江西省赣州市2021届高三上学期期末考试物理答案

1 赣州市 2020～2021 学年度第一学期期末考试 高三物理参考答案 一选择题：本题共 10 小题，每小题 4 分，共 40 分。在每小题给出的 4 个选项中，1～ 6 小题只有一个选项是正确的，7～10 小题有多个选项正确，全部选对的得 4 分，选不 全的得 2 分，有选错或不选的得 0 分。 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B D B D C D AC CD BCD BC 二、实验题：本大题共 2 小题，每空 2 分，共 18 分。 11．（8分）(1) D (2) 2.40 m/s2 (3) 1.0 N (4) 5.0 m/s2 12. (10 分). (2). R1 (3). 0.38 (4). 0 1 k Rk  (5). 不存在 三、计算题（本题共 4 小题，第 13、14 题各 9 分、第 15、16 题各 12 分，共 42 分 13.（9分） (1)800m； (2)4m/s2； (3)80m/s，45s (1)上升的最大高度： 64 25= =8002H m m (2分) (2)下落时的加速度： va t   (1分) 代入数据得： 2 264 / 4 /25 9a m s m s  (1分) (3)根据位移公式有: 2 2v aH (1分) 代入数据得: 80 /v m s (1分) 1 2 设下落时间为t1，有: 1 2v at (1分) 代入数据得: 2 20t s (1分) 则运动总时间: 1 2 25 45t t s s   (1分) 14. （9 分） (1)10m/s ；(2)3s；(3)60J 解(1)小物体受到沿斜面向上的拉力作用时，对其进行受力分析，由牛顿第二定律可得 1cos37 sin37F mg mg ma    (1分) 解得: 2 1 10m/sa  (1 分) 从 A到 B 过程中由运动学公式可得: 2 12Bv a L 解得: 10m/sBv  (1 分) (2)从 A 到 B 过程中由运动学公式可得: 1 1Bv a t (1 分) 小物体在 BC 段，由牛顿第二定律可得: 2mg ma  由运动学公式可得: 2 2Bv a t (1 分) 小物体从 A到C 过程中的时间: 1 2=t t t总 联立解得: =3t s总 (1 分) (3)小物体在 BC 段，小物体向右运动，传送带逆时针运动，对小物块 2 1 2 2 1 2x a t (1 分) 对传送带: 2 2 0 2 1 2x a t (1 分) 小物体相对于传送带的位移: 1 2x x x   2 3 小物体与传送带间由于摩擦而产生的热量:Q mg x  解得: 60Q J (1 分) 15．（12 分） (1)①0；②3m/s；(2) AB1600V 800VU   解（1）①根据牛顿第二定律和向心力公式得： 2vmg N m r   (1 分) 代入数据得： 0N  (1 分) ②根据动能定理： 2 21 12 2 2D Bmgl mg R mv mv     (2 分) 解得： vB=3m/s (1 分) （2）当电势差 UAB 最低时，滑块恰能经过最高点 D，此时 vD=1m/s 由动能定理： 2 2 0 1 12 2 2AB DU q mgl mg R mv mv     (2 分) 解得： UAB=-1600V (1 分) 当电势差 UAB 最高时，滑块经过最高点 D 后做平抛运动，恰能落到 B 点，则由平抛运 动的规律，竖直方向： 212 2R gt 水平方向： ' Dl v t 动能定理： ' '2 2 0 1 12 2 2AB DU q mgl mg R mv mv     (2 分) 解得： U′AB=800V (1 分) 则 AB 间电势差满足的条件是 AB1600V 800VU   (1 分) 3 4 16．（12 分） (1)2v0，方向与﹣x 轴成 60°角；(2)2L；(3) 4 3 L。 解：(1)粒子在电场中做类平抛运动，竖直方向做匀加速运动，由牛顿第二定律可得： qE ma (1 分) 由运动学公式可得： 21 2L at (1 分) 设粒子由电场进入磁场 I 时的竖直方向上速度 vy，则有： yv at 设粒子由电场进入磁场 I 时速度为： 2 2 0 yv v v  解得 02v v (1 分) 设方向与 x 轴的负方向成α，则有： 0 1cos 2 v v    解得： 60   (1 分) (2) 粒子在第二象限运动沿 x 方向的位移大小： 0x v t 代入数值可得 2 3 3 Lx  (1 分) 粒子在磁场中做匀速圆周运动，则 2 1 1 vqvB m r  解得 1 4 3r L ， (1 分) 如图由几何关系可得： 1 4 3 2 3cos30 3 2 3r L L    (1 分) 说明圆心恰好落在 y 轴上，粒子第一次经过 y 轴距 O 点距离 1 1 1 4 1 4sin30 23 2 3y r r L L L       (1 分) 即粒子第一次经过 y 轴距 O 点距离为 2L。 4 5 (3)由几何关系可知粒子第一次以经过 y 轴时速度方向垂直 y，即沿+x 方向，粒子进入 磁场Ⅱ后，仍做匀速圆周运动，由牛顿第二定律可得： 2 2 2 vqvB m r  (2 分) 2 1 1 1 3 4r L r  (1 分) 画出粒子运动轨迹，由图像可知 当粒子第 4 次经过 y 轴时 1 4 3y r L   (1 分) 5