2020届高三下期适应性考试数学试题卷(理科) 含答案
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2020届高三下期适应性考试数学试题卷(理科) 含答案

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资料简介
秘密★启用前 【考试时间:6 月 29 日 15:00~17:00】 高 2020 级高三下期适应性考试 数学试题卷(理科) 注意事项: l.答题前,务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡规定的位置上. 2.答选择题时,必须使用 2B 铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦擦干净后, 再选涂其他答案标号. 3.答非选择题时,必须使用 0.5 毫米黑色签字笔,将答案书写在答题卡规定的位置上. 4.所有题目必须在答题卡上作答,在试题卷上答题无效. 一、选择题:本题 12 个小题,每小题 5 分,共 60 分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合要 求. 1.已知复数 为纯虚数,则实数 a 的值为( ) A.1 B. C.0 D. 2.已知集合 ,则 A 的真子集共有( )个 A.3 B.4 C.6 D.7 3.某医疗研究所为了检验某种血清预防感冒的作用,把 500 名使用血清的人与另外 500 名未用血清的人一 年中的感冒记录作比较,提出假设 :“这种血清不能起到预防感冒的作用”,利用 列联表计算得 ,查临界值表知 .则下列结论中,正确结论的是( ) A.有 95%的把握认为“这种血清能起到预防感冒的作用”; B.若某人未使用该血清,则他在一年中有 95%的可能性感冒; C.这种血清预防感冒的有效率为 95%; D.这种血清预防感冒的有效率为 5%; 4.若双曲线 的渐近线和圆 相切,则该双曲线的离心率为 ( ) A.2 B. C. D. 5.为了衡量星星的明暗程度,古希腊天文学家喜帕恰斯在公元前二世纪首先提出了星等这个概念.星等的 (1 )(1 )z i ai= + + 1− 1± { }2 2,A x x x Z= < ∈∣ 0H 2 2× 2 3.918x ≈ ( )2 3.841 0.05xP ≥ ≈ 2 2 2 2 1( 0, 0)x y a ba b − = > > 2 2 4 3 0x y y+ − + = 3 2 3 3 2 3 数值越小,星星就越亮;星等的数值越大它的光就越暗.到了 1850 年,由于光度计在天体光度测量的应用, 英国天文学家普森又提出了亮度的概念,天体的明暗程度可以用星等或亮度来描述.两颗星的星等与亮度 满足 ,其中星等为 的星的亮度为 .已知“心宿二”的星等是1.00, “天津四”的星等是 1.25,则“心宿二”的亮度大约是“天津四”的( )倍.(当 较小时, ) A.1.27 B.1.26 C.1.23 D.1.22 6.向量 满足 , 与 的夹角为 ,则 的取值范围为( ) A. B. C. D. 7.如右图所示的程序框图中,若输入的 ,则输出的 ( ) A.24 B.25 C.50 D.51 8.设数列 的前 n 项之和为 ,条件 数列 为等差数列;条件 为关于 n 的二次函数.则 p 是 q 的( )条件. A.充分不必要 B.必要不充分 C.充要 D.既不充分也不必要 9.设函数 ,下列说法中正确的是( ) A. 的单调递增区间为 B. 图像的对称中心为 C. 图像的对称中心为 ( )1 2 2 12.5 lg lgm m E E− = − km ( 1,2)kE k = | |x 210 1 2.3 2.7x x x≈ + + ,a b | | 1a = a b 3 π | |a b−  [1, )+∞ [0, )+∞ 1 ,2  +∞  3 ,2  +∞   4, 2m t= = y = { }na nS :p { }na : nq S ( ) 1 x x ef x e = − ( )f x ( ,0) (0, )−∞ ∪ +∞ ( )f x 10, 2  −   ( )f x 1 ,02  −   D. 的值域为 10.抛物线 的焦点为 F,O 为坐标原点,点 P 在抛物线上,向量 与 的夹角为 ,过 P 作 抛物线准线的垂线,垂足为 H,线段 和抛物线交于点 Q,则 ( ) A.1 B.2 C.3 D. 11.秦九韶是我国南宋时期的数学家,他的成就代表了中世纪世界数学发展的主流与最高水平.他在著作 《数书九章》中叙述了已知三角形的三条边长 ,求三角形面积的方法.其求法是:“以小斜幂并大斜 幂减中斜幂,余半之,自乘于上,以小斜幂乘大斜幂减上,余四约之,为实.一为从隅,开平方得积.”若 把以上这段文字写成公式,即为 .已知 的三条边长为 ,其 面积为 12,且 ,则 周长的最小值为( ) A.12 B.14 C.16 D.18 12.定义在 上的函数 的导函数为 ,且 ,则对任意 、 ,下 列不等式中一定成立的有( ) ① ② ③ ④ A.①②③ B.②④ C.②③ D.③ 二、填空题:本大题共 4 小题,每小题 5 分,共 20 分. 13.已知锐角 满足 ,则 ______ 14.将序号分别为 1,2,3,4,5,6 的 6 张参观券全部分给 5 个人,每人至少 1 张,如果获得 2 张参观券 的人的参观券序号为相邻的数字,那么不同的分法有______种. 15.已知四面体 满足: , ,则四面体 外接球的 表面积为_______ ( )f x ( 1,0)− 2y x= FP OF 60° HF | | | | HF FQ = 2 3 , ,a b c 22 2 2 2 21 4 2 a c bS a c   + −= −      ABC , ,a b c 2 2 2 14a c b+ − = ABC (0, )+∞ ( )f x ( )f x′ ( )( ) f xf x x ′ < 1x 2 (0, )x ∈ +∞ ( ) ( ) ( )1 2 1 2f x x f x f x+ < + ( ) ( ) ( ) ( )2 1 1 2 1 2 1 2 x xf x f x f x f xx x + < + ( )1 12 2 (1)x xf f< ( ) ( ) ( )1 2 1 2f x x f x f x< α 1tan 4 2 π α − =   sinα = ABCD 1AB BC CD DA AC= = = = = 2BD = ABCD 16.已知等比数列 的公比为 q,且 , ,则 q 的取值范围为______;能使不等式 成立的最大正整数 ______ 三、解答题:共 70 分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤第 17~21 题为必考题,每个试题考生都 必须作答.第 22、23 为选考题,考生根据要求作答. (一)必考题:共 60 分. 17.(12 分)已知 ,记 的内角 的对边分别为 . (1)求 的取值范围; (2)当 , ,且 取(1)中的最大值时,求 的面积. 18.(12 分)如图 1,四边形 是等腰梯形, , , ,A 为 的中点.将 沿 折起,点 分别是棱 的中点,如图 2. (1)证明: 平面 ; (2)若 ,求平面 与平面 所成锐二面角的余弦值. 19.(12 分)在党中央的正确领导下,通过全国人民的齐心协力,特别是全体一线医护人员的奋力救治,二 月份“新冠肺炎”疫情得到了控制.甲、乙两个地区采取防护措施后,统计了从 2 月 7 日到 2 月 13 日一周 的新增“新冠肺炎”确诊人数,绘制成如下折线图: (1)根据图中甲、乙两个地区折线图的信息,从均值与方差的角度比较甲乙两地新增确诊人数的统计结论 { }na 10 1a< < 2020 1a = 1 2 1 2 1 1 1 0m m a a aa a a     − + − + + − ≤          m = ( ) cos sin 3cos2 2 2 x x xf x  = +   ABC , ,A B C , ,a b c ( )f B 4a = 4 3 3b = ( )f B ABC PBCD / /BC PD 2PB BC CD= = = 4PD = PD ABP AB ,M N ,PD PC PC ⊥ ABNM 6PC = ABNM PAD (不用计算数据); (2)治疗“新冠肺炎”药品的研发成了当务之急,某药企计划对甲地区的 A 项目或乙地区的 B 项目投入研 发资金.经过评估,对于 A 项目,每投资十万元,一年后利润是 1.38 万元、1.18 万元、1.14 万元的概率分 别为 ;对于 B 项目,利润与产品价格的调整有关,已知 B 项目产品价格在一年内进行 2 次独立的价 格调研,每次调研后,产品价格下调的概率都是 ,记 B 项目一年内产品价格的下调次数为 , 每投资十万元, 取 0、1、2 时,一年后相应利润是 1.4 万元、1.25 万元、0.6 万元.记对 A 项目投资十万 元,一年后利润的随机变量为 ,记对 B 项目投资十万元,一年后利润的随机变量为 . (i)求 的概率分布列和数学期 ; (ii)如果你是投资决策者,将做出怎样的决策?请写出决策理由. 20.(12 分)已知 分别为椭圆 的左、右焦点,B 为椭圆 C 短轴的端点,若 的面积为 ,且 . (1)求椭圆 C 的方程; (2)若动直线 与椭圆 C 交于 ,M 为线段 的中点,且 M 在曲线 上,设 O 为坐标原点.求 的范围. 21.(12 分)已知函数 ,( ,e 是自然对数的底数). (1)若 ,讨论函数 在 R 上的零点个数; (2)设 ,点 是曲线 上的一个定点,实数 , 为 的导函数.试比较 与 的大小,并证明你的结论. (二)选考题:共 10 分.请考生在第 22、23 题中任选一题作答.如果多做,则按所做的第一题计分. 22.选修 44:坐标系与参数方程(10 分) 在平面直角坐标系 中,以原点 O 为极点,x 轴正半轴为极轴,建立极坐标系,曲线 的极坐标方程为 1 1 1, ,6 2 3 (0 1)p p< < ξ ξ 1 ξ 2 ξ 1 2,ξ ξ ( ) ( )1 2,E Eξ ξ 1 2,F F 2 2 2 2: 1( 0)x yC a ba b + = > > 1 2BF F 2 1 2 1cos 3F BF∠ = :l y kx m= + ( ) ( )1 1 2 2, , ,P x y Q x y PQ 2 22 13 x y+ = sin sin OPQ POM ∠ ∠ 2( ) xf x ae x bx= + − 0,a b R> ∈ a b= ( )y f x= 2b = ( , )m n ( )y f x= 0x m> ( )f x′ ( )f x ( )0f x ( )0 02 x mf x m n′ +  − +   xOy 1C ,曲线 的极坐标方程为 .曲线 与曲线 交于 两点. (1)若 ,求 的值. (2)若 ,求 的大小. 23.选修 4-5:不等式选讲(10 分) 设不等式 的解集是 M,且 . (1)试比较 与 的大小; (2)设 表示数集 A 中的最大数, ,证明: . 高 2020 级高三下期适应性考试 数学参考答案(理科) 一、选择题:A D A A B D C D B C C A 10.解:由抛物线定义知 ,结合 知 为等边三角形. 故 和准线夹角 ,作 准线,垂足为 E,则 ,故 11.解:由已知 周长 取等条件 ,故周长的最小值为 16 12.解:由已知 单调递减,故 ,展开即为②; 由于 ,故 ,故③正确; 由于 同理 ,相加得 ,故①正确; 2 cosaρ θ= 2C 2 sin cos ρ θ θ= + 1C 2C ,M N 2a = | |MN 4 2 2a = − MON∠ | 2 1| 1x − < ,a b M∈ 1ab + a b+ max A 2 21max , a bh ab ab  +=     2h ≥ PH PF= 60HPF °∠ = HPF HF 30θ °= QE ⊥ QF QE= | | | | 1sin sin30 | | | | 2 QE QF QH QH θ °= = = = | | | | | | 2 | | | | 3| | | | | | HF HQ QF QF QF FQ QF QF + += = = 2 2 21 1412 254 2a c ac   = − ⇒ =      ABC 2 2 14 2 2 14 16l a c b a c a c ac ac= + + = + + + − ≥ + − = 5, 6a c b= = = ( )( ) f xg x x = ( ) ( ) ( )1 2 1 2 0x x g x g x− − ( )12 (1)xg g< ( ) ( ) ( ) ( )1 1 2 1 1 2 1 1 2 1 1 2 xx x x g x x g x f x x f xx x + > ⇒ + < ⇒ + 20 5p< < 1 2E Eξ ξ= 2 9p = 1 2E Eξ ξ> 2 15 p< < 20 5p< < 2 5p = 2 15 p< < 2 2 2 2 2 1 2 2 2 2 4 1 1cos 32 3 3 a c cF BF a ca a −∠ = = ⇒ = ⇒ = 2 22b c= 1 2 1 2 22F BF cb bc= × = = 2 2 13 2 x y+ = (2)联立 . .且 , ; 设 , (6 分) 依题意, ,即 化简得: ;所以 在 中 因为 ,所以 , 所以 的范围为 21.解:(1)若 ,则 所以: ,易知 因为 .所以 在 R 上单调道增, 所以: 单调递减 单调递增, , 所以函数 在 R 上的零点个数为 0 (4 分) ( )2 2 2 2 2 3 2 6 3 6 02 3 6 y kx m k x kmx mx y = + ⇒ + + + − = + = ( )2 2 2 224 3 2 0 3 2A k m k m⇒ = + − > ⇒ + > 1 2 2 6 3 2 kmx x k −+ = + 2 1 2 2 3 6 3 2 mx x k −= + ( )0 0,M x y 1 2 0 02 2 3 2,2 3 2 3 2 x x km mx yk k + −= = =+ + 2 20 0 2 13 x y+ = 2 2 2 2 2 3 2 13 3 2 3 2 km m k k −   + =   + +    2 23 2 2k m+ = 2 2 2 2 2 3 1 9 4 3 1, | |2 4 2 k k mOMm m mm + − − ⇒ = =   ( ) ( ) ( ) ( ) ( )2 2 2 22 2 2 1 2 2 22 24 3 2 2 2 1 | | 1 1 3 2 k m m PQ k x x k mk + − + = + − = + = + OPM 2 2 2 2 2 5 sin | | 4 | | 3 1 3 2 sin | | | | 2 1 2 2 1 OPQ OM OM m POM PM PQ m m ∠ −= = = = −∠ + + 2 23 2 2k m+ = 2 1m ≥ 2 5 3 2 3 6 62 , ,2 2 1 3 2 3 2m    − ∈ =  +     sin sin OPQ POM ∠ ∠ 6 6,3 2      a b= 2( ) xf x ae x ax= + − ( ) 2xf x ae x a′ = + − (0) 0f ′ = 0a > ( ) 2xy f x ae x a′= = + − ( ,0), ( ) 0 ( )x f x y f x′∈ −∞ < ⇒ = (0, ), ( ) 0 ( )x f x y f x′∈ +∞ > ⇒ = min( ) (0) 0f x f a= = > ( )y f x= (2) 证明: ,则 所以 原不等式等价于 ,等价于 (7 分) 不设设 ,原不等式等价于 两边同除以 得到 ,即 令 ,则 令 对 恒成立, 在 单调递增,因为 所以 对 恒成立,所以 (12 分) 22.解(1)由 ,得 , 由 ,得 , 即 的直角坐标方程为 . 当 时直线 经过 的圆心,所以 (4 分) ( ) ( )0 0 02 x mf x f x m n′ + > − +   2( ) 2xf x ae x x= + − ( ) 2 2xf x ae x′ = + − 0 0 2 0 22 x mx mf ae x m + ′ +  = + + −   ( ) ( ) ( )00 0 0 0 02 2 f x nx m x mf x f x m n fx m ′−+ +   > − + ⇔ >   −    ( ) ( ) ( ) ( ) ( )0 2 2 1 0 00 0 0 0 0 0 0 2 2( ) 2 x x ma e e x m x m a e ef x n f x f m x mx m x m x m x m − + − − + −− −= = = + + −− − − − ( )0 0 2 0 x m x ma e e a ex m −− > ×− ( )0 0 2 0 x m x ma e e a ex m +− > ×− 0 , 0t x m t= − > ( ) 2 t m t me e et −∞ −− > me ( ) 2 1t te et − > ( ) 21 t te te− > 2( ) 1 t tg t e te= − − 2 2 2( ) 1 12 2 t t t t t tg t e e e e′   = − + = − −      2 21 1( ) 1 ( ) 02 2 2 t tth t e h t e′= − − ⇒ = − ≥ ( ) 0g t > 0t > ( )g t 0t > (0) 0g = ( ) 0g t > 0t > ( ) ( )0 0 02 x mf x f x m n + > − +   2 cosaρ θ= 2 2 2( )x a y a− + = 2 sin cos ρ θ θ= + (sin cos ) 2ρ θ θ+ = 2C 2x y+ = 2a = 2C 1C | | 2 4MN a= = (2)由 得 , 结合图形可知 或者 (10 分) 解法二:利用圆心角是圆周角的两倍,转化为求圆心到直线的距离类比给分 23.解:由 得 解得 . . (Ⅰ)由 得 , 所以 ,故 (4 分) (Ⅱ)由 ,得 , ,故 .当且仅当 时等号成立. (10 分) 2 cos 2 cos sin aρ θ ρ θ θ = = + 1 2 2cos (cos sin ) 44 2 2 θ θ θ ++ = = − 1 1 2 2(cos2 1) sin 22 2 4 θ θ +⇒ + + = 2 2 1sin 2 sin 22 4 4 4 2 π πθ θ   ⇒ + = ⇒ + =       12 4 6 π πθ + = 2 52 4 6 π πθ + = 2 1 3MON πθ θ∠ = − = | 2 1|x − 1 2 1 1x− < − < 0 1x< < { 0 1}M x x∴ = < 1ab a b+ > + 2 21max , a bh ab ab  +=     2 21 , a bh h ab ab +≥ ≥ 2 2 2 2 2 1 2a b a bh abab ab + +≥ ⋅ = ≥ 2h ≥ a b=

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