2021届高三数学一轮复习第9单元训练卷立体几何与空间向量(理科) A卷(详解)
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2021届高三数学一轮复习第9单元训练卷立体几何与空间向量(理科) A卷(详解)

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资料简介
2021 届单元训练卷▪高三▪数学卷(A) 第 9 单元 立体几何与空间向量 注意事项: 1.答题前,先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上,并将准考证号条形 码粘贴在答题卡上的指定位置。 2.选择题的作答:每小题选出答案后,用 2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂 黑,写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。 3.非选择题的作答:用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草 稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。 4.考试结束后,请将本试题卷和答题卡一并上交。 第Ⅰ卷 一、选择题:本大题共 12 小题,每小题 5 分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符 合题目要求的. 1.如图,在正方体 中, 为 的中点,几何体 的侧视图与俯视图 如图所示,则该几何体的正视图为( ) A. B. C. D. 2.下列说法正确的是( ) A.通过圆台侧面一点,有无数条母线 B.棱柱的底面一定是平行四边形 C.圆锥的所有过中心轴的截面都是等腰三角形 D.用一个平面去截棱锥,原棱锥底面和截面之间的部分是棱台 3.如图所示,正方形 的边长为 ,它是水平放置的一个平面图形的直观图,则原图形 的周长是( ) A. B. C. D. 4.在一个圆柱内挖去一个圆锥,圆锥的底面与圆柱的上底面重合,顶点是圆柱下底面中心.若圆柱 的轴截面是边长为 2 的正方形,则圆锥的侧面展开图面积为( ) A. B. C. D. 5.设 , 为两个不重合的平面,能使 成立的是( ) A. 内有无数条直线与 平行 B. 内有两条相交直线与 平行 C. 内有无数个点到 的距离相等 D. , 垂直于同一平面 6.如图,正三棱柱 中, , 是 的中点,则 与平面 所成 角的正弦值等于( ) A. B. C. D. 7.在长方体 中, , , 分别为棱 , , 的中点, ,则异面直线 与 所成角的大小为( ) A. B. C. D. 8.平面 的法向量 ,平面 的法向量 ,则下列命题正确的是( ) A. 、 平行 B. 、 垂直 C. 、 重合 D. 、 不垂直 1 1 1 1ABCD A B C D− E 1DD 1ABCDEC O A B C′ ′ ′ ′ 1cm 6 cm 8 cm 2 3 2 cm+ 2 2 3 cm+ 5π 6π 3π 4π α β α β∥ α β α β α β α β 1 1 1ABC A B C− 1 2AA AB= D 1BB AD 1 1AAC C 2 2 3 2 6 4 10 4 1 1 1 1ABCD A B C D− E F G 1AA 1 1C D 1DD 30° 60° 90° 120° α (2, 2,2)= −u β (1,2,1)=v α β α β α β α β 1AB AA= = 2AD EF BG9.如图, 平面 , 为正方形,且 , 分别是线段 的中点, 则异面直线 与 所成角的余弦值为( ) A. B. C. D. 10.在空间中,设 , 为两条不同直线, , 为两个不同平面,则下列命题正确的是( ) A.若 且 ,则 B.若 , , ,则 C.若 且 ,则 D.若 不垂直于 ,且 ,则 必不垂直于 11.如图,正方体 的棱长为 2,点 为底面 的中心,点 在侧面 的边界及其内部运动.若 ,则 面积的最大值为( ) A. B. C. D. 12.已知球 的直径 , , , 是球 球面上的三点, 是等边三角形,且 ,则三棱锥 的体积为( ) A. B. C. D. 第Ⅱ卷 二、填空题:本大题共 4 小题,每小题 5 分. 13.已知圆锥的顶点为 ,母线 与底面所成的角为 ,底面圆心 到 的距离为 ,则该圆 锥外接球的表面积为________. 14.设 , 是两条不同的直线, , , 是三个不同的平面. ① , ,则 ;② , , ,则 ; ③ , , ,则 ;④若 , , ,则 . 上述四个命题中,正确命题的序号是__________. 15.在棱长为 1 的正方体 中, ,在面 中取一个点 F, 使 最小,则这个最小值为______. 16.如图,在矩形 中, , 为 的中点,将 沿 翻折成 ( 平面 ), 为线段 的中点,则在 翻折过程中给出以下四个结论: ①与平面 垂直的直线必与直线 垂直; ②线段 的长为 ; ③异面直线 与 所成角的正切值为 ; ④当三棱锥 的体积最大时,三棱锥 外接球的表面积是 . 其中正确结论的序号是_______.(请写出所有正确结论的序号) 三 、 解 答 题 : 本 大 题 共 6 个 大 题 , 共 70 分 , 解 答 应 写 出 文 字 说 明 、 证 明 过 程 或 演 算 步 骤. 17.(10 分)如图,在四棱锥 中,四边形 是菱形, , 为 的中 点. PA ⊥ ABCD ABCD FE, CDPA, EF BD 2 6 3 3 3 6 2 3 m n α β m α∥ α β∥ m β∥ α β⊥ m α⊂ n β⊂ m n⊥ m α⊥ α β∥ m β⊥ m α n α⊂ m n 1 1 1 1ABCD A B C D− O ABCD P 1 1BB C C 1D O OP⊥ 1 1D C P△ 2 5 5 4 5 5 5 2 5 O 4PQ = A B C O ABC△ 30APQ BPQ CPQ∠ = ∠ = ∠ = ° P ABC− 3 3 4 9 3 4 3 3 2 27 3 4 P PA 30° O PA 1 m n α β γ m α⊂ //n α //m n //α β //β γ m α⊥ m γ⊥ nα β = //m n //m α //m β //m α βn// //m n //α β 1 1 1 1ABCD A B C D− 1 1 2AE AB=  ABCD 1EF FC+  ABCD 2 2BC AB= = N BC ABN△ AN 1B AN△ 1B ∉ ABCD M 1B D ABN△ 1B AN CM CM 5 2 CM 1NB 3 3 1D ANB− 1D ANB− 4π P ABCD− ABCD PA PC= E PB PA AD=(1)求证: 面 ; (2)求证:平面 平面 . 18.(12 分)如图,在四棱锥 中,底面 是矩形, 是 的中点, 平面 ,且 , . (1)求 与平面 所成角的正弦; (2)求二面角 的余弦值. 19.(12 分)将边长为 的正方形 沿对角线 折叠,使得平面 平面 , 平面 , 是 的中点,且 . (1)求证: ; (2)求二面角 的大小. PD∥ AEC AEC ⊥ PDB P ABCD− ABCD M PA PD ⊥ ABCD 4PD CD= = 2AD = AP CMB M CB P− − 2 ABCD BD ABD ⊥ CBD AE ⊥ ABD F BD 2AE = DE AC⊥ B EC F− −20.(12 分)如图,在三棱锥 中, 是等边三角形, , 点 是 的中点,连接 , . (1)证明:平面 平面 ; (2)若 ,且二面角 为 ,求直线 与平面 所成角的正弦值. 21.(12 分)如图,四棱锥 中, 是正三角形,四边形 是菱形,点 是 的中点. (1)求证: 平面 ; A BCD− ABC△ 90BAD BCD∠ = ∠ = ° P AC BP DP ACD ⊥ BDP 6BD = A BD C− − 120° AD BCD S ABCD− ABS△ ABCD E BS SD∥ ACE(2)若平面 平面 , ,求直线 与平面 所成角的正弦值. 22.(12 分)如图,矩形 和等边三角形 中, , ,平面 平面 . (1)在 上找一点 ,使 ,并说明理由; (2)在(1)的条件下,求平面 与平面 所成锐二面角余弦值. ABS ⊥ ABCD 120ABC∠ = ° AC ADS ACEF ABC 2AC = 1CE = ABC ⊥ ACEF EF M BM AC⊥ ABM CBE高三▪数学卷(A) 第 9 单元 立体几何与空间向量 答 案 第Ⅰ卷 一、选择题:本大题共 12 小题,每小题 5 分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符 合题目要求的. 1.【答案】A 【解析】结合俯视图和侧视图,根据几何体特征,该几何体为图中 , 正投影为 , 与 不在同一平面,所以正视图为 A 选项的图形,故选 A. 2.【答案】C 【解析】因为通过圆台侧面一点只有一条母线,所以 A 不正确; 因为棱柱的底面不一定是平行四边形,可以是任意多边形,所以 B 不正确; 因为由棱台的定义,要求上、下底面平行,所以 D 不正确; 因为圆锥的所有过中心轴的截面都是等腰三角形,三角形的两腰是其母线,所以 C 正确, 故选 C. 3.【答案】B 【解析】 , , , , 原图形周长为 8,故选 B. 4.【答案】A 【解析】圆锥的侧面展开图是半径为 ,弧长为 的扇形, 其面积 ,所以圆锥的侧面展开图面积为 . 5.【答案】B 【解析】如图所示: 对 A, 内有无数条直线可平行于 ,即有无数条直线与 平行,但 与 可相交于 , 故 A 不一定能使 成立; 对 C,在 内有一条直线平 ,则在 内有无数个点到 的距离相等, 但 与 可相交于 ,故 C 不一定能使 成立; 对 D,如图 , ,但 与 可相交于 ,故 D 不一定能使 成立, 故选 B. 6.【答案】C 【解析】记 分别为直线 的中点,取 中点 ,连结 , , 所以在正三棱柱 中, 平面 , 又 是 的中点,所以 ,所以 平面 , 故 即是 与平面 所成的角, 设 ,则 , , 所以 ,故选 C. 7.【答案】C 【解析】以 为坐标原点,分别以 , , 的方向为 轴、 轴、 轴的正方向建立空间 直角坐标系 ,如图: 1AED BCC− 1EDCC ABE 1EBC 1OA OA′= = 2 2 2OB O B′ ′= = 1BC B C′ ′= = 21 (2 2) 3AB OC∴ = = + = ∴ 5 2π 1 1 (2π 1) 5 5π2 2S l r= ⋅ = ⋅ = 5π α l β α β l α β∥ α l α β α β l α β∥ α γ⊥ β γ⊥ α β l α β∥ P Q、 1 1AC AC、 PQ E AE DE 1 1 1ABC A B C− 1B Q ⊥ 1 1AAC C D 1BB 1DE B Q∥ DE ⊥ 1 1ACC A DAE∠ AD 1 1AAC C 1 2 4AA AB= = 2 22 2 2 2AD = + = 2 2 1 2 1 3DE B Q= = − = 6sin 4 DEDAE AD ∠ = = D DA DC 1DD x y z D xyz−设 ,则 , , , , 所以 , , , 所以 , 所以异面直线 与 所成角的大小为 ,故选 C. 8.【答案】B 【解析】平面 的法向量 ,平面 的法向量 , 因为 ,所以两个平面垂直,故选 B. 9.【答案】C 【解析】由题可知,分别以 所在直线为 轴, 轴, 轴, 建立如图所示的空间直角坐标系 . 设 ,则 , , , 故异面直线 与 所成角的余弦值为 ,故选 C. 10.【答案】C 【解析】由 , 为两条不同直线, , 为两个不同平面,知: 在 A 中,若 且 ,则 或 ,故 A 错误; 在 B 中,若 , , ,则 , 相交、平行或异面,故 B 错误; 在 C 中,若 且 ,则由线 面垂直的判定定理得 ,故 C 正确; 在 D 中,若 不垂直于 ,且 ,则 有可能垂直于 ,故 D 错误, 故选 C. 11.【答案】C 【解析】取 的中点 ,连接 、 、 、 ,连接 、 、 、 、 ,如图: 因为正方体 的棱长为 2, 所以 , , , 平面 , 平面 , 平面 , 所以 , , , 所以 , , 所以 , , 由 可得 平面 , 所以 ,所以点 的轨迹为线段 , 又 , 所以 面积的最大值 ,故选 C. 12.【答案】B 【解析】设球心为 ,等边三角形 截面小圆的圆心为 (也是等边三角形 的中心). 1AD = ( )1,0,1E ( )0,1,2F ( )0,0,1G ( )1,2,0B ( )1,1,1EF = − ( )1, 2,1BG = − − 0EF BG⋅ =  EF BG⊥  EF BG 90° α (2, 2,2)= −u β (1,2,1)=v 2 4 2 0⋅ = − + =u v APADAB ,, x y z A xyz− 2AD = ( 2,2,0)BD = − (1,2, 1)EF = − | 2 4 | 3cos , 68 6 BD EF − +〈 〉 = = ×   EF BD 3 6 m n α β m α∥ α β∥ m β∥ m β⊂ α β⊥ m α⊂ n β⊂ m n m α⊥ α β∥ n α⊂ m β⊥ m α n α⊂ m n 1BB F OF 1D F CF 1C F DO BO OC 1 1D B 1D C 1 1 1 1ABCD A B C D− 1 1B F BF= = 2DO BO OC= = = 1 1 1 2 2D B D C= = 1BB ⊥ ABCD 1BB ⊥ 1111 DCBA 1 1C D ⊥ 1 1BB C C 2 2 1 1 6OD OD DD= + = 2 2 3OF OB BF= + = 2 2 1 1 1 1 3D F D B B F= + = 2 2 2 1 1OD OF D F+ = 2 2 2 1 1OD OC D C+ = 1OD OC⊥ 1OD OF⊥ OC OF O= 1OD ⊥ OCF 1OD CF⊥ P CF 2 2 1 1 1 1 15 2C F B C B F C C= + = > = 1 1D C P△ 1 1 1 1 1 2 5 52 2S C F D C= ⋅ = × × = M ABC O ABC由于 是等边三角形, , 所以 平面 , 在面 的投影即 ,也即等边三角形 的中心,且 平面 ,则 . 因为 是直径,所以 , 所以 , , . 由于 是等边三角形 的中心,所以 , 所以等边三角形 的高 , . 所以三棱锥 的体积为 , 故选 B. 第Ⅱ卷 二、填空题:本大题共 4 小题,每小题 5 分. 13.【答案】 【解析】依题意得,圆锥底面半径 ,高 , 设圆锥外接球半径为 ,则 , 即 ,解得 , 外接球的表面积为 ,故本题正确结果 . 14.【答案】② 【解析】对于①,若 , ,则 或 异面,故①错; 对于②,因为 , ,故 ,而 ,故 .故②正确; 对于③,若 , , ,则 或 ,故③错; 对于④,若 , , ,则 或 相交,故④错, 故答案为②. 15.【答案】 【解析】将正方体 补全成长方体,点 关于面 的对称点为 , 连接 交平面 于一点,即为所求点 F,使 最小,其最小值就是 , 连接 , ,计算可得 , , , 所以 为直角三角形, 又 ,所以 , 所以 ,故答案为 . 16.【答案】①②④ 【解析】如图,取 的中点为 , 的中点为 ,连接 , , , , 则四边形 为平行四边形,直线 平面 ,所以①正确; ABC△ 30APQ BPQ CPQ∠ = ∠ = ∠ = ° PQ ⊥ ABC P ABC O ABC PO ⊥ ABC PO OC⊥ PQ 90PCQ∠ = ° 4cos30 2 3PC = ° = 2 3 cos30 3PC PO= = ° = 2 3sin30 3OC = ° = O ABC 2 3OC CH= ABC 3 3 2CH = 3 3 sin 60 32AC = ÷ ° = P ABC− 1 1 1 3 9 33 3 33 3 2 2 4ABCV PO S  = × × = × × × × × =   △ 64π 3 1 2sin30r = =° 1 2 3 sin 60 3h = =° R ( )22 2R r R h= + − 2 2 2 2 32 3R R  = + −    4 3 3R = ∴ 2 64π4π 3S R= = 64π 3 m α⊂ //n α //m n ,m n //α β //β γ //α γ m α⊥ m γ⊥ nα β = //m n //m α //m β m β⊂ //m α βn// //m n //α β ,α β 14 2 1 1 1 1ABCD A B C D− 1C ABCD 2C 2EC ABCD 1EF FC+  2EC 2AC 1 2B C 2 3AC = 1 2 5B C = 1 2AB = 1 2AB C△ 1 1 2AE AB=  1 1 2 2 2AE AB= = ( ) 2 22 2 2 2 2 143 2 2EC AE AC  = + = + =    14 2 1AB E AD F EN EM FN 1B F CNEM CM ∥ 1AB N,所以②正确; 因为 ,异面直线 与 的所成角为 , ,所以③错误; 当三棱锥 的体积最大时,平面 与底面 垂直, 可计算出 , , ,所以 , 同理 , 所以三棱锥 外接球的球心为 ,半径为 1,外接球的表面积是 ,④正确, 故答案为①②④. 三 、 解 答 题 : 本 大 题 共 6 个 大 题 , 共 70 分 , 解 答 应 写 出 文 字 说 明 、 证 明 过 程 或 演 算 步 骤. 17.【答案】(1)证明见解析;(2)证明见解析. 【解析】(1)证明:设 ,连接 , 因为 分别是 , 的中点,所以 , 而 , ,所以 面 . (2)连接 PO,因为 ,所以 , 又四边形 是菱形,所以 , 而 面 , 面 , ,所以 面 , 又 面 ,所以面 面 . 18.【答案】(1) ;(2) . 【解析】(1)∵ 是矩形,∴ , 又∵ 平面 , ∴ , ,即 , , 两两垂直, ∴以 为原点, , , 分别为 轴, 轴, 轴建立如图空间直角坐标系, 由 , ,得 , , , , , , 则 , , , 设平面 的一个法向量为 , 则 ,即 ,令 ,得 , , ∴ , ∴ , 故 与平面 所成角的正弦值为 . (2)由(1)可得 , 设平面 的一个法向量为 , 21 51 2 2CM NE  = = + =   CM EN CM 1NB 1ENB∠ 1 1tan 2ENB∠ = 1D ANB− 1B AN ABCD 1 3B D = 1 1AB = 2 2 2 1 1AB B D AD+ = 1 90AB D∠ = ° 90AND∠ = ° 1D ANB− F 4π AC BD O= EO EO, BD PB PD EO∥ PD AEC⊄ 面 EO AEC⊂ 面 PD∥ AEC PA PC= AC PO⊥ ABCD AC BD⊥ PO ⊂ PBD BD ⊂ PBD PO BD O= AC ⊥ PBD AC ⊂ AEC AEC ⊥ PBD 4 5 3 10 10 ABCD AD CD⊥ PD ⊥ ABCD PD AD⊥ PD CD⊥ PD AD CD D DA DC DP x y z 4PD CD= = 2AD = ( )2,0,0A ( )2,4,0B ( )0,4,0C ( )0,0,0D ( )0,0,4P ( )1,0,2M ( )2,0,4AP = − ( )2,0,0BC = − ( )1,4, 2MB = − CMB ( )1 1 1 1, ,x y z=n 1 1 0 0 BC MB  ⋅ = ⋅ =   n n 1 1 1 1 2 0 4 2 0 x x y z − =  + − = 1 1y = 1 0x = 1 2z = ( )1 0,1,2=n 1 1 1 8 4cos , 52 5 5 APAP AP ⋅= = = ⋅⋅   nn n AP CMB 4 5 ( )0,4, 4PC = − PBC ( )2 2 2 2, ,x y z=n则 ,即 ,令 ,得 , , ∴ , ∴ , 故二面角 的余弦值为 . 19.【答案】(1)证明见解析;(2) . 【解析】(1)证明:以 为坐标原点, 所在的直线分别为 轴、 轴、 轴建立空间 直角坐标系, 如图所示,则 , , , 取 的中点 并连接 , . 由题意得 , 又 平面 平面 , 平面 , , , , , . (2)设平面 的法向量为 , 则 , , , 令 . 设平面 的法向量为 , ∵ ,所以 , , 由 ,得 . 设二面角 为 ,则 , 所以二面角 的大小为 . 20.【答案】(1)证明见解析;(2) . 【解析】(1)证明:因为 是等边三角形, , 所以 ,可得 . 因为点 是 的中点,则 , , 因为 , 平面 , 平面 , 所以 平面 , 因为 平面 ,所以平面 平面 . (2)如图,作 ,垂足为 连接 . 因为 , 所以 , , 为二面角 的平面角. 由已知二面角 为 ,知 . 在等腰三角形 中,由余弦定理可得 . 因为 是等边三角形,则 ,所以 . 在 中,有 ,得 , 因为 ,所以 . 又 ,所以 , 则 , . 2 2 0 0 BC PC  ⋅ = ⋅ =   n n 2 2 2 2 0 4 4 0 x y z − =  − = 2 1y = 2 0x = 2 1z = ( )2 0,1,1=n 1 2 3 3 10cos , 105 2 = = ⋅n n M CB P− − 3 10 10 45° A , ,AB AD AE x y z ( )0,0, 2E ( )2,0,0B ( )0,2,0D BD F CF AF CF BD⊥  BDA ⊥ BDC CF∴ ⊥ BDA ( )1,1, 2C∴ ( )0, 2, 2DE∴ = −uuur ( )1,1, 2AC =uuur ( )0, 2, 2DE AC⋅ = − ⋅uuur uuur ( )1,1, 2 0= DE AC∴ ⊥ BCE ( )1 1 1, ,x y z=n ( )2,0, 2EB = −uuur ( )1,1, 2BC = −uuur 1 1 1 1 1 2 2 00 0 2 0 x zDE CB x y z  − =⋅ = ⇒ ⋅ = − − =     n n ( )1, 1, 2= −n FCE ( )2 2 2, ,x y z=m ( )1,1,0F ( )1,1,0EC =uuur ( )0,0, 2FC =uuur 2 2 2 00 00 x yEC zFC  + =⋅ =  ⇒  =⋅ =    m m ( )1, 1,0= −m B EC F− − θ 2cos cos , 2 θ = =n m B EC F− − 45° 2 2 ABC△ 90BAD BCD∠ = ∠ = ° ABD CBD≅Rt Rt△ △ AD CD= P AC PD AC⊥ PB AC⊥ PD PB P= PD ⊂ PBD PB ⊂ PBD AC ⊥ PBD AC ⊂ ACD ACD ⊥ BDP CE BD⊥ E AE ABD CBD⊆Rt Rt△ △ AE BD⊥ AE CE= AEC∠ A BD C− − A BD C− − 120° 120AEC∠ = ° AEC 3AC AE= ABC△ AC AB= 3AB AE= ABDRt△ 1 1 2 2AE BD AB AD⋅ = ⋅ 3BD AD= 6BD = 2AD = 2 2 2BD AB AD= + 2AB = 2 3 3AE = 6 3ED =以 为坐标原点,以向量 , 的方向分别为 轴, 轴的正方向, 以过点 垂直于平面 的直线为 轴,建立空间直角坐标系 , 则 , ,向量 , 平面 的一个法向量为 , 设直线 与平面 所成的角为 , 则 , , 所以直线 与平面 所成角的正弦值为 . 21.【答案】(1)证明见解析;(2) . 【解析】(1)证明:连接 BD 交 AC 于点 F,再连接 EF. 因为四边形 是菱形,所以点 F 是 BD 的中点, 又因为点 是 的中点,所以 EF 是三角形 DBS 的中位线, 所以 DS 平行 EF, 又因为 EF 平面 ACE,SD 平面 ACE, 所以 平面 . (2)因为四边形 是菱形, ,所以 , 又 AB=AD,所以三角形 ABD 为正三角形. 取 AB 的中点 O,连接 SO,则 , 因为平面 平面 ,平面 平面 , 所以 平面 ABS, 又因为三角形 ABS 为正三角形,则以 O 为坐标原点建立坐标系, 设 ,则 , , , , , , , 设平面 ADS 的一个法向量为 , 则 , 取 ,则 , ,所以 , 设直线 与平面 所成角为 , 则 . 22.【答案】(1) 为线段 的中点,证明过程详见解析;(2) . 【解析】(1) 为线段 的中点,理由如下: 分别取 的中点 ,连接 , 在等边三角形 中, , 又 为矩形 的中位线, ,而 , 所以 面 ,所以 . (2)由(1)知 两两互相垂直,建立空间直角坐标系 如图所示, , ,三角形 为等边三角形, . 于是 , , 设面 的法向量 ,所以 ,得 , 则面 的一个法向量 , 又 是线段 的中点,则 的坐标为 , E EC ED x y E BCD z E xyz− 60, ,03D       3 ,0,13A  −    3 6, , 13 3AD  = −     BCD (0,0,1)=m AD BCD θ 1 2cos , 22 1 ADAD AD ⋅ −〈 〉 = = = − ×   mm m 2sin | cos , | 2ADθ = 〈 〉 =m AD BCD 2 2 5 5 ABCD E BS ⊂ ⊄ SD∥ ACE ABCD 120ABC∠ = ° 1 602ABD ABC∠ = ∠ = ° DO AB⊥ ABS ⊥ ABCD ABS  ABCD AB= DO ⊥ aAB 2= (0, ,0)A a− ( 3 ,0,0)S a (0,0, 3 )D a (0,2 , 3 )C a a (0, , 3 )AD a a= ( 3 , ,0)AS a a= (0,3 , 3 )AC a a= ( , , )x y z=n 0 3 0 0 3 0 AD y z AS x y  ⋅ = + = ⇒ ⋅ = + =     n n 1x = 3y = − 1z = (1, 3,1)= −n AC ADS θ 5sin cos , 5 ACAC AC θ ⋅= = = ⋅   nn n M EF 7 7 M EF AC EF、 O M、 OM ABC AC BO⊥ OM ACEF AC OM⊥ OM OB O= AC ⊥ BOM BM AC⊥ , ,OA OB OM O xyz− 2AC = 1CE = ABC ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( )0,0,0 , 0, 3,0 , 1,0,0 , 1,0,1 , 1,0,0 , 1,0,1O B C E A F− − ( )1, 3,0CB = ( )0,0,1CE = BCE ( ), ,x y z=n 0 0 CB CE  ⋅ ⋅ = =   n n 3 0 0 x y z + = =  BCE ( )3, 1,0= −n M EF M ( )0,0,1M于是 ,且 , 又设面 的法向量 , 由 ,得 ,取 ,则 , , 平面 的一个法向量 ,所以 , 平面 与平面 所成锐二面角的余弦值为 . ( )1,0,1AM = − ( )1, 3,0AB = − ABM ( ), ,a b c=m 0 0 AB AM   ⋅ = ⋅ =   m m 0 3 0 a c a b − + = − + =  3a = 1b = 3c = ABM ( )3,1, 3=m · 2 7cos 7· 2 7 θ = = =m n m n MAB BCE 7 7

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