高二上物理期中试题及答案

高 2018 级高二（上）半期考试物理试题 (考试时间 90 分钟，总分 110 分) 一、选择题（1-8 题为单选题，9-12 为多选题，每题 4 分，共 48 分） 1．关于电场强度和电势，下列说法正确的是（ ） A．由公式 E=F/q 可知 E 与 F 成正比，与 q 成反比 B．由公式 U=Ed 可知，在匀强电场中，任意两点间的电势差与这两点间的距离成正比。[来源:学§科§网 Z§X§X§K] C．电场强度为零处，电势不一定为零 D．无论是正电荷还是负电荷，当它在电场中移动时，若电场力做正功，它一定是从电势高处移到 电势低处，并且它的电势能一定减少 2.如图所示，空心导体上方有一靠得很近的带电体，带有正电荷．有一束带负电的小液滴(重力不能 忽略)，以速度 v 水平飞入空心导体腔内，则小液滴的运动情况 是( ) A. 匀速直线运动 B. 变速直线运动 C. 向上偏转的曲线运动 D. 向下偏转的曲线运动 3．如图所示，竖直绝缘墙壁上的Q处有一固定的质点A，在Q的正上方的P点用绝缘丝 线悬挂另一质点B， A、B两质点因为带电而相互排斥，致使悬线 与竖直方向成θ角，由于缓慢漏电使A、B两质点的带电量逐渐减 小。在电荷漏完之前悬线对悬点P的拉力大小（ ） A.保持不变 B.先变大后变小 C.逐渐减小 D.逐渐增大 4．如图所示，虚线 a、b、c 代表电场中三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即 Uab=Ubc 实 线为一个带负电粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P 、Q 是这条轨迹上的两点，据 此可知（ ） A．三个等势面中的，a 的电势最高 B．粒子在 P 点具有的电势能比在 Q 点具有的电势能大 C．粒子通过 P 点时的动能比通过 Q 点时大 D．粒子通过 P 点时的加速度比通过 Q 点时小 5. 如图所示的装置是在竖直平面内放置光滑的绝缘轨道，处于水平向 右的匀强电场中，一带负电荷的小球从高 h 的 A 处静止开始下滑，沿 轨道 ABC 运动后进入圆环内作圆周运动．已知小球所受到电场力是其重力的 3/4，圆环半径为 R， 斜面倾角为θ＝53°，SBC＝2R.若使小球在圆环内恰好能作完整的圆周运动，高度 h 的为（ ） A.2R B.4R C.10R D.17R 6.一水平放置的平行板电容器的两极板间距为 d，极板分别与电池两极相连，上极板中心有一小孔(小 孔对电场的影响可忽略不计)。小孔正上方 d 处的 P 点有一带电粒子，该粒子从静止开始下落，经过 小孔进入电容器，并在下极板处(未与极板接触)返回。若将下极板向上平移 d/2，则从 P 点开始下 落的相同粒子将( ) A.打到下极板上 B.在下极板处返回 C.在距上极板 d/3 处返回 D.在距上极板 2d/5 处返回 7．如图所示，直线 A 为某电源的 U﹣I 图线 ，曲线 B 为某小灯泡的 U﹣I 图线，用该电源和小灯泡组成闭合电路时，电源的输出功率和电源的总功 率分别是（ ） A．4 W，8 W B．4W，6 W C．2 W，3 W D．2 W，4 W 8．电路图如图所示，电源电动势为 20V、内阻 r=3Ω，滑动变阻器的最大阻值为 20Ω，定值电阻 R0＝2Ω。则下列说法正确的是（ ） A．R=5Ω时，R0 消耗的功率最大 B. R=3Ω时，电源输出的功率最大 C. R=5Ω时，R 消耗的功率最大 D.电源最大输出的功率为 20W 9．如图所示，电源电动势为 E，内阻为 r，不计电压表和电流表内阻对电路的 影响，当电键闭合后，两小灯泡均能发光．在将滑动变阻器的触片逐渐向右滑 动的过程中，下列说法正确的是（ ） A．小灯泡 L1、L2 均变暗 B．小灯泡 L1 变亮，小灯泡 L2 变暗 C．电流表 A 的读数变小，电压表 V 的读数变大 D．电流表 A 的读数变化量与电压表 V 的读数变化量之比不 变 10．如图甲所示，直线 AB 是某电场中的一条电场线．若有一电 子仅在电场力的作用下以某一初速度沿直线 AB 由 A 运动到 B， 其速度图象如图乙所示，下列关于 A、B 两点的电场强度 EA、EB 和电势φA、φB，以及电子在 A、B R0 E r R 甲 v t 乙A B A B 两点所具有的电势能 EPA 、EPB 和动能 EKA、EKB，以下判断正确的是（ ） A．EA＞EB B．φA＞φB C．EPA＞EPB D．EKA＞EKB 11.在匀强电场中有相距 d＝2cm 的 a、b 两点，电势差 Uab=50V,则匀强电场的电场强度可能为（ ） A．E＝1×103 V/m B．E＝2×103 V/m C．E＝3×103 V/m D．E＝4×103 V/m[来源:学&科&网 Z&X&X&K] 12.光滑水平面上有一边长为 L 的正方形区域处在场强为 E 的匀强电场中，电场方向与正方形一边平 行．一质量为 m、带电荷量为 q 的小球由某一边的中点，以垂直于该边的水平初速度 v0 进入该正方 形区域．当小球再次运动到该正方形区域的边缘时，具有的动能可能为( ) A．0 B.mv0 2＋qEL C. mv0 2＋qEL D. mv0 2＋qEL 二、实验题(每空 2 分，共 16 分) 13．在“伏安法”测导体电阻的实验中，采用甲图的电阻 R 测量值 真实值；采用乙图的电 阻 R 测量值 真实值。（填“大于”、“等于”、或“小于”） 14.有一个小灯泡上标有“2V,3W”的字样,现在要用伏安法描绘这个灯泡的 I-U 图线,有下列器材供 选用 : A.电源（电动势 3 V,内阻约 1Ω） B.电流表（0～0.6 A,内阻约 1Ω） C.电流表（0～2 A,内阻约 0.4Ω） D.电压表（0～3 V,内阻约10kΩ） E.电压表（0～10 V,内阻约 20kΩ） F.滑动变阻器（0～5Ω,额定电流 3 A） G.滑动变阻器（0～500Ω,额定电流 2A） H.开关、导线 (1)实验中电流表应选用__________,电压表应选用__________.为使 实验误差尽量减小,要求电压表从零开始变化且多取几组数据,滑动变 阻器 应选用____________（用序号字母表示）。 (2) 实验中,电压表的示数如图，图中 U= V。 (3)实验中调节滑动变阻器,得到了小灯泡的 I-U 图象如图所示,则可知小灯泡的电阻随电压增大而 ___________（填“增大”、“减小”或“不变”）． (4)请根据实验要求,在方框内画出电路图. 三、计算题（15 题 10 分，16、17、18 题各 12 分，共 46 分） 15．如图所示电路中，R1=3Ω，R2=6Ω，R3=1.5Ω，C=20 μF；已知电 源电动势Ｅ＝４V,内阻 r=0.5Ω。求： （1）当 S1 闭合、S2 断开时，电路消耗的总功率； （2）当 S1 闭合、S2 均闭合时，电路消耗的总功率； （3））当 S1 闭合、S2 断开时，电容器所带的电荷量为多少？ 16．如图，匀强电场中有一半径为 r=10cm 的光滑绝缘轨道，轨道平面与电场方向平行。一电荷量为 q=+2×10－9 C 的质点沿轨道内侧运动，经过 a 点和 b 点时对轨道压力分别为 Na=2×10－6 N 和 Nb=8×10 －6N。不计质点重力，求： （1））匀强电场的电场强度的大小？ （2）质点经过 a 点和 b 点时的动能各为多少？ 17．如图，虚线 PQ、MN 间存在水平匀强电场，一带电粒子质量为 m＝2.0×10 －11 kg、电荷量为 q＝＋1.0×10－5 C，从 a 点由静止开始经电压为 U＝100 V 的电场加速后，经过 b 点垂直于匀强电场进入匀强电场中，从虚线 MN 的某点 c (图中未画出)离开匀 强电场时速度与电场方向成 60°角．已知 PQ、MN 间距为 20 cm，带电粒子的重力忽略不计．求： (1)水平匀强电场的场强 E 的大小； (2)bc 两点间的电势差 Ubc． 18．两块水平的平行金属板如图所示放置，金属板左侧为一加速电场，电压 U0=2500V，大量质量 m=1.6×10－14kg、电荷量 q＝3.2×10－10 C 的带电粒子（不计重力）由静止开始，经加速电场加速后， 连续不断地通过小孔后沿平行板的方向从两板正中间射入两板之间。当两板电势差为零时，这些带 电粒子通过两板之间的时间为 3t0；当在两板间加如图所示的周期为 2t0，幅值恒为 U0(U0=2500V)的 周期性电压时，恰好能使所有粒子均从两板间通过。已知 t0=2×10－6s。求： (1)带电粒子从加速电场出来时的速度？[来源:学.科.网 Z.X.X.K] (2)这些粒子刚穿过两板时，偏转位移的最大值和最小值分别是多少？ (3)偏转位移为最大值和最小值的情况下，带电粒子在刚穿出两板之间时的动能之比为多少？ 4t0t0 3t02t0 t0 U0 U U0 高 2018 级高二上半期考试物理试题答案 一、选择题（1-8 题为单选题，9-12 为多选题，每题 4 分，共 48 分） 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 C D A B C C B C BCD AC CD ABC 二．填空题（每空 2 分，共 16 分） 13. _____大于________ 小于 14.（1）电压表选 C 电流表选 D 滑动变阻器选 F （2）U= 2.20 V （3） 增大 （4）电路图如右图 三、计算题（15 题 10 分，16、17、18 题各 12 分，共 46 分） 15. 解 : (1)S1 闭 合 ， S2 断 开 时 : WRRr EP 22 32  (2)S1 、 S2 均 闭 合 时 : WRRr EP 42 312  (3) S1 闭合，S2 断开时: CCCUQ R 56 21 10665.01020   16. (1)在 b 点： rmqEN b b 2v （2 分）； 在 a 点： rmqEN a a 2v （2 分）； 从 a 点到 b 点由动能定理有： 22 2 1 2 12 ba mmrqE vv  （2 分） 解得 q NNE ab 6  =500v/m（2 分） (2) rNNE ba ka 12 5  = 1.5×10－7J（2 分） rNNE ab kb 12 5  =3.5×10－7（2 分） 17. 解析 (1)由动能定理得：qU＝1 2 mv2 1 进入 PQ、MN 间电场中后：d＝v1t. 沿电场方向：vy＝at. 由题意得：tan 60°＝v1 vy 由牛顿第二定律得 qE＝ma 解得：E＝ 3×103 /3N/C (3)由动能定理得：qUbc＝1 2 mv2—1 2 m(v2 1＋v2 y) 联立以上相关各式代入数据得：Uab＝100/3 V 18．（1）由动能定理得：qU0＝1 2 mv2 1 解得 V1=1×106m/s （2）以电场力的方向为 y 轴正方向，画出电子在 t=0 时和 t=t0 时进入电场后沿电场力方向 的速度 vy 随时间 t 变化的 vy-t 图象分别如图 a 和图 b 所示，设两平行板之间的距离为 d。 图中， 0 0 1 tmd eUv y  （2分）  0 0 2 2tmd eUv y md teU 002 （2 分） 由图（a）可得电子的最大侧移为 md teUtvtvtvs yyyy 2 00 010101max 33)2 1(2  （2 分） 而 2max ds y  ， 解得 0 06 tm eUd  =3.464cm （2 分） 由图（b）可得电子的最小侧移为 42 35.12 1 2 00 010101min d md teUtvtvtvs yyyy  （2 分） 所以 m eUtds y 00 max 6 22  =1.732cm （2 分） m eUtds y 00 min 6 44  =0.866cm （2 分） ⑵ m eUtmd eUv y 6)( 02 0 02 1  ， v1 y0 tt0 2t 0 3t 0 4t 0 vy t0 t0 2t 0 3t 0 v1 y v2 y vy 图 a 图 b  2 0 02 2 )2( tmd eUv y m eU 3 2 0 电子经电压 U０加速： 0 2 02 1 eUmv  （2 分） 所以 13 16 12 3 )(2 1 )(2 1 2 1 2 1 0 0 0 0 2 1 2 0 2 2 2 0 2 1 2 2 min max        eUeU eUeU vvm vvm mv mv E E y y K K （2 分） 不用注册，免费下载！