海淀区2015高三数学(文)期末试题及答案
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海淀区2015高三数学(文)期末试题及答案

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资料简介
海淀区高三年级第一学期期末练习 数学(文)答案及评分参考 2015.1 一、选择题(共 8 小题,每小题 5 分,共 40 分) (1)B (2)D (3)A (4)D (5)B (6)C (7)C (8)A 二、填空题(共 6 小题,每小题 5 分,共 30 分。有两空的小题,第一空 2 分,第二空 3 分) (9) 1( ,0)2  (10)3 (11)8 (12) 2 2 (13) 1 3 ;4 (14) ( , 1] [1, )   三、解答题(共 6 小题,共 80 分) (15)(共 13 分) 解:(Ⅰ) 的值是 π 3 . ………………2 分 0x 的值是 4 3 . ………………5 分 (Ⅱ)由(Ⅰ)可知: π( ) cos(π )3f x x  . 因为 1 1[ , ]2 3x  , 所以 π π 2ππ6 3 3x    . ………………7 分 所以 当 ππ 03x   ,即 1 3x   时, ( )f x 取得最大值1; ………………10 分 当 π 2ππ 3 3x   ,即 1 3x  时, ( )f x 取得最小值 1 2  . ………………13 分 (16)(共 13 分) 解:(Ⅰ)抽取的 5 人中男同学的人数为 5 30 350   ,女同学的人数为 5 20 250   . ………………4 分 (Ⅱ)记 3 名男同学为 1 2 3, ,A A A ,2 名女同学为 1 2,B B . 从 5 人中随机选出 2 名同学,所有可能的结 果有 1 2 1 3 1 1 1 2 2 3 2 1 2 2, , , , , , ,A A A A A B A B A A A B A B 3 1 3 2 1 2, ,A B A B B B ,共 10 个. ………………6 分 用 C 表示:“选出的两名同学中恰有一名女同学”这一事件,则 C 中的结果有 6 个,它们是: 1 1 1 2 2 1 2 2, , , ,A B A B A B A B 3 1 3 2,A B A B . ………………8 分 所以 选出的两名同学中恰有一名女同学的概率 6 3( ) 10 5P C   . ………………10 分 (Ⅲ) 2 2 1 2s s . ………………13 分 (17)(共 14 分) 证明:(Ⅰ)在菱形 1 1BB C C 中, BC ∥ 1 1B C . 因为 BC Ë平面 1 1AB C , 1 1B C Ì 平面 1 1AB C , 所以 //BC 平面 1 1AB C . ………………3 分 (Ⅱ)连接 1BC . 在正方形 1 1ABB A 中, 1AB BB^ . 因为 平面 1 1AA B B  平面 1 1BB C C ,平面 1 1AA B B  平面 1 1 1BB C C BB , AB Ì平面 1 1ABB A , 所以 AB ^ 平面 1 1BB C C . ………………5 分 因为 1B C Ì平面 1 1BB C C , 所以 1AB B C^ . ………………6 分 在菱形 1 1BB C C 中, 1 1BC B C^ . 因为 1BC Ì 平面 1ABC , AB Ì平面 1ABC , 1BC AB B = , 所以 1B C ^ 平面 1ABC . ………………8 分 因为 1AC Ì平面 1ABC , 所以 1B C  1AC . ………………10 分 (Ⅲ) , , ,E F H G 四点不共面. 理由如下: ………………11 分 因为 ,E G 分别是 1 1 1,BC BC 的中点, 所以 GE ∥ 1CC . 同理可证:GH ∥ 1 1C A . 因为 GE Ì 平面 EHG ,GH Ì平面 EHG ,GE GH G = , 1CC Ì 平面 1 1AAC C , 1 1AC Ì 平面 1 1AAC C , 所以 平面 EHG ∥平面 1 1AAC C . 因为 F 平面 1 1AAC C , 所以 F 平面 EHG ,即 , , ,E F H G 四点不共面. ………………14 分 (18)(共 13 分) 解:(Ⅰ)由题意可知椭圆 M 的标准方程为: 2 2 12 x y  ,则 2, 1a b  . 所以 椭圆 M 的长轴长为 2 2 . ………………2 分 因为 2 2 1c a b   , 所以 2 2 ce a   ,即 M 的离心率为 2 2 . ………………4 分 (Ⅱ)若 , ,C O D 三点共线,由 CD 是线段 AB 的垂直平分线可得: OA OB . ………………6 分 由(Ⅰ)可得 (0,1)A ,设 0 0( , )B x y . ………………7 分 所以 2 2 0 0 1x y  . ① 又因为 2 2 0 02 2x y  , ② ………………10 分 由①②可得: 0 0 0, 1 x y    (舍),或 0 0 0, 1. x y     ………………11 分 当 0 0 0, 1 x y     时,直线l 的方程为 0x  ,显然满足题意. 所以 存在直线 l 使得 , ,C O D 三点共线,直线 l 的方程为 0x  . ………………13 分 (19)(共 13 分) (Ⅰ)解: 2 e e'( ) x xxf x x  . ………………1 分 因为 切线 0ax y  过原点 (0,0) , 所以 0 0 0 0 0 2 0 0 e e e x x xx x x x   . ………………3 分 解得: 0 2x  . ………………4 分 (Ⅱ)证明:设 2 ( ) e( ) ( 0) xf xg x xx x    ,则 2 4 e ( 2 )'( ) x x xg x x  . 令 2 4 e ( 2 )'( ) 0 x x xg x x   ,解得 2x  . ………………6 分 x 在 (0, ) 上变化时, '( ), ( )g x g x 的变化情况如下表 x (0,2) 2 (2, )+¥ '( )g x - 0 + ( )g x ↘ 2e 4 ↗ 所以 当 2x  时, ( )g x 取得最小值 2e 4 . ………………8 分 所以 当 0x  时, 2e( ) 14g x ³ > ,即 ( )f x x . ………………9 分 (Ⅲ)解:当 0b  时,集合{ ( ) 0}x f x bx  R 的元素个数为 0; 当 2e0 4b  时,集合{ ( ) 0}x f x bx  R 的元素个数为 1; 当 2e 4b  时,集合{ ( ) 0}x f x bx  R 的元素个数为 2; 当 2e 4b  时,集合{ ( ) 0}x f x bx  R 的元素个数为 3. ………………13 分 (20)(共 14 分) 解:(Ⅰ)因为 1 1a  , 12 2n na a p   , 所以 2 12 2 2a a p p    , 3 22 2 2 2a a p p    . 因为 3 12S  , 所以 2 2 2 2 6 3 24p p p       ,即 6p  . ……………… 2 分 所以 1 3( 1,2,3, )n na a n     . 所以 数列{ }na 是以 1 为首项,3 为公差的等差数列. 所以 2( 1) 31 32 2n n n n nS n       . ……………… 4 分 (Ⅱ)若数列{ }na 是等比数列,则 2 2 1 3a a a . 由(Ⅰ)可得: 2(1 ) 1 (1 )2 p p    . ……………… 6 分 解得: 0p  . 当 0p  时,由 12 2n na a p   得: 1 1n na a    . 显然,数列{ }na 是以 1 为首项,1 为公比的等比数列. 所以 0p  . ……………… 7 分 (Ⅲ)当 0p  时,由(Ⅱ)知: 1( 1,2,3, )na n   . 所以 1 1( 1,2,3, ) n na    ,即数列 1{ } na 就是一个无穷等差数列. 所以 当 0p  时,可以得到满足题意的等差数列. 当 0p  时,因为 1 1a  , 12 2n na a p   ,即 1 2n n pa a   , 所以 数列{ }na 是以 1 为首项, 2 p 为公差的等差数列. 所以 12 2n p pa n   . 下面用反证法证明:当 0p  时,数列 1{ } na 中不能取出无限多项并按原来次序排列而成等差数列. 假设存在 0 0p  ,从数列 1{ } na 中可以取得满足题意的无穷等差数列,不妨记为{ }nb . 设数列{ }nb 的公差为 d . ①当 0 0p  时, 0( 1,2,3, )na n   . 所以 数列{ }nb 是各项均为正数的递减数列. 所以 0d  . 因为 1 ( 1) ( 1,2,3, )nb b n d n     , 所以 当 11 bn d   时, 1 1 1( 1) (1 1) 0n bb b n d b dd         ,这与 0nb  矛盾. ②当 0 0p  时,令 0 01 02 2 p pn   ,解得: 0 21n p   . 所以 当 0 21n p   时, 0na  恒成立. 所以 数列{ }nb 必然是各项均为负数的递增数列. 所以 0d  . 因为 1 ( 1) ( 1,2,3, )nb b n d n     , 所以 当 11 bn d   时, 1 1 1( 1) (1 1) 0n bb b n d b dd         ,这与 0nb  矛盾. 综上所述, 0p  是唯一满足条件的 p 的值. ……………… 14 分

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