赣州市 2020~2021 学年度第一学期期末考试高三文科数学参考答案 1
赣州市 2020~2021 学年度第一学期期末考试
高三数学(文科)参考答案
一、选择题
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
答案 C A D D B C B A C B C B
二、填空题
13.0 或1; 14. 1
3
; 15. 1 ; 16.1366或写成
64 2
3
.
三、解答题
17.解(1)因为 cos (2 )cosa B c b A
由正弦定理得sin cos (2sin sin )cosA B C B A ………………………………………2 分
即sin cos sin cos 2sin cosA B B A C A
所以sin 2sin cosC C A ……………………………………………………………………3 分
因为在 ABC 中sin 0C
所以 1cos = 2A …………………………………………………………………………………4 分
因为 0 πA
所以 π
3A ……………………………………………………………………………………6 分
(2)由 2AB AC AM 两边平方得 2 2 2
2 4AB AC AB AC AM ………………8 分
因为 3b , 13
2AM
所以
2
2 1 139 2 3 42 2c c
……………………………………………………9 分
解得 1c 或 4c (舍去)………………………………………………………………10 分
所以 ABC 的面积为 1 3 3 33 12 2 4S …………………………………………12 分
18.解(1)证明:因为 ABC 内接于圆O 且 AB 为直径
所以 BC AC …………………………………………………………………………………1 分
在矩形 BCDE 中有 BC DC 且 AC 与 DC 相交于点C …………………………………2 分
所以 BC 面 ADC ……………………………………………………………………………3 分
而 BC ∥ ED
所以 ED 面 ADC ……………………………………………………………………………4 分
因此面 ADE 面 ADC ………………………………………………………………………6 分
1
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(2)解:由题知 EB BC ,面 BCDE 面 ABC 且面 BCDE 面 ABC BC
所以 EB 面 ABC ……………………………………………………………………………7 分
所以 EB AB …………………………………………………………………………………8 分
又因为 45EAB
所以 2EB AB ……………………………………………………………………………9 分
同理 AC 面 BCDE …………………………………………………………………………10 分
在 Rt ABC 中 2 22 1 3BC ,所以矩形 BCDE 的面积为 2 3 …………………11 分
因此该简单组合体的体积 1 2 32 3 13 3V …………………………………………12 分
19.解(1)由图可知,第三组和第六组的频数为100 0.8 0.2 16 人
第五组的频数为100 1.2 0.2 24 人
所以前四组的频数和为100 (24 16 =60 ) 人……………………………………………1 分
而前四组的频数依次成等比数列
故第一组的频数为 4 人,第二组的频数为8 人,第四组的频数为32 人…………………2 分
所以中位数落在第四组,设为 x ,
因此有 4.6 50 (4 8 16)
0.2 32
x (或1.6( 4.6) 0.22x )……………………………3 分
解得 =4.7375x
所以中位数是 4.74 ……………………………………………………………………………4 分
(2)因为
2
2 100 (40 20 30 10)
50 50 70 30K
…………………………………………………5 分
所以 2 100 4.76221K ………………………………………………………………………6 分
所以 2 3.841K ………………………………………………………………………………7 分
因此在犯错的概率不超过 0.05的前提下认为视力与学习成绩有关系……………………8 分
(3)依题意按照分层抽样在不近视的学生中抽取了 6 人中年级名次在1 100 名和
101 1000 名的分别有 2 人和 4 人…………………………………………………………9 分
从 6 人中任意抽取 2 人的基本事件共15个…………………………………………………10 分
至少有1人来自于1 100 名的基本事件有 9 个……………………………………………11 分
所以至少有1人的年级名次在1 100 名的概率为 9 3
15 5P ……………………………12 分
2
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20.解(1) 2 2 2 2
( 1)e 1 1 ( 1)e 1( ) ( )
x xx x xf x k kx x x x x
即 2
( 1)(e )( )
xx kf x x
……………………………………………………………………1 分
当 2ek 时
2
2
( 1)(e e )( )
xxf x x
…………………………………………………………2 分
令 ( ) 0f x ≥ 得 0 1x ≤ 或 2x≥ …………………………………………………………3 分
即 ( )f x 在 (0,1]和[2, ) 上单调递增,在 (1,2) 上单调递减………………………………4 分
所以 ( )f x 的极小值为 2(2) e ln 2f ………………………………………………………5 分
极大值为 2(1) e ef …………………………………………………………………………6 分
(2)由于 2
( 1)(e )( )
xx kf x x
, (1,2)x ……………………………………………7 分
因为函数 ( )f x 在区间 (1,2) 上单调
所以 ( ) 0f x ≥ 或 ( ) 0f x ≤ 在区间 (1,2) 上恒成立………………………………………9 分
即 e 0x k ≥ 或 e 0x k ≤ 在区间 (1,2) 上恒成立…………………………………………10 分
因此 ek ≤ 或 2ek ≥ …………………………………………………………………………11 分
所以 k 的取值范围为 2( ,e] [e , ) ……………………………………………………12 分
21. 解(1)由题知 2p
所以 2: 4M x y ………………………………………………………………………………1 分
设直线 :AB 1y kx , 1 1 2 2( , ), ( , )A x y B x y
联立 2
1
4
y kx
x y
得 2 4 4 0x kx
所以 1 2
1 2
4
4
x x k
x x
……………………………………………………………………………2 分
对
2
4
xy 求导得
2
xy
3
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所以直线 AN 的斜率为 1
2AN
xk
所以直线 1
1 1: ( )2
xAN y y x x 即
2
1 1: 2 4
x xAN y x ……①………………………3 分
同理直线
2
2 2: 2 4
x xBN y x ……②………………………………………………………4 分
联立①和②得
1 2
1 2
22
14
x xx k
x xy
……………………………………………………………5 分
所以点 N 的坐标为 (2 , 1)k ,即点 N 在定直线 1y 上…………………………………6 分
(2)由(1)知点 N 为 CD 的中点…………………………………………………………7 分
取 AB 的中点 E ,则
2
AC BDEN
由题知 AC BD AB
所以 2AB EN
所以 22 2 2 2ABN AEN BEN
EN CN EN DN EN CN AB CNS S S
…………8 分
而 ,2 2 2 2ACN BDN
AC CN AF CN BD DN BF CNS S
若存在点 N 满足题意
则 2 BDN ACN ABNS S S
即 2BF AF AB ……………………………………………………………………………9 分
所以 2 1 2 12( 0) 0x x x x 即 2 12x x ………③……………………………………10 分
又因为 1 2
1 2
4
4
x x k
x x
………④
将③代入④解得 2
4k …………………………………………………………………11 分
由(1)知 N (2 , 1)k 即 N 2( , 1)2
经检验,存在 N 2( , 1)2
满足题意………………………………………………………12 分
4
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22.解:(1)由
2
2
2
2
x m t
y t
得 x m y 即 0x y m ……………………………2 分
由 2cos 得 2 2 cos
则曲线C 的直角坐标方程为 2 2 2x y x ,即 2 22 0x x y …………………………4 分
(2)把
2
2
2
2
x m t
y t
代入 2 22 0x x y ,
得 2 22 2 2 0t m t m m …………………………………………………………5 分
由 2 22 2 4 2 0m m m 得1 2 1 2m …………………………6 分
设点 ,A B 对应的参数分别为 1 2,t t ,则 2
1 2 2t t m m ……………………………………7 分
因为 2
1 2 2 1PA PB t t m m ,所以 2 2 1m m ………………………………8 分
当 2 2 1m m 时,且 1 2m (舍)
当 2 2 1m m 时, 1m
所以综上 1m ………………………………………………………………………………10 分
(2)方法二
由 2 2
0
2 0
x y m
x x y
得 2 22 2 2 0x m x m …………………………………………5 分
由 2 22 2 8 0m m 得1 2 1 2m ………………………………………6 分
设点 1 1 2 2, , ,A x y B x y ,则 1 2
2 2 12
mx x m ,
2
1 2 2
mx x …………………7 分
因为 1 2
2 22 2
1 2PA PB x m y x m y 2 2
1 22 2x m x m ,
所以 2
1 2 1 2 1 22 2PA PB x m x m x x m x x m
所以
2
2 22 1 2 12
mPA PB m m m m m …………………………………8 分
当 2 2 1m m 时,且 1 2m (舍)
5
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当 2 2 1m m 时, 1m
综上 1m ……………………………………………………………………………………10 分
23.解:(1)当 1a 时, ( ) 2 1 2 1f x x x
14 , 2
1 12, 2 2
14 , 2
x x
x
x x
≤ ≤ ………………2 分
∵ ( ) 4f x ≥ ,当 1
2x 时, 4 4x ≥ ,∴ 1x ≤ ………………………………………3 分
当 1
2x 时,4 4x≥ ,∴ 1x≥ ………………………………………………………………4 分
所以 ( ) 4f x ≥ 的解集为 , 1 1, …………………………………………………5 分
(2)由任意 1x R ,都存在 2x R ,使得 1 2( )f x g x 得:
| ( ) | ( )y y f x y y g x ……………………………………………………………6 分
又因为 ( ) 2 1 2f x x x a ≥ 2 1 (2 ) 1x x a a ……………………………7 分
1( ) 2g x x x
1 2 4x x
≥ …………………………………………………………8 分
所以 1 4a ≥ …………………………………………………………………………………9 分
所以 5a ≤ 或 3a≥ ………………………………………………………………………10 分
6