人教版高中数学必修五模块复习课件:第二课 数列 模块复习课 2 .ppt
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人教版高中数学必修五模块复习课件:第二课 数列 模块复习课 2 .ppt

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资料简介
第二课 数 列  【网络体系】 【核心速填】 1.数列的通项与前n项和的关系 (1)Sn=a1+a2+…+an. (2)an= 2.等差数列 (1)通项公式:an=a1+_______, an=am+_______. (2)前n项和公式:Sn=________=___________. (n-1)d (n-m)d (3)等差中项:若a,A,b成等差数列,则A叫作a,b的 等差中项,且有_______. (4)常用性质: ①若m+n=p+q(m,n,p,q∈N*),则__________; ②在等差数列{an}中,Sk,S2k-Sk,______,…成等差 数列. a+b=2A am+an=ap+aq S3k-S2k (5)等差数列的判断 ①定义式:______=d(d为常数); ②等差中项:an+an+2=_____; ③通项公式:an=dn+b; ④前n项和:Sn=an2+bn. an+1-an 2an+1 3.等比数列 (1)通项公式:an=_____,an=_____. (2)前n项和公式: Sn= a1qn-1 amqn-m (3)等比中项:若a,G,b成等比数列,则G叫作a,b的 等比中项,且有G2=___或G=_____. (4)等比数列的性质: ①若m+n=p+q(m,n,p,q∈N*),则____________; ②在等比数列{an}中,Sk,S2k-Sk,S3k-S2k,…成等比 数列.(q≠-1) ab am·an=ap·aq (5)等比数列的判断: ①定义式:______(q为非零常数); ②等比中项:an·an+2=___; ③通项公式:an=aqn(a,q为非零常数); ④前n项和:Sn=A-Aqn(A为非零常数,q≠0且q≠1). 【易错提醒】 1.关注an与Sn的关系式的应用 应用an= 解题时,应注意分类讨论的应 用,即要注意分n=1和n≥2两种情况进行讨论. 2.重视等差(比)数列的定义 等差(比)数列的定义中都强调从第2项开始,每一项与 前一项的差(比),是同一常数.利用定义法证明等差 (比)数列时,要特别注意n的取值范围. 3.忽视等比数列项的符号 等比数列中,奇数项(或偶数项)的符号相同,解题时 常因忽略这点而致误. 4.求等比数列的前n项和时注意分类讨论 在等比数列的公比不确定的情况下,求其前n项和时应 对公比分q=1和q≠1两种情况进行讨论. 5.找规律,“数清”数列的项数 在解答数列问题时,及时准确地“数清”数列的项数是 必不可少的,在数项数时,要把握数列的项的构成规 律,找准数列的通项公式的特点并找准项数.如果把数 列的项数弄错了,将会前功尽弃. 类型一 数列通项公式的求法 【典例1】(1)若数列{an}的前n项和Sn=2n-1,则此数列 的通项公式为an=__________. (2)写出下面各递推公式表示的数列{an}的通项公式. ①a1=1,an+1=2n·an(n≥1); ②a1=2,an+1=an+3n+2. 【解析】(1)当n≥2时, an=Sn-Sn-1=(2n-1)-(2n-1-1)=2n-2n-1=2n-1. 当n=1时,a1=S1=21-1=1,适合上式. 综上有an=2n-1. 答案:2n-1 (2)①方法一:因为an+1=2n·an,所以 所以 将上述n-1个式子累乘,得 =21+2+3+…+(n-1), 即an= (n∈N*). 方法二:an+1=2n·an=2n·2n-1an-1 =…=2n·2n-1·…·22·21a1 =21+2+…+n-1+na1= 所以an= ②因为an+1=an+3n+2,所以an-an-1=3n-1(n≥2). 所以an=(an-an-1)+(an-1-an-2)+…+(a2-a1)+a1 = (n≥2). 当n=1时, ×(3×1+1)=2=a1,a1符合公式, 所以an= 【延伸探究】典例1(1)中的条件“Sn=2n-1”改为 “Sn=3n2-2n+1”,结果如何? 【解析】当n=1时,a1=S1=3×12-2×1+1=2; 当n≥2时,an=Sn-Sn-1 =3n2-2n+1-[3(n-1)2-2(n-1)+1]=6n-5, 显然当n=1时,不满足上式. 故数列的通项公式为an= 【方法技巧】数列通项公式的求法 (1)定义法,即直接利用等差数列或等比数列的定义求 通项的方法叫定义法,这种方法适用于已知数列类型 的题目. (2)已知Sn求an.若已知数列的前n项和Sn与an的关系, 求数列{an}的通项an可用公式an= 求解. (3)累加或累乘法 形如an-an-1=f(n)(n≥2)的递推式,可用累加法求通项 公式;形如 =f(n)(n≥2)的递推式,可用累乘法求 通项公式. 【拓展延伸】用待定系数法由递推公式求通项公式 (1)基本思路 把所给的递推关系变形,使之成为某个等差数列或等 比数列的形式,于是就可以由此推得所给数列的通项 公式. (2)具体方法 在递推关系两边加上相同的数或相同性质的量,构造 数列的每一项都加上相同的数或相同性质的量,使之 成为等差或等比数列.例如an=can-1+d(c≠0,c≠1)的 递推关系式,在递推关系式两端同时加上A, an+A=can-1+d+A,即an+A= 令A= ,解出A,此时数列{an+A}是等比数列,可解. 【变式训练】若a1=1,Sn= an,则通项an=____. 【解析】由题设知,a1=1. 当n≥2时,an=Sn-Sn-1= 所以 所以 以上n-1个式子的等号两端分别相乘, 得到 又因为a1=1,所以an= a1=1也符合此式,所以an= 答案: 类型二 等差数列、等比数列的判定 【典例2】(1)已知数列{an},则有(  ) A.若an 2=4n,n∈N*,则{an}为等比数列 B.若an·an+2= ,n∈N*,则{an}为等比数列 C.若am·an=2m+n,m,n∈N*,则{an}为等比数列 D.若an·an+3=an+1·an+2,n∈N*,则{an}为等比数列 (2)在数列{an}中,a1=-3,an=2an-1+2n+3(n≥2,且 n∈N*). ①求a2,a3的值. ②设bn= (n∈N*),证明:{bn}是等差数列. 【解析】(1)选C.若a1=-2,a2=4,a3=8,满足an 2=4n, n∈N*,但{an}不是等比数列,故A错;若an=0,满足 an·an+2= ,n∈N*,但{an}不是等比数列,故B错; 若an=0,满足an·an+3=an+1·an+2,n∈N*,但{an}不是 等比数列,故D错;若am·an=2m+n,m,n∈N*,则有 =2,则{an}是等比数列. (2)①因为a1=-3,an=2an-1+2n+3(n≥2,且n∈N*),所 以a2=2a1+22+3=1,a3=2a2+23+3=13. ②对于任意n∈N*, 因为 = [(2n+1+3)-3]=1, 所以数列{bn}是首项为 =0,公差为1的等 差数列. 【方法技巧】等差数列、等比数列的判断方法 (1)定义法:an+1-an=d(常数)⇔{an}是等差数列; =q(q为常数,q≠0)⇔{an}是等比数列. (2)中项公式法:2an+1=an+an+2⇔{an}是等差数列; =an·an+2(an≠0)⇔{an}是等比数列. (3)通项公式法:an=kn+b(k,b是常数)⇔{an}是等差数 列;an=c·qn(c,q为非零常数)⇔{an}是等比数列. (4)前n项和公式法:Sn=An2+Bn(A,B为常数,n∈N*)⇔ {an}是等差数列;Sn=Aqn-A(A,q为常数,且A≠0, q≠0,q≠1,n∈N*)⇔{an}是等比数列. 【变式训练】已知数列{an}是各项均为正数的等差数 列,且lga1,lga2,lga4成等差数列,又bn= ,n=1 ,2,3,…,求证数列{bn}为等比数列. 【证明】因为lga1,lga2,lga4成等差数列, 所以2lga2=lga1+lga4=lg(a1·a4),所以a2 2=a1·a4. 设等差数列{an}的公差为d,则(a1+d)2=a1(a1+3d), 所以d2=a1·d,所以d(a1-d)=0, 所以d=0或d=a1. ①当d=0时,{an}为常数列,{bn}也为常数列,此时数 列{bn}是首项为正数,公比为1的等比数列. ②当d=a1时, =a1+(2n-1)d=2nd, 因为a1>0,所以d>0,所以bn= 显然bn≠0. 所以 (n≥1), 此时数列{bn}是首项为b1= ,公比为 的等比数列. 综上可知,数列{bn}是等比数列. 【补偿训练】已知数列{an}满足a1=1,an+1=2an+1, bn=an+1(n∈N*). (1)求证:{bn}是等比数列. (2)求{an}的通项公式. 【解析】(1)因为an+1=2an+1,所以an+1+1=2(an+1),即 bn+1=2bn.因为b1=a1+1=2≠0,所以bn≠0.所以 =2, 所以{bn}是等比数列. (2)由(1)知{bn}是首项b1=2,公比为2的等比数列, 所以bn=2×2n-1=2n,即an+1=2n,所以an=2n-1. 类型三 数列求和 【典例3】(1)数列{an}中,an= Sn=9,则 n=____. (2)(2014·新课标全国卷Ⅰ)已知{an}是递增的等差数 列,a2,a4是方程x2-5x+6=0的根. ①求{an}的通项公式. ②求数列{ }的前n项和. 【解析】(1)an= 所以Sn= = -1=9, 所以n=99. 答案:99 (2)①方程x2-5x+6=0的两根为2,3, 由题意得a2=2,a4=3,设数列{an}的公差为d, 则a4-a2=2d,故d= ,从而a1= , 所以{an}的通项公式为an= n+1. ②设数列{ }的前n项和为Sn, 由①知 则Sn= 两式相减得: 所以Sn=2- 【方法技巧】数列求和的常用方法 (1)公式法. (2)分组求和法. (3)倒序求和法. (4)错位相减法. (5)裂项相消法.把数列的通项拆成两项之差,在求和 时中间的一些项可以相互抵消,从而求得其和. (6)并项求和法.一个数列的前n项和中,可两两结合求 解,则称之为并项求和.形如an=(-1)nf(n)类型,可采 用两项合并求解. 【变式训练】已知函数f(x)=2x-3x-1,点(n,an)在 f(x)的图象上,数列{an}的前n项和为Sn,求Sn. 【解析】由题得an=2n-3n-1, Sn=a1+a2+…+an =(2+22+…+2n)-3(1+2+3+…+n)-n 【补偿训练】设{an}是等差数列,{bn}是各项都为正数 的等比数列,且a1=b1=1,a3+b5=21,a5+b3=13. (1)求{an},{bn}的通项公式. (2)求数列{ }的前n项和Sn. 【解析】(1)设{an}的公差为d,{bn}的公比为q, 则依题意有q>0且 解得 所以an=1+×2=2n-1,bn=1×2n-1=2n-1. (2) ②-①,得Sn= 类型四 函数思想在数列中的应用 【典例4】(1)(2015·益阳高二检测)已知an= (n∈N*),则在数列的前50项中最小项和最大项分 别是(  ) A.a1,a50 B.a1,a8 C.a8,a9 D.a9,a50 (2)已知数列{an}满足a1=0,an+1= (n∈N*),则 a2015=__________. 【解析】(1)选C.an= =1+ ,因为 >0, 所以y=1+ 在(-∞, )上是减函数,在( +∞)上为减函数,又8< a1>a2>…>a8,10, 可得a1=S1>0,q≠0. 当q=1时,Sn=na1>0; 当q≠1时,Sn= >0, 所以 >0. 所以 或 所以-1

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