四川省乐山市2020年中考物理真题试卷（附解析）

1 四川省乐山市 2020 年中考物理真题试卷 一、选择题（共 16 题，每小题 2.5 分，共 40 分。在下列各题的四个选项中，只有一项是符 合要求的。） 1.下列数据中，最接近生活实际的是（  ） A. 人体的正常体温为 38.5℃ B. 一个鸡蛋的质量约为 0.5kg C. 中学生的正常步行速度约为 1.1m/s D. 一本中学物理教科书的厚度约为 5cm 【答案】C 【解析】 【详解】A．人的正常体温 37℃左右；故 A 不符合题意； B．一个鸡蛋的质量约为 50g，等于 0. 05kg；故 B 不符合题意； C．中学生的正常步行速度约为 3.6km/h，约等于 1.1m/s；故 C 符合题意； D．一本中学物理教科书的厚度约为 2cm；故 D 不符合题意。 故选 C。 2.在疫情防控期间，人们通过手机传递信息实现在线教育、视频会议、无线对讲等办公服务， 避免了人与人之间的直接接触，手机传递信息是利用了（  ） A. 红外线 B. 电磁波 C. 超声波 D. 次声波 【答案】B 【解析】 【详解】手机属于移动电话，它既是电磁波发射台也是电磁波接收台，所以手机是利用电磁 波来传递信息的。 故选 B。 3.在“探究凸透镜成像的规律”实验中，下列说法正确的是（  ） A. 将蜡烛移至 a 处时，移动光屏，可看见放大、正立的实像 B. 将蜡烛移至 b 处时，移动光屏，可看见缩小、倒立的实像 2 C. 将蜡烛移至 c 处时，移动光屏，可看见放大、倒立的实像 D. 将蜡烛移至 d 处时，移动光屏，可看见放大、正立的虚像 【答案】C 【解析】 【详解】A．由图可知，将蜡烛移至 a 处时，物距小于焦距，成正立、放大的虚像，移动光 屏，找不到像，故 A 错误； B．将蜡烛移至 b 处时，物距等于焦距，此时不成像，故 B 错误； C．将蜡烛移至 c 处时，物距大于一倍焦距小于二倍焦距，移动光屏，可看见放大、倒立的 实像，故 C 正确； D．将蜡烛移至 d 处时，物距大于焦距，移动光屏，可看见倒立的实像，故 D 错误。 故选 C。 4.下列光现象中，由光的直线传播形成的是（  ） A. 电视塔在水中的倒影 B. 演员对着镜子画脸谱 C. 水中的筷子发生“折断” D. 日偏食的形成 【答案】D 【解析】 3 【详解】A．电视塔在水中的倒影利用了平面镜成像，是光的反射现象，故 A 不符合题意； B．演员对着镜子画脸谱是利用平面镜成像，是光的反射现象，故 B 不符合题意； C．插入水中的筷子发生“折断”是光的折射现象，故 C 不符合题意； D．日偏食的形成是由于光沿直线传播形成的，故 D 符合题意。 故选 D。 5.下列说法中正确的是（  ） A. 焦耳用实验确定了电流产生的热量跟电流、电阻和通电时间的定量关系 B. 帕斯卡首先用实验的方法测出了大气压强的数值 C. 法拉第首先发现了电流的磁效应 D. 牛顿第一定律是直接由实验得出的 【答案】A 【解析】 【详解】A．焦耳用实验确定了电流产生的热量与电流的平方、电阻、通电时间成正比，故 A 正确； B．帕斯卡是做了一个“裂桶实验”，最先用实验测出大气压的托里拆利，故 B 错误； C．法拉第发现了电磁感应，电流磁效应是奥斯特发现的，故 C 错误； D．牛顿第一定律是由实验现象进一步推理而得出的，故 D 错误。 故选 A。 6.下列实例中，属于减小压强的是（  ） A. 锋利的篆刻刀 B. 骆驼宽大的脚掌 C. 注射器的针头 4 D. 切菜的菜刀 【答案】B 【解析】 【详解】A．篆刻刀很锋利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；故 A 不合题 意； B．骆驼宽大的脚掌，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故 B 符合题意； C．注射器的针头很尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；故 C 不合题意； D．切菜的菜刀，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；故 D 不合题意。 故选 B。 7.如图所示，在两个靠得较近的小车上分别放一块磁体甲和乙，松手后（  ） A. 由于甲先对乙施加了斥力，然后乙再对甲施加斥力，所以乙先向右运动 B. 由于甲、乙两磁体间存在相互作用的引力，所以甲、乙相互靠近 C. 甲对乙的斥力与乙对甲的斥力是一对平衡力 D. 甲对乙的斥力与乙对甲的斥力是一对相互作用力 【答案】D 【解析】 【详解】A．相互作用力是同时产生的。A 选项错误，不符合题意； B．相互靠近的都是 N 极，是相互排斥的。B 错误，不符合题意； C．这两个力分别作用在两个物体上，不是一对平衡力。C 选项错误，不符合题意； D．这两个力同时产生、同时消失，大小相等、方向相反，作用在同一直线上，分别作用在 两个物体上，是一对相互作用力。D 选项正确，符合题意。 故选 D。 8.下列实例中，目的是为了增大摩擦的是（  ） 5 A. 滚动轴承 B. 给木箱加装轮子 C. 自行车车轮有凹槽 D. 磁悬浮列车与轨道不接触 【答案】C 【解析】 【详解】A．滚动轴承是将滑动摩擦变为滚动摩擦，减小了摩擦力。A 选项不符合题意； B．给木箱加轮子，也是将滑动摩擦变为滚动摩擦，减小了摩擦力。B 选项不符合题意； C．自行车车轮有凹槽，加大了接触面的粗糙程度，增大了摩擦。C 选项符合题意； D．将接触面分离，减小了摩擦。D 选项不符合题意。 故选 C。 9.如图所示，小林静止站在商场的电梯上，随电梯匀速向上运动，下列说法正确的是（  ） A. 小林受到重力、支持力作用 B. 小林受到重力、支持力和水平向右的摩擦力作用 C. 以地面为参照物，小林是静止的 D. 小林受到的支持力大于重力 【答案】A 6 【解析】 【详解】A．任何物体都会受到重力的作用，小林在重力的作用下没有下降，是因为电梯对 其有向上的支持力的作用。小林随电梯匀速运动，在水平方向上是因为惯性而运动，没有受 到水平方向的动力。A 选项正确，符合题意； B．小林和电梯匀速运动，二者之间保持相对静止，且没有将要运动的趋势，小林不会受到 摩擦力。B 选项错误，不符合题意； C．小林向右上方运动，以地面为参照物，小林是运动的。C 选项错误，不符合题意； D．小林做匀速直线运动，受到的力是平衡力，支持力和重力是相等的。D 选项错误，不符 合题意。 故选 A。 10.2020 年 6 月 17 日 15 时 19 分，我国在酒泉卫星发射中心用长征二号丁运载火箭，成功 将高分九号 03 星送入预定轨道，发射获得圆满成功。在运载火箭加速升空的过程中，下列 说法正确的是（  ） A. 动能增大，势能减小 B. 动能不变，势能增大 C. 动能增大，势能增大 D. 动能减小，势能增大 【答案】C 【解析】 【详解】火箭加速升空时，质量不变，速度增大，动能增大；高度增大，重力势能增大。 故选 C。 11.下列说法正确的是（  ） A. 内燃机的做功冲程是将机械能转化为内能的过程 B. 海边昼夜温差变化比沙漠中小，是因为水的比热容比沙石的小得多 C. “钻木取火”是通过热传递的方式改变物体的内能 D. 冬天，水蒸气在寒冷的玻璃上凝华形成冰花 【答案】D 7 【解析】 【详解】A．内燃机的做功冲程是将内能转化为机械能的过程，故 A 错误； B．海边昼夜温差变化比沙漠中小，是因为水的比热容比沙石的大，故 B 错误； C．“钻木取火”是通过做功 方式改变物体的内能，故 C 错误； D．冬天，水蒸气在寒冷的玻璃上凝华形成冰花，故 D 正确。 故选 D。 12.下列所示的实验装置中，能说明电动机工作原理的是（  ） A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【详解】A．开关闭合后，通电导体受到磁场的作用，可以在导轨上运动，将电能转化为机 械能。这是电动机的工作原理。A 选项符合题意； B．因为地磁场的作用，磁体会指示南北方向。B 选项不符合题意； C．闭合电路的部分导体在磁场中运动，电路中会产生电流，这是发电机的工作原理。C 选 项不符合题意； D．线圈在磁场中运动，电路中产生电流，这是交流发电机 工作原理。D 选项不符合题意。 故选 A。 13.在全国中小学安全教育平台上，安全用电常识是其中一项重要的教育内容。下列做法符 合安全用电要求的是（  ） A. 将开关接在零线和电灯之间 B. 用电器的三脚插头也可以插入两孔插座中使用 C. 使用试电笔辨别火线时，用笔尖接触被测 导线，手指须接触笔尖 D. 当有人触电时应立即切断电源 【答案】D 的 的 的 8 【解析】 【详解】A．开关接在灯泡和零线之间，当断开开关，火线和灯泡还处于连接状态，人接触 灯泡就是间接接触火线，容易发生触电，故 A 不符合题意； B．家用电器金属外壳相连接的是地线，这样即使金属外壳带电，电流会通过地线导入大地， 防止造成触电事故的发生，不能用两孔插座替代，故 B 不符合题意； C．使用测电笔时，手一定不能接触笔尖金属体，如果测电笔接触火线，手接触笔尖金属体 会发生触电事故，故 C 不符合题意。 D．发现有人触电时，应赶快切断电源或用干燥木棍将电线挑开，不能用手直接拉，防止也 触电，故 D 符合题意。 故选 D。 14.小华设计了如图所示的输液提示器，在护士站能够观察到药液量的变化。当袋中药液量 减少时（  ） A. 电压表示数减小，灯泡亮度变暗 B. 电压表示数减小，灯泡亮度变亮 C. 电压表示数增大，灯泡亮度变暗 D. 电压表示数增大，灯泡亮度变亮 【答案】B 【解析】 【详解】由图可知，变阻器与灯泡串联，电压表测变阻器两端的电压；当袋中药液量减少时， 滑片向上移动，变阻器连入电路的电阻变小，根据串联电路的分压特点可知，变阻器两端的 电压变小，即电压表的示数变小，电路的总电阻减小，根据欧姆定律可知，电路中电流变大， 灯泡亮度变亮。 故选 B。 15.如图所示，将两个完全相同的小球分别放入盛有两种不同液体的甲、乙烧杯中，待小球 静止后，两个烧杯内液面高度相同。下列说法正确的是（  ） 9 A. 甲烧杯中小球受到的浮力大 B. 乙烧杯中小球排开液体的质量大 C. 甲烧杯中液体的密度大 D. 乙烧杯底部受到液体压强大 【答案】C 【解析】 【详解】A．因为物体漂浮或悬浮时，受到的浮力和自身的重力相等，所以同一只小球在两 杯中受到的浮力相等，都等于小球的重力，故 A 错误； B．因为小球在两杯中受到的浮力相等，都等于小球的重力，小球在两杯中排开液体的质量 相等，故 B 错误； C．由图可知，小球在甲、乙两杯中分别处于漂浮和悬浮状态。根据浮沉条件可知 ρ 甲液＞ρ 球，ρ 乙液=ρ 球 所以 ρ 甲液＞ρ 乙液 故 C 正确； D．两杯中液面相平，ρ 甲液＞ρ 乙液，根据 p=ρ 液 gh 可知，烧杯底受到液体的压强 p 甲液＞p 乙液 故 D 错误。 故选 C。 16.如图所示，利用滑轮组在 4s 内将一重为 9N 的物体匀速向上提升了 10cm，拉力为 4N，不 计一切摩擦和绳重，（g 取 10N/kg）。下列说法正确的是（  ） A. 动滑轮重力为 5N B. 滑轮组的机械效率为 75％ C. 拉力所做的功为 0.4J D. 拉力的功率为 0.4W 10 【答案】B 【解析】 【详解】A．三股绳子与动滑轮接触，作用在绳子自由端的拉力为 4N，则对动滑轮和物体的 总拉力为 4N×3=12N 物体重 9N，则动滑轮重 12N－9N=3N A 选项错误，不符合题意 B．滑轮组的机械效率为 B 选项正确，符合题意 C．物体向上移动了 10cm，拉力做的功为 C 选项错误，不符合题意 D．拉力的功率为 D 选项错误，不符合题意 故选 B。 二、填空题（本大题共 4 小题，每空 1 分，共 8 分） 17.在花样游泳比赛中，运动员在水中也能听到音乐，这是因为______能传播声音；小华向 着远处的山崖大喊一声，约 3s 后听到回声，则小华距山崖大约______ m。（在空气中声速为 340m/s） 【答案】 (1). 水（或液体） (2). 510 【解析】 【详解】[1]声音可以 固体、气体、液体中传播，运动员在水中也能听到音乐，说明液体 能传播声音。 [2]因为声音传播到山崖的时间为总时间的一半，所以 ' ' 9N 75%3 3 4N W F s Gh Gh W Fs Fs F h η = = = = = =× × 有 总 3 4N 3 10cm 4N 3 0.1m=1.2JW Fs F h= = × = × × = × × 1.2J 0.3W4s WP t = = = 在 1 3s 1.5s2t = × = 11 由 得小华距山崖的距离为 18.如图所示，用弹簧测力计挂上飞机机翼模型，再用电风扇对着机翼模型吹风。因为在流 体中，流速越大的位置，压强______（选填“越大”、“越小”或“不变”），所以增大风速， 弹簧测力计示数______（选填“增大”、“减小”或“不变”）。 【答案】 (1). 越小 (2). 减小 【解析】 【详解】[1]所有流体（包括气体在内）都是流速大的位置，压强小。 [2]当风速增大时，机翼模型受到的向上的升力增大。测力计的读数等于机翼的重力减去机 翼受到的升力，而机翼的重力是不变的，所以，测力计读数会减小。 19.大气压随海拔高度的升高而______（选填“增大”、“减小”或“不变”），小娟同学拿着 自制气压计从峨眉山脚的报国寺爬到山上的金顶时，发现玻璃管内水柱的高度 h______（选 填“增大”、“减小”或“不变”）。 【答案】 (1). 减小 (2). 增大 【解析】 【详解】[1]高度越大，上方大气层的厚度越小，空气越稀薄。所以，高度越大，大气压越 小。 [2]瓶内的气体是封闭的。向上运动时，外界的气压减小，在里面气体压强的作用下，玻璃 管内水柱会上升。 20.如图所示，在两个透明容器中密封着等量的空气，U 型管中液面高度的变化反映密闭空 气温度的变化。将容器中的电阻丝 R1、R2 串联在电路中，且 R1=2R2=20Ω，电源电压 U=6V。 闭合开关后，甲管中液面比乙管中液面上升得______（选填“慢”、“快”或“相同”），当 sv t = 340m / s 1.5s 510ms vt= = × = 12 滑动变阻器滑片 P 移至最右端时，在 1 分钟内电流通过电阻丝 R1 产生的热量 Q=______ J。 【答案】 (1). 快 (2). 48 【解析】 【详解】[1]两电阻串联，电流相等，R1=2R2，由焦耳定律 Q=I2Rt 得，电阻大的在相同电流、 相同时间产生的热量多，升高的温度快，故甲管中液面比乙管中液面上升得快。 [2]当滑动变阻器滑片 P 移至最右端时，滑动变阻器接入电路的电阻为零，R1、R2 串联，此 时电路中的电流为 1 分钟内电流通过电阻丝 R1 产生的热量 三、作图题（本大题共 2 小题，每小题 3 分，共 6 分） 21.如图所示，太阳能汽车在水平公路上向右匀速行驶，请在图中画出汽车受力的示意图（力 的作用点画在重心 O 点上）。 【答案】 【解析】 【详解】在水平公路上向右匀速行驶的太阳能汽车，在水平方向上受牵引力和摩擦力作用； 在竖直方向受重力和支持力作用；从重心分别沿竖直向下、竖直向上、水平向右、水平向左 画一条带箭头的线段，分别用符号 G、F 支持力、F 牵引力、F 阻力表示；注意重力、支持力长度 相等，牵引力、阻力长度相等，如图所示 1 2 6V 0.2A20 10 UI R R = = =+ Ω + Ω 2 2 1 (0.2A) 20Ω 60s 48JQ I R t= = × × = 13 22.如图所示，开关闭合后，位于螺线管左侧的小磁针顺时针旋转 90°，请在图中括号内分 别标出螺线管 A 的 N、S 极和电源的＋、－极。 【答案】 【解析】 【详解】小磁针 S 极向左转动，说明小磁针 S 极与通电螺线管左端相互排斥。则通电螺线管 左端为 S 极。根据安培定则可以判定出，通电螺线管正面导线的电流方向是向下的，则电源 左端为负极。 四、实验与探究题（本大题共 2 小题，第 37 题 6 分，第 38 题 8 分，共 14 分） 23.物理兴趣小组在进行“探究浮力的大小与哪些因素有关”实验中，用弹簧测力计挂着一 实心圆柱体，以下图 a、b、c、d、e 分别为实验情景。（g 取 10N/kg） 14 (1)通过 a、c 两次实验，可知物体浸没在水中所受浮力大小是______N； (2)通过______两次实验，可探究物体所受浮力大小与浸没深度的关系； (3)通过 c、e 两次实验，可探究物体所受浮力大小与______的关系； (4)在某种液体中进行探究的过程中，记录实验数据，得到如图 f 所示弹簧测力计读数与圆 柱体下表面浸入深度的关系图像，则该液体的密度为______kg/m3。 【答案】 (1). 0.5 (2).c、d (3). 液体密度 (4). 0.8×103 【解析】 【详解】(1)[1]由 a、c 两次实验中测力计示数可知，物体浸没在水中所受的浮力为 F 浮水=G-Fc=2N-1.5N=0.5N (2)[2]由图 c、d 所示实验可知，物体排开液体的种类与物体排开液体的体积都相同而物体 浸入液体的深度不同，这两次实验可以探究物体浸没在水中时受到的浮力大小与浸没深度是 否有关。 (3)[3]由图 c、e 所示实验可知，物体排开液体的体积相同而液体密度不同，该实验可以探 究浮力大小与液体密度的关系。 (4)[4]实验步骤 c 中，物体受到的浮力为 F 浮 c=G-Fc=2N-1.5N=0.5N 实验步骤 e 中，物体受到的浮力为 F 浮 e=G-Fe=2N-1.6N=0.4N 因物体均浸没，所以 V 排水=V 排液 根据阿基米德原理 所以该液体的密度为 24.小涛同学利用如图甲所示电路图测量额定电压为 2.5V 的小灯泡的功率。 F F g gρ ρ=浮c 浮e 水 液 3 3 3 30.4N 1 10 kg/m 0.8 10 kg/m0.5N e c F F ρ ρ= = × × = ×浮 液 水 浮 15 (1)请按照图甲所示的电路图，用笔画线表示导线，在图乙中完成实物连接。要求：闭合开 关后，当滑动变阻器滑片 P 向右移动时，电流表示数增大（）； (2)调节滑动变阻器滑片 P，当电压表示数为额定电压时，电流表示数如图丙所示，其读数 为______A，则该小灯泡的额定功率为______W； (3)小涛同学在调节滑动变阻器滑片 P 的过程中，绘制出电流表与电压表示数变化关系的图 象如图所示。他将电压表换成一个这样相同的小灯泡，这两个小灯泡并联在电路中，当干路 中的电流表示数为 0.2A 时，两个小灯泡的实际总功率为______W。 【答案】 (1). (2). 0.24 (3). 0.6 (4).0.1 【解析】 【详解】(1)[1]由图甲可知，电压表并联在灯泡两端；灯泡的额定电压为 2.5V，则电压表 选择 0～3V 量程；灯泡与滑动变阻器串联，由于滑动变阻器的滑片向右移动时，电流表示数 增大，说明变阻器连入电路的阻值变小，因此需将滑动变阻器的右下接线柱接入电路，实物 电路如图所示： 16 (2)[2][3]如图丙所示，电流表选用小量程，分度值为 0.02A，示数为 0.24A，小灯泡的额定 功率为 P=UI=2.5V 0.24A=0.6W 该小灯泡的额定功率为 0.6W。 (3)[4]由题知，两个相同的小灯泡并联，干路电流为 0.2A，则通过每个小灯泡的电流为 0.1A，由图像知，当小灯泡的电流为 0.1A 时，小灯泡两端的实际电压为 0.5V，则两个小灯 泡的实际总功率为 P 总=U 实 I 总=0.5V 0.2A=0.1W 两个小灯泡的实际总功率为 0.1W。 五、计算题（本大题共 2 小题，每小题 6 分，共 12 分） 25.如图所示，一款新型无人驾驶电动汽车，总质量为 1.5×103kg，在性能测试中，沿平直 的公路匀速行驶，行驶过程中汽车受到的阻力为总重力的 0.1 倍，（g 取 10N/kg）求： (1)汽车匀速行驶的速度； (2)汽车受到的牵引力； (3)此过程中汽车牵引力所做的功和做功功率。 【答案】(1)10m/s(2)1.5×103N(3)2.7×106J，1.5×104W 【解析】 【详解】(1)汽车行驶的路程 汽车行驶的时间 × × 31.8 10 ms = × 3min 180st = = 17 汽车匀速行驶的速度 (2)由于汽车匀速行驶，所以汽车受到的牵引力等于阻力 (3)此过程中汽车牵引力做功 汽车牵引力做功的功率 答：(1)汽车匀速行驶的速度为 10m/s； (2)汽车受到的牵引力为 1.5×103N； (3)此过程中汽车牵引力所做的功为 2.7×106J，做功的功率为 1.5×104W。 26.如图所示，已知电源电压保持不变，灯泡 L 标有“6V  6W”字样（不计温度对灯丝电阻 的影响）。当断开 S1，闭合 S2、S3，此时灯泡刚好正常发光，电流表示数为 2.5A．求： (1)电源电压； (2)电阻 R1 的阻值； (3)只闭合开关 S1，灯泡 L 的电功率。 【答案】(1)6V (2)4Ω (3)2.16W 【解析】 【详解】(1)根据题意知道，当断开 S1，闭合 S2、S3，灯泡 L 与 R1 并联，此时小灯泡刚好正 常发光，由并联电路 特点知道，电源电压是 U=UL 额=6V； (2)小灯泡正常发光时，此时通过灯泡的电流是 31.8 10 m 10m / s180s sv t ×= = = 3 3= =0.1 0.1 1.5 10 kg 10N / kg 1.5 10 NF F mg = × × × = ×阻牵引 3 3 61.5 10 N 1.8 10 m 2.7 10 JW FS= = × × × = × 6 42.7 10 J 1.5 10180s WWp t ×= = = × 的 L L L 6W 1A6V PI U = = = 18 因为并联电路的干路电流等于各支路电流之和，所以通过 R1 的电流是 I1=I–IL=2.5A–1A=1.5A 所以，R1 的阻值是 (3)小灯泡正常发光时，由 知小灯泡的电阻是 只闭合开关 S1，小灯泡 L 与 R1 串联 R 总=R1+RL=4Ω+6Ω=10Ω 所以通过小灯泡 L 的电流是 由 得 答：(1)电源电压为 6V； (2)电阻 R1 的阻值为 4Ω； (3)灯泡 L 的电功率为 2.16。 1 1 1 6V 4Ω1.5A UR I = = = 2UP R = 2 2 L L (6V) 6Ω6WL UR P = = = L 6V 0.6A10Ω UI R = = = 总 2P I R= ( )22 = 0.6A 6Ω=2.16WP I R= ×