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高三期末化学参考答案
7.【答案】D【解析】铁粉、碳粉不能做干燥剂,A 项错误;单糖不能水解,B 项错误;光导纤维的主要成分是
二氧化硅,C 项错误;新冠疫苗主要成分为蛋白质,D 项正确。
8. 【答案】B【解析】A. n=cV,N(Na+)=2n(Na2SO4)NA=0.1NA,正确;B.标准状况下,11.2LH2O 约为 11200g,含有
氧原子远远大于 0.5NA,错误;C. 氧气和臭氧分子均是由 O 原子构成,故 O 的物质的量为 2mol,含有的氧原
子数为 2NA,正确;D .混合气体均为双原子分子,故原子数为 0.2NA,正确。
9. 【答案】C【解析】A.根据苯乙烯结构中存在苯环和碳碳双键,故 1mol 苯乙烯最多可以和 4molH2 发生反应,
正确;B.苯乙烯和 C4H8O3 相对分子质量相同,则氢元素的百分含量相同,等质量的两种物质中,氢元素的质
量完全相同,则完全燃烧生成水的质量完全相同,正确;C.苯乙烯中含有碳碳双键,能发生加成反应,含有
苯环,也能发生取代反应,错误;D.苯环是平面正六边形,所以直接与苯环相连的碳原子一定在同一平面上,
即乙苯中一定共平面的碳原子有 7 个,而单键能够旋转,所以乙苯分子中的另一个碳原子也可能在同一平面
上;苯乙烯中,苯和乙烯均是平面形分子,通过碳碳单键的旋转,可是两个平面共面,因此共平面的碳原子
也有 8 个,正确。
10. 【答案】D【解析】短周期主族元素 W、X、Y、Z 的原子序数依次增大,W、X 原子的最外层电子数之比为 2:
3,结合 Y 和 X 能形成两种常见的离子化合物,则 W 的最外层电子数为 4,W 为 C 元素, X 的最外层电子数为
6,故 X 为 O 元素,Y 为 Na 元素,Z-的最外层为 8 电子结构,则 Z 为 Cl 元素。A.电子层越多半径越大,故
离子半径氯离子最大,A 错误;B.碳的氢化物种类繁多,固态、液态、气态都有,B 错误;C.过氧化钠中存
在共价键、氯化钠只有离子键,C 错误;D.非金属性越强,最高价氧化物对应水化物的酸性越强,故高氯酸
酸性大于碳酸,D 正确。
11. 【答案】A【解析】A. 观察装置示意图,可知a极发生氧化反应,为阳极,故应与电源的正极相连,A错误;B.
CO2在B极得电子发生还原反应,故电极反应为CO2+2e-=CO+O2-,B正确;C.石墨烯接触面积大,故可提高气体
的吸附性,C正确; D. 电解池工作时,阴离子向阳极移动,D正确。
12. 【答案】B【解析】A.碳酸钠晶体还有结晶水,A 错误;B.硫酸不挥发,和碳酸氢钠反应产生二氧化碳,
二氧化碳通入硅酸钠溶液形成硅酸沉淀,可以证明酸性强弱,B 正确;C.浓盐酸与 MnO2 反应制备纯净 Cl2,
气体产物先通过饱和食盐水,后通过浓硫酸,C 错误;D.高锰酸钾溶液过量,溶液不褪色,D 错误。
13. 【答案】D【解析】由图可知,等物质的量浓度的 HCl、HB 两种酸的起点 pH 值不同,曲线①的起点 pH 值为 1,只能
为盐酸,其浓度为 0.1 mol·L-1,则 HB 酸为弱酸,当氢氧化钠溶液加到 10mL 时,恰好完全反应,a 点为加到 5mL 时,溶
液中溶质为 HB 和 NaB 等物质的量的混合溶液。根据起点的 pH 值和盐酸的浓度可知 Ka=10-3×10-3/0.1=10-5mol/L,A 正确;由
等体积可知二种酸溶液的体积均为 10mL, B 正确;由电荷守恒知 c(B-)+ c(OH-)= c(Na+)+ c(H+),C 正确;加到 10mL 时,恰
好中和,溶液为氯化钠和 NaB,但是 B-离子会水解,故 c(Cl-)> c(B-),D 错误。
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26.(14 分)【答案】
(1)提高离子浓度,加快反应速率,节约药品(合理都行)(2 分) Cl2+ 2Fe2+=2Fe3++2Cl-(2 分)
(2)与被萃取物和原溶剂不反应(2 分)
加水稀释,盐酸浓度减小,HCl(浓)+FeCl3 HFeCl4 平衡逆向移动,转化为 FeCl3 溶液 2 分)
(3)降低溶解度,减少晶体的损耗(2 分) 硝酸酸化的硝酸银(2 分)
(4)pH>3.3(2 分)
【解析】(1)浓缩能够提高溶液中离子的浓度,加快反应的速率,同时减少氯气、盐酸等加入量;反应 1 中通
入氯气氧化亚铁离子,铁离子和氯离子、氢离子结合生成 HFeCl4,故属于氧化还原反应的离子方程式为 Cl2+
2Fe2+=2Fe3++2Cl-;(2)萃取剂要求要能够萃取出溶质,且与原溶剂互不相溶、与原溶液中的成分不能反应;用
水反萃取时,导致溶液中 c(H+)降低,HCl(浓)+FeCl3 HFeCl4 平衡向转化为 FeCl3 的方向移动,生成
溶于水的 FeCl3;(4)冰水洗涤,可洗去沉淀表面吸附的杂质离子,同时因为冰水温度较低,可降低晶体的溶
解度,减少晶体的溶解损耗;检验洗出液中没有氯离子就证明已经洗净;
(4)根据 Ksp[Fe(OH)3]=8.0×10-38,c(Fe3+)小于 5×10-5mol·L-1,则 c(OH-)>2×10-11mol·L-1,则 pH 大于 3.3。
27.(14 分)【答案】(每空 2 分)
(1)冷凝管(球形冷凝管) a
(2)三颈烧瓶内无油状物(合理都行) 5 +6KMnO4+9H2SO4
△ 5 +3K2SO4+6MnSO4+14H2O
(3)除去过量的高锰酸钾
(4)80%
(5)D
【解析】
(1)观察仪器可知为球形冷凝管,冷凝水要逆流,故从 a 口进入;
(2)根据信息可知高锰酸钾过量,故反应完全的标志是甲苯反应完;制取苯甲酸,利用酸性高锰酸钾的强氧化性,
把甲苯上的甲基氧化成羧基,本身被还原成 Mn2+,根据化合价的升降配平,甲苯失去 2 个 H 并增加 2 个 O,化
合价升高 6,Mn 化合价从+7 降低为+2,降低 5,故甲苯和 KMnO4 按 5:6 反应,根据电子和电荷守恒可得反应方
程式;
(3)高锰酸钾与盐酸会发生氧化还原反应生成氯气,加入适量饱和亚硫酸氢钠溶液的目的是除去过量的高锰酸
钾,避免在用盐酸酸化时产生氯气;
(4)加入 10mL 甲苯,为 8.7g,则产生苯甲酸质量为
ἸἸ莠ᕋ
Ἰ
=11.5g,故产率为
莠Ἰ
莠ʹ
=80%;
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(5)苯甲酸微溶于冷水,易溶于热水,若要得到纯度更高的苯甲酸,可通过在水中重结晶的方法提纯。
28. (15 分)【答案】(除注明外,每空 2 分)
(1)-289.98
(2)CD
(3)0.05mol•L-1•min-1 50% 正向(1 分)
(
4
)CH3OH >(1 分)
(5)正(1 分) CH3OCH3-12e-+6CO3
2-=8CO2↑+3H2O
【解析】(1) 根据盖斯定律方程式 2CO2(g)+6H2(g) =CH3OCH3(g)+3H2O(g)可用-②-①×2-③
2 得到则
H=-
289.98KJ/mol; (2)A.恒容条件下的气体间反应,混合气体密度永远不发生改变 ,错误;B.这是一个反应
前后气体分子数不变的反应,故混合气体的平均相对分子质量永远不会发生改变,错误;C.正逆反应速率相等,
反应达到平衡,故正确; D.随着反应的进行,n(CO)与 n(H2)的比值时刻在变化,现在不变说明达到平衡;
(3)根据物质的量比等于压强比,平衡时容器中压强与起始压强之比为 3:4,可得平衡时混合气体的物质的量
为 6mol,则根据方程式
2CO2(g)+6H2(g) CH3OCH3(g)+3H2O(g) ∆n
2 6 1 3 4
1 3 0.5 1.5 8-6
可得平衡时 CO2、H2、CH3OCH3、H2O 的物质的量分别为 1mol、3mol、0.5mol、1.5mol,则用 CH3OCH3 表示的平均
反应速率为 0.5mol/(2L
5min)=0.05mol.L-1.min-1;H2 的转化率为 3/6=50%;平衡常数 K=
莠Ἰʹ莠ᕋʹ
莠ʹ
Ἰ
莠ʹ
;若向体系中
再加入 2 molCO2 和 1.5 mol H2O(g),Qc=
莠Ἰʹ莠ʹ
莠ʹ
Ἰ
莠ʹ
<K,平衡正向移动;(4)反应③的△H>0,升高温度,,平衡
正向移动,CH3OH 的体积分数减小;增大压强,平衡逆向移动,CH3OH 的体积分数增大,所以 p1>p2;(5)根据熔
融盐燃料电池工作原理图可知,左侧电极发生氧化反应,左侧为电池负极,右侧通入氧气,为正极;负极二甲
醚失电子生成二氧化碳和水,负极的电极反应式为 CH3OCH3-12e-+6CO 2-
3 =8CO2↑+3H2O。
(二)选考题:共 15 分。请考生从给出的 2 道化学试题中任选一题做答,并将答题卡上对应方框涂黑。
35.(15 分) 【答案】(除标注外,每空 1 分)
(1)AC(2 分) D
(2)NOC(2 分) 1:2
(3)CH4、NH3 、H2O(2 分)
(4)sp3、sp(2 分) 能 H3BNH3 与水分子间能形成氢键
(5) K3N
(2 分)
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【解析】(1)基态碳原子的电子排布式是 1s22s22p2,故基态的是 AC;基态时能量最低,由基态到激发态,电
子发生跃迁,由低能量到高能量,故能量最高的是 D;(2)同周期第一电离能总趋势逐渐增大,但第二、五主
族 p 能级全空或半充满,第一电离能比相邻的元素大,故有 Be、C、O3 种;氮气分子内存在氮氮三键,故σ键
与π键的数目之比为 1:2;(3)碳、氮、氧形成的简单化合物分别为甲烷、氨气、水,分别含有的孤电子对数为
0、1、2,孤电子对对成键电子对的作用力大于成键电子对的作用力,导致键角依次减小,故简单化合物键角由
大到小的顺序为 CH4>NH3>H2O;(4) CH4 为四面体结构,碳为 sp3 杂化;CO2 分子为直线型,碳为 sp 杂化;
H3BNH3 分子和水分子间能形成氢键,故能溶于水。
(5) 晶胞中 N 原子数目=8×
1
8 =1。K 原子为 6×
1
2 =3,则晶体化学式为 K3N;晶胞的密度ρ=
m
V ,晶胞的质量为
g,晶胞的体积为(a×10-10)3cm3,故密度为
3g cm 。
36.(15 分) 【答案】(除标注外,每空 2 分)
(1)2-甲基丙烯酸 羟基、羧基
(3)C12H15ClO3 取代反应(1 分)
(4) +C2H5OH +H2O
(4)FeCl3
(5)
【解析】由 A 的分子式为 C3H6O,核磁共振氢谱中只有一组峰可知,A 为 ; 发生信息反应生成
B 为 ;在浓硫酸作用下, 发生消去反应生成 ,则 C 为 ;在
浓硫酸作用下, 与乙醇发生酯化反应生成 ,则 D 为 ;
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与 HI 发生加成反应生成 ,则 E 为 ;根据 K 可知,
J 为 ;则 I 为 ;H 为 。
(1)C 为 ,名称为 2-甲基丙烯酸;B 的结构简式为 ,官能团为羟基、羧基;(2)观察
K 的结构简式,可知其分子式为 C12H15ClO3;G→H 发生的是苯环上的取代反应;(3)由 C 生成 D 的反应为在浓硫
酸作用下, 与乙醇的酯化反应;(4)F 中含有酚羟基,G 没有,则可用三氯化铁溶液鉴别;H 为
,遇氯化铁溶液显紫色说明含有酚羟基,核磁共振氢谱为 4 组峰,说明结构对称,故结构简式为
;
(5)由题给合成路线可知,首先让氯苯在氢氧化钠溶液中共热发生反应生成苯酚钠,在催化剂作用下,2-甲基
丙烯与 HI 发生加成反应生成 , 与苯酚钠发生信息反应生成 。
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