点），小球 1、2、3 距斜面 底端 A 点的距离分别为 x1，x2，x3，现将它们分别从静止释放，以相同的加速度向下运动，到达 A 点的时间分别为 t1，t2，t3。则下列说法正确得是 A． B． C． D． 22π R hT gR += 31 2 1 2 3 xx x t t t = = 31 2 1 2 3 xx x t t t < < 31 2 2 2 2 1 2 3 xx x t t t = = 31 2 2 2 2 1 2 3 xx x t t t < < 此 卷 只 装 订 不 密 封 班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 20．如图甲所示，理想变压器原副线圈的匝数比为 4∶1，b 是原线圈的中心抽头，电压表和电 流表均为理想电表，除 R 以外其余电阻不计。从某时刻开始单刀双掷开关掷向 a，在原线圈两端加 上如图乙所示交变电压，则下列说法中正确的是 A．当开关与 a 连接时，电压表的示数为 55 V B．当开关与 a 连接时，滑动变阻器触片向下移，电压表示数不变，电流表的示数变大 C．开关由 a 扳到 b 时，副线圈电流表示数变为原来的 2 倍 D．当单刀双掷开关由 a 拨向 b 时，副线圈输出电压的频率变为原来 2 倍 21．如图所示，在 y 轴的右方有一方向垂直纸面向外的匀强磁场，在 x 轴的下方有一方向平行 x 轴向左的匀强电场。现有一个氕核和一个氘核分别以相同的动量从 y 轴上的 P 点垂直 y 轴进入第 一象限，经 x 轴后分别到达 y 轴上的某一点（图中未画出）。不考虑粒子受到的重力。则 A．两粒子在第一象限中运动的半径之比为 1∶1 B．两粒子在第一象限中运动的半径之比为 1∶2 C．氕核到达 y 轴时的速度较大 D．氘核到达 y 轴时的速度较大 第Ⅱ卷（非选择题，共 174 分） 三、非选择题(包括必考题和选考题两部分。第 22 题～第 25 题为必考题，每个试题考生都必 须作答。第 33 题～第 34 题为选考题，考生根据要求做答) (一)必考题(共 129 分) 22．(6 分)物理小组的同学在实验室用打点计时器研究小车的匀变速直线运动，他们将打点计 时器接到频率为 50 Hz 的交流电源上，实验时得到一条纸带。他们在纸带上便于测量的地方选取第 一个计时点，在这个点下标明 A；然后每隔 4 个点选一个计数点，依次标为 B、C、D、E；最后用 刻度尺正确测量，结果如图所示。则打 C 点时小车的瞬时速度大小为__________m/s，小车运动的 加速度大小为__________m/s2，AB 间的距离为__________cm。（保留三位有效数字） 23．(9 分)用下列器材组装成一个电路，既能测量出电池组的电动势 E 和内阻 r，又能同时描绘 小灯泡的伏安特性曲线。 A．电压表 V1（量程 6 V、内阻很大） B．电压表 V2（量程 3 V、内阻很大） C．电流表 A（量程 3 A、内阻很小） D．滑动变阻器 R（最大阻值 10 Ω） E．小灯泡（2 A、5 W） F．电池组（电动势 E、内阻 r） G．开关一只，导线若干 (1)某同学设计的实验电路图如图甲，实验时调节滑动变阻器的滑动片向右滑动，则电压表 V1 的示数________，电压表 V2 的示数________。（填“变大”“变小”或“不变”） (2)每一次操作后，同时记录电流表 A、电压表 V1 和电压表 V2 的示数，组成两个坐标点（I， U1）、（I，U2），标到 U－I 坐标中，经过多次测量，最后描绘出两条图线，如图乙所示，则电池 组的电动势 E＝________V、内阻 r＝________Ω。（结果保留两位有效数字） (3)在 U－I 图象中两条图线在 P 点相交，此时滑动变阻器连入电路的阻值应为________Ω，电 池组的效率为________。 24．(12 分)如图所示，两足够长平行光滑的金属导轨 MN、PQ 相距为 L，导轨平面与水平面夹 角 α＝30°，导轨上端跨接一定值电阻 R，导轨电阻不计。整个装置处于方向垂直斜面向上的匀强磁 场中，长为 L 的金属棒 cd 垂直于 MN、PQ 放置在导轨上，且与导轨保持电接触良好，金属棒的质 量为 m、电阻为 r，重力加速度为 g。现将金属棒由静止释放，当金属棒沿导轨下滑距离为 s 时， 速度达到最大值 vm。求： (1)匀强磁场的磁感应强度大小； (2)金属棒沿导轨下滑距离为 s 的过程中，电阻 R 上产生的电热。25．(20 分)如图(a)，两端分别为 M、N 的长木板 A 静止在水平地面上，木板上长 0.5 m 的 PN 段上表面光滑，N 端上静止着一个可视为质点的滑块 B。给木板施加一个水平向右的力 F，F 与木 板的位移 x 的关系如图(b)，当 x＝1.5 m 时撤去力 F，撤力 F 前 B 仍在木板上。已知 A、B 的质量均 为 m＝1 kg，A 的 MP 段上表面与 B 及 A 与地面间的动摩擦因数均为 μ＝0.2，最大静摩擦力等于滑 动摩擦力，重力加速度 g＝10 m/s2。求： (1)当 x1＝0.5 m 时，木板 A 的速度大小； (2)木板 A 的最小长度； (3)整个运动过程中，A 与地面间因摩擦产生的热量。 (二)选考题(共 15 分。请考生从给出的 2 道物理题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第 一题计分) 33．【物理——选修 3－3】(15 分) (1)(5 分)下列说法正确的是 。（填正确答案标号。选对 1 个得 2 分，选对 2 个得 4 分，选对 3 个得 5 分。每选错 1 个扣 3 分，最低得分为 0 分） A．液体中的布朗运动是悬浮在液体中的固体分子的运动 B．晶体均有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点 C．反映宏观自然过程的方向性的定律是热力学第二定律的一种表述 D．一定质量的某种理想气体在等压膨胀过程中，内能一定增加 E．在绝热条件下压缩气体，气体的内能可能增加，也可能减少 (2)(10 分)如图 1 所示，两个完全相同的导热性能良好的汽缸 P、Q 放在水平地面上，分别用相 同的活塞封闭相同质量的理想气体，汽缸足够长，活塞不会脱离汽缸。已知话塞的质量为 m，横截 面积为 S，汽缸的质量为 M，外界大气压为 P0，外界温度保持不变，密封气体的长度为 L0，重力加 速度为 g。现将两汽缸按如图 2 所示的方式悬挂起来，不计活塞与汽缸之间的摩擦，求稳定时两汽 缸密封气体的长度。 34．【物理——选修 3－4】(15 分) (1)(5 分)关于机械振动和机械波，下列说法正确的是 。（填正确答案标号。选对 1 个 得 2 分，选对 2 个得 4 分，选对 3 个得 5 分。每选错 1 个扣 3 分，最低得分为 0 分） A．机械波的传播过程是大量介质质点依次重复波源振动的过程 B．单个物体的振动在介质中不会产生波 C．在波的传播过程中，介质质点只振动不随波迁移 D．在波的传播过程中，介质质点均做受迫振动 E．横波和纵波都能出现偏振现象 (2)(10 分)某游泳池底部粘有一与池边垂直的米尺，其零刻线恰好位于池底边缘，小明同学站在 泳池边上，所处位置与米尺共线在同一竖直平面内，如图所示，小明到泳池边的距离等于其身体高 度时，恰好能看到米尺的刻度值为 2 m，当池中注满水时，小明向后移动到距泳池边的距离为其身 高的 3倍时，恰好能看到米尺的刻度值为 1.5 m，不计人眼到头顶的距离，求： (i)游泳池的深度； (ii)泳池中水的折射率。绝密 ★ 启用前 2020 高考高三最新信息卷 物理答案（七） 二、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分。在每小题给出的四个选项中，第 14～18 只有一项 是符合题目要求，第 19～21 题有多项符合题目要求，全部选对得 6 分，选对但不全的得 3 分，有 选错的得 0 分。 14．【答案】D 【解析】1896 年贝克勒尔发现天然放射现象揭开原子核内部信息，认为原子核是可分的，从 原子核内部释放的射线有 α 射线、β 射线和 γ 射线，没有 X 射线，A 错误；查德威克通过 α 粒子轰 击铍核（94Be）获得碳核（126 C）的实验发现了中子，B 错误；玻尔理论只成功解释了氢原子光谱规 律，其局限性在于保留了经典粒子的观念，C 错误；卢瑟福预言了中子的存在，查德威克通过实验 发现了中子，D 正确。 15．【答案】B 【解析】先以 A 为研究对象，分析受力情况：重力、墙的弹力、斜面的支持力和墙的摩擦力四 个力，B 受到重力、A 的压力、地面的支持力和推力 F 四个力，故 A 错误；对整体分析受力如图所 示： 由平衡条件得知 F＝N1，推力 F 恒定不变，则挡板对 A 的支持力 N1 不变，根据滑动摩擦力公式 可得 A 与墙的摩擦力恒定，B 正确；桌面对整体的支持力 N＝G 总，保持不变，则 B 对桌面的压力不 变，故 C 错误；A 对 B 的压力垂直斜面向下，B 的位移水平向左，所以 A 对 B 压力做负功，故 D 错 误。 16．【答案】B 【解析】篮球在水平方向做匀速直线运动，水平射程相等，但第二次用的时间较长，第二次运动 水平分速度较小，故篮球击中篮板时，第二次运动速度较小，故 A 错误；将篮球的运动反向处理， 即为平抛运动，第二次运动过程中的高度较高，所以运动时间较长，故 B 正确；速度变化率为加速 度，在篮球从投出到击中篮板的过程中，篮球受到的合力为重力，加速度都为重力加速度，故 C 错 误；根据动量定理 I＝Ft＝mΔv，第二次运动水平分速度较小，但第二次运动竖直分速度较大，无法 判断两次运动篮球出手时初速度的大小，故无法判断两次在投出过程中，手对篮球的冲量，故 D 错 误。 17．【答案】A 【解析】根据空间几何的位置关系可知，A、B、C 三点到 P、Q 两点的距离均相等，三点的场强 和电势均相等，故 A 正确；电子带负电，电势小的地方电势能大，由于 O 点电势大于 B 点的电势，电 子在 O 点具有的电势能小于在 B 点具有的电势能，故 B 错误；根据等量异种电荷电场线的分布，可知 电场线的疏密程度是关于 O 点所在的中垂线对称的，所以 M 点场强等于 N 点场强，故 C 错误；A 点电 势小于 O 点电势，正点电荷从 A 点移到 O 点，电势升高，电势能升高，电场力做负功，故 D 错误。 18．【答案】C 【解析】发射速度大于第二宇宙速度就能脱离太阳束缚，飞到太阳系外进入银河系，而嫦娥五 号还是在地月系内运动，故其发射速度大于地球的第一宇宙速度而小于第二宇宙速度，故 A 错 误；星球的第一宇宙速度 v＝ gR，因 g 地＞g 月，R 地＞R 月，则月球的第一宇宙速度小于地球的第 一宇宙速度，而嫦娥五号的运行速度小于月球的第一宇宙速度，故嫦娥五号探测器绕月球做匀速圆 周运动的速度一定小于地球的第一宇宙速度，故 B 错误；对月表的物体，有 mg0＝GMm R2 ，M＝ρ·4 3 πR3，联立解得 ρ＝ 3g 4πGR，故 C 正确；对嫦娥五号做匀速圆周运动，有 ， mg0＝GMm R2 ，联立可得 ，故 D 错误。 19．【答案】BC 【解析】小球做初速度为 0 的匀加速直线运动，x1＜x2＜x3，根据 v2＝2ax 可知，则到达 A 点的 速度 v1＜v2＜v3，根据平均速度的推论知 ，则 ，故 A 错误，B 正确；因为加 速度相等，由 x＝1 2at2 得 ，故 C 正确，D 错误。 20．【答案】ABC 【解析】根据输入电压的图象，可读出变压器原线圈两端的电压有效值 U1＝220 V，而变压器 两端的电压比等于匝数比，有 U2＝n1 n2U1＝55 V，电压表测量的是副线圈输出电压的有效值为 55 V，故 A 正确；当开关与 a 连接时，滑动变阻器触片向下移，因 U1＝220 V 不变，则 U2＝55 V 不 变，即电压表的示数不变，负载电阻变小，则副线圈的电流变大，即电流表的示数变大，故 B 正 确；开关由 a 扳到 b 时，副线圈的电压变为 U2′＝110 V，电压变为原来的 2 倍，负载电阻不变，则 电流表的示数变为原来的 2 倍，故 C 正确；变压器能改变电压和电流，但不改变交流电的频率，则 当单刀双掷开关由 a 拨向 b 时，副线圈输出电压的频率不变，故 D 错误。 21．【答案】AC 【解析】由洛伦兹力提供向心力 qvB＝mv2 r ，可得 r＝mv qB，根据题意 pD＝pH＝mv，qD＝qH，解 得 rD∶rH＝1∶1，故 A 正确，B 错误；由于两者运动半径相同，所以从 x 轴射出时的横坐标 x 也相 同。洛伦兹力不做功，因此当粒子从 x 轴射出时速度与初速度相同。由于两者初动量相等设为 p， 且质量比为 mH∶mD＝1∶2，因此有 vH∶vD＝1∶2，由动能定理得 1 2mHvH′2＝1 2mHvH2＋qEx，1 2mDvD′2＝1 2 2 2 2π( ) ( )( ) MmG m R hR h T = ++ 3 2 ( )2π R hT gR += 3 2 1v v v> > 31 2 1 2 3 xx x t t t < < 31 2 2 2 2 1 2 3 xx x t t t = =mDvD2＋qEx，化简可得 ， ，联立可知 vH′> vD′，即氕核到达 y 轴时的速度大于氘核，故 C 正确，D 错误。 22．(6 分) 【答案】0.986 2.58 5.99 【解析】 ，由 Δx＝aT2 可得 ，因为 xAB＋xBC ＝14.56cm，xBC－xAB＝xDE－xCD＝2.58 cm，联立解得 xAB＝5.99 cm。 23．(9 分) 【答案】(1)变小 变大 (2)4.5 1.0 (3)0 56% 【解析】(1)调节滑动变阻器的滑动片向右滑动，滑动变阻器接入电路中的阻值变小，外电路的 电阻减小，则路端电压减小，电压表 V1 的示数变小；因电路的电流变大，则电压表 V2 的示数变 大。 (2)由题图乙可知，电池组的电动势 E＝4.5 V，内阻 r＝1.0 Ω。 (3)两图线的交点处，两个电压表的读数相同，故此时滑动变阻器接入电路中的阻值为 0；电池 组的效率为 。 24．(12 分) 【解析】(1)达到平衡时有 mgsin α＝F E＝BLvm F＝BIL 解得 。 (2)由能量关系 mgssin α－Q＝1 2mvm2 解得 Q＝1 2mgs－1 2mvm2 电阻 R 上产生的电热 。 25．(20 分) 【解析】(1)由题知，当 x1＝0.5 m 时，地面对 A 的滑动摩擦力为 f 地＝μ‧2mg＝4 N 对 A，根据动能定理有：(F－f 地)x1＝1 2mv2 解得：v＝2 m/s。 (2)由图可知，从 0.5 m 到 1.5 m，F＝4 N＝f 地，故 A、B 组成的系统合外力零，当 B 恰好滑到 A 的左端时两者有共同速度，此时 A 的长度最小，根据动量守恒定律有： mv＝2mv′ 解得：v′＝1 m/s 对 A，根据动能定理有：(F－fAB－f 地)xA＝1 2mv′2－1 2mv2 fAB＝μmg 解得 xA＝0.75 m＜x2＝1 m，故假设成立 对 B，根据动能定理有：fABxB＝1 2mv′2 解得 xB＝0.25 m 故后一段 A 相对 B 的位移为 Δx＝xA－xB＝0.5 m 故 A 的最小长度 L＝x1＋Δx＝1 m。 (3)共速后，对整体根据动能定理有：－f 地 x3＝0－1 2×2mv′2 解得 x3＝0.25 m 故整个运动过程中，A 运动的位移 x 总＝x1＋x2＋x3＝1.75 m 根据 Q＝f 地 x 地 代入数据解得 Q＝7 J。 (二)选考题(共 15 分。请考生从给出的 2 道物理题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第 一题计分) 33．【物理——选修 3－3】(15 分) (1)(5 分) 【答案】BCD 【解析】布朗运动是悬浮在液体或气体中的固体小颗粒(如花粉)的运动，不是分子的运动，故 A 错误；单晶体和多晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点，故 B 正确；热力学第二定律的一 种表述：不可能从单一热源吸取热量，使之完全变为有用功而不产生其他影响。另一种表述是：不 可能使热量由低温物体传递到高温物体，而不引起其他变化。第二定律说明热的传导具有方向性， 故 C 正确；根据理想气体的状态方程pV T ＝C 可知，一定量的某种理想气体在等压膨胀过程中，气体 的温度升高；又因为一定质量的理想气体的内能大小只与温度有关，与气体的体积无关，则内能一 定增加，故 D 正确；在绝热条件下压缩气体时，外界对气体做功，但没有热交换，故气体的内能 增加，故 E 错误。 (2)(10 分) 【解析】汽缸内气体初始状态参量：压强 ，V1＝L0S 悬挂后汽缸 Q 的压强 ，设汽缸 Q 内气体长度为 L1，则气体体积 V2＝L1S 由于是等温变化，根据玻意耳定律可知：p1V1＝p2V2 联立解得 2 H H H2 /v v qEx m′ = + 2 D D D2 /v v qEx m′ = + 0.986 m/s4 AE C AE xv v T = = = 2 2 2.58 m/s4 CE ACx xa T −= = 56%UI EI η = = EI R r = + 2 m ( ) 2 mg R rB L v += 2 m( )2( )Q R RQ Q mgs mvR r R r = = −+ + 1 0 mgp p S = + 2 0 mgp p S = − 0 1 0 0 p S mgL Lp S mg += −对汽缸 P 中的活塞进行受力分析，有 p3S＋Mg＋2mg＝p0S。 解得 。 设汽缸 P 内气体长度为 L2，则气体体积 V3＝L2S。 根据玻意耳定律可知：p3V3＝p1V1 联立解得： 。 34．【物理——选修 3－4】(15 分) 【解析】(i)小明到泳池边的距离等于其身体高度时，恰好能看到米尺的刻度值为 2 m，如图 根据几何关系可知，光线此时与刻度尺夹角为 45°，故游泳池的深度为 2 m。 (ii)当池中注满水时，小明向后移动到距泳池边的距离为其身高的 3倍时，恰好能看到米尺的 刻度值为 1.5 m 根据几何关系可知，入射角 sin i＝ 3 2 因为水深为 2 m，故折射角 sin r＝3 5 折射率 。 3 0 ( 2 )M m gp p S += − 0 2 0 0 ( 2 ) p S mgL Lp S M m g += − + sin 5 3 sin 6 in r = =