【考点 1】几何综合探究类阅读理解问题
【例 1】（2019·甘肃天水）如图 1，对角线互相垂直的四边形叫做垂美四边形．
（1）概念理解：如图 2，在四边形ABCD中，AB=AD，CB=CD，问四边形ABCD是垂美四
边形吗？请说明理由；
（2）性质探究：如图 1，四边形ABCD的对角线AC、BD交于点O，AC⊥BD．
试证明：AB2+CD2=AD2+BC2；
（3）解决问题：如图 3，分别以 Rt△ACB的直角边AC和斜边AB为边向外作正方形ACFG
和正方形ABDE，连结CE、BG、GE．已知AC=4，AB=5，求GE的长．
【答案】（1）四边形ABCD是垂美四边形．理由见解析.（2）见解析.（3）GE= 73．
【解析】（1）四边形ABCD是垂美四边形．理由如下：
∵AB=AD，∴点A在线段 BD的垂直平分线上，
∵CB=CD，∴点C在线段 BD的垂直平分线上，
∴直线AC是线段 BD的垂直平分线，
∴AC⊥BD，即四边形ABCD是垂美四边形；
（2）如图 1，
∵AC⊥BD，∴∠AOD=∠AOB=∠BOC=∠COD=90°，
由勾股定理得，AB2+CD2=AO2+BO2+DO2+CO2=AD2+BC2，
∴AD2+BC2=AB2+CD2；
（3）连接CG、BE，
∵∠CAG=∠BAE=90°，
∴∠CAG+∠BAC=∠BAE+∠BAC，即∠GAB=∠CAE，
在△GAB和△CAE 中，
AG AC
GAB CAE
AB AE
，
∴△GAB≌△CAE（SAS），
∴∠ABG=∠AEC，又∠AEC+∠AME=90°，
∴∠ABG+∠AME=90°，即CE⊥BG，
∴四边形CGEB是垂美四边形，
由（2）得，CG2+BE2=CB2+GE2，
∵AC=4，AB=5，∴BC=3，CG=4 2，BE=5 2，
∴GE2=CG2+BE2-CB2=73，∴GE= 73．
【名师点睛】（1）根据垂直平分线的判定定理证明即可；（2）根据垂直的定义和勾股定理解
答即可；
（3）根据垂美四边形的性质、勾股定理、结合（2）的结论计算．本题考查的是正方形的性质、
全等三角形的判定和性质、垂直的定义、勾股定理的应用，正确理解垂美四边形的定义、灵活
运用勾股定理是解题的关键．
【变式 1-1】（2019·甘肃白银）阅读下面的例题及点拨，并解决问题：
例题：如图①，在等边△ABC 中，M是 BC边上一点（不含端点 B，C），N是△ABC 的外
角∠ACH的平分线上一点，且AM=MN．求证：∠AMN=60°．
点拨：如图②，作∠CBE=60°，BE 与 NC的延长线相交于点 E，得等边△BEC，连接 EM．易
证：△ABM≌△EBM（SAS），可得 AM=EM，∠1=∠2；又 AM=MN，则 EM=MN，可得∠
3=∠4；由∠3+∠1=∠4+∠5=60°，进一步可得∠1=∠2=∠5，又因为∠2+∠6=120°，所
以∠5+∠6=120°，即：∠AMN=60°．
问题：如图③，在正方形A1B1C1D1中，M1是 B1C1边上一点（不含端点 B1，C1），N1是正方
形A1B1C1D1的外角∠D1C1H1的平分线上一点，且A1M1=M1N1．求证：∠A1M1N1=90°．
【答案】见解析.
【解析】延长A1B1至 E，使 EB1=A1B1，连接 EM1、EC1，
如图所示：
则 EB1=B1C1，∠EB1M1=90°=∠A1B1M1，
∴△EB1C1是等腰直角三角形，
∴∠B1EC1=∠B1C1E=45°，
∵N1是正方形A1B1C1D1的外角∠D1C1H1的平分线上一点，
∴∠M1C1N1=90°+45°=135°，
∴∠B1C1E+∠M1C1N1=180°，
∴E、C1、N1三点共线，
在△A1B1M1和△EB1M1中，
1 1 1
1 1 1 1 1
1 1 1 1
A B EB
A BM EB
M
M
BM B
，
∴△A1B1M1≌△EB1M1（SAS），
∴A1M1=EM1，∠1=∠2，
∵A1M1=M1N1，∴EM1=M1N1，∴∠3=∠4，
∵∠2+∠3=45°，∠4+∠5=45°，∴∠1=∠2=∠5，
∵∠1+∠6=90°，∴∠5+∠6=90°，
∴∠A1M1N1=180°﹣90°=90°．
【名师点睛】此题是四边形综合题目，考查了正方形的性质、全等三角形的判定与性质、等腰
直角三角形的判定与性质、等腰三角形的判定与性质、三角形的外角性质等知识；本题综合性
强，熟练掌握正方形的性质，通过作辅助线构造三角形全等是解本题的关键．
【变式 1-2】（2019·湖北咸宁）定义：有一组邻边相等且对角互补的四边形叫做等补四边形．
理解：
（1）如图 1，点A，B，C在⊙O上，∠ABC的平分线交⊙O于点D，连接AD，CD．
求证：四边形ABCD是等补四边形；
探究：
（2）如图 2，在等补四边形ABCD中，AB=AD，连接AC，AC是否平分∠BCD？请说明理
由．
运用：
（3）如图 3，在等补四边形ABCD中，AB=AD，其外角∠EAD的平分线交CD的延长线于
点 F，CD=10，AF=5，求 DF 的长．
【解析】（1）如图 1，∵四边形ABCD为圆内接四边形，
∴∠A+∠C=180°，∠ABC+∠ADC=180°，
∵BD平分∠ABC，∴∠ABD=∠CBD，∴ AD CD ，∴AD=CD，
∴四边形ABCD是等补四边形；
（2）AD平分∠BCD，理由如下：
如图 2，过点A分别作AE⊥BC于点 E，AF垂直CD的延长线于点 F，
则∠AEB=∠AFD=90°，
∵四边形ABCD是等补四边形，∴∠B+∠ADC=180°，
又∠ADC+∠ADF=180°，∴∠B=∠ADF，
∵AB=AD，∴△ABE≌△ADF（AAS），∴AE=AF，
∴AC是∠BCF 的平分线，即AC平分∠BCD；
（3）如图 3，连接AC，
∵四边形ABCD是等补四边形，∴∠BAD+∠BCD=180°，
又∠BAD+∠EAD=180°，∴∠EAD=∠BCD，
∵AF平分∠EAD，∴∠FAD= 1
2
∠EAD，
由（2）知，AC平分∠BCD，
∴∠FCA= 1
2
∠BCD，∴∠FCA=∠FAD，
又∠AFC=∠DFA，∴△ACF∽△DAF，
∴ AF CF
DF AF
，即 5 10
5
DF
DF
，∴DF=5 2﹣5．
【名师点睛】本题考查了新定义等补四边形，圆的有关性质，全等三角形的判定与性质，角平
分线的判定，相似三角形的判定与性质等，解题关键是要能够通过自主学习来进行探究，运用
等．
【考点 2】代数类新定义及阅读理解型问题
【例 2】（2019•自贡）阅读下列材料：小明为了计算 1+2+22+…+22017+22018的值，采用以下
方法：
设 S=1+2+22+…+22017+22018①，
则 2S=2+22+…+22018+22019②，
②–①得 2S–S=S=22019–1，
∴S=1+2+22+…+22017+22018=22019–1.
请仿照小明的方法解决以下问题：
（1）1+2+22+…+29=__________；
（2）3+32+…+310=__________；
（3）求 1+a+a2+…+an的和（a＞0，n是正整数），请写出计算过程．
【答案】（1）210–1；（2）
113 1
2
；（3）a=1 时，S=n+1；a≠1时，S=
1 1
1
na
a
．
【解析】（1）设 S=1+2+22+…+29①，
则 2S=2+22+…+210②，
②–①得 2S–S=S=210–1，
∴S=1+2+22+…+29=210–1；
故答案为：210–1；
（2）设 S=3+3+32+33+34+…+310①，
则 3S=32+33+34+35+…+311②，
②–①得 2S=311–1，
所以 S=
113 1
2
，
即 3+32+33+34+…+310=
113 1
2
；
故答案为：
113 1
2
；
（3）设 S=1+a+a2+a3+a4+…+an①，
则aS=a+a2+a3+a4+…+an+an+1②，
②–①得：（a–1）S=an+1–1，
a=1 时，不能直接除以a–1，此时原式等于 n+1；
a≠1时，a–1才能做分母，所以 S=
1 1
1
na
a
，
即 1+a+a2+a3+a4+…+an=
1 1
1
na
a
.
【名师点睛】根据题目给出的信息，提炼解题方法．认真观察、仔细思考，善用联想，利用类
比的方法是解决这类问题的方法．
【变式 2-1】（2019•随州）若一个两位数十位、个位上的数字分别为m，n，我们可将这个
两位数记为mn，易知mn =10m+n；同理，一个三位数、四位数等均可以用此记法，如
abc=100a+10b+c．
【基础训练】
（1）解方程填空：
①若 2x+ 3x =45，则 x=__________；
②若7y– 8y =26，则 y=__________；
③若 93t +5 8t =13 1t ，则 t=__________；
【能力提升】
（2）交换任意一个两位数mn的个位数字与十位数字，可得到一个新数 nm，则mn + nm一定
能被__________整除，mn– nm一定能被__________整除，mn •nm–mn一定能被
__________整除；（请从大于 5的整数中选择合适的数填空）
【探索发现】
（3）北京时间 2019 年 4 月 10 日 21 时，人类拍摄的首张黑洞照片问世，黑洞是一种引力极
大的天体，连光都逃脱不了它的束缚．数学中也存在有趣的黑洞现象：任选一个三位数，要求
个、十、百位的数字各不相同，把这个三位数的三个数字按大小重新排列，得出一个最大的数
和一个最小的数，用得出的最大的数减去最小的数得到一个新数（例如若选的数为 325，则用
532–235=297），再将这个新数按上述方式重新排列，再相减，像这样运算若干次后一定会
得到同一个重复出现的数，这个数称为“卡普雷卡尔黑洞数”．
①该“卡普雷卡尔黑洞数”为__________；
②设任选的三位数为 abc（不妨设a＞b＞c），试说明其均可产生该黑洞数．
【答案】（1）①2．②4．③7．（2）11；9；10．
【解析】（1）①∵mn =10m+n，
∴若 2x+ 3x =45，则 10×2+x+10x+3=45，
∴x=2，
故答案为：2．
②若7y– 8y =26，则 10×7+y–（10y+8）=26，
解得 y=4，
故答案为：4．
③由 abc=100a+10b+c，及四位数的类似公式得
若 93t +5 8t =13 1t ，则 100t+10×9+3+100×5+10t+8=1000×1+100×3+10t+1，
∴100t=700，
∴t=7，
故答案为：7．
（2）∵mn + nm =10m+n+10n+m=11m+11n=11（m+n），
∴则mn + nm一定能被 11 整除，
∵mn– nm =10m+n–（10n+m）=9m–9n=9（m–n），
∴mn– nm一定能被 9整除．
∵mn • nm–mn=（10m+n）（10n+m）–mn=100mn+10m2+10n2+mn–mn=10
（10mn+m2+n2）
∴mn • nm–mn一定能被 10整除．
故答案为：11；9；10．
（3）①若选的数为 325，则用 532–235=297，以下按照上述规则继续计算，
972–279=693，
963–369=594，
954–459=495，
954–459=495，…
故答案为：495．
②当任选的三位数为 abc时，第一次运算后得：100a+10b+c–（100c+10b+a）=99（a–c），
结果为 99的倍数，由于a＞b＞c，故 a≥b+1≥c+2，
∴a–c≥2，又 9≥a＞c≥0，
∴a–c≤9，
∴a–c=2，3，4，5，6，7，8，9，
∴第一次运算后可能得到：198，297，396，495，594，693，792，891，
再让这些数字经过运算，分别可以得到：
981–189=792，972–279=693，963–369=594，954–459–495，954–459=495…，
故都可以得到该黑洞数 495．
【名师点睛】本题是较为复杂的新定义试题，题目设置的问题较多，但解答方法大同小异，总
体中等难度略大．
【变式 2-2】（2019•济宁）阅读下面的材料：
如果函数 y=f（x）满足：对于自变量 x的取值范围内的任意 x1，x2，
（1）若 x10，a≠1，M>0，N>0），理由如下：
设 logaM=m，logaN=n，则M=am，N=an，
∴M•N=am•an=am+n，由对数的定义得m+n=loga（M•N）
又∵m+n=logaM+logaN
∴loga（M•N）=logaM+logaN
根据阅读材料，解决以下问题：
（1）将指数式 34=81 转化为对数式；
（2）求证：loga
M
N
=logaM﹣logaN（a>0，a≠1，M>0，N>0）
（3）拓展运用：计算 log69+log68﹣log62=．
【解析】（1）4=log381（或 log381=4），故答案为：4=log381；
（2）证明：设 logaM=m，logaN=n，则M=am，N=an，
∴M
N
=
m
n
a
a
=am﹣n，由对数的定义得m﹣n=loga
M
N
，
又∵m﹣n=logaM﹣logaN，∴loga
M
N
=logaM﹣logaN；
（3）log69+log68﹣log62=log6（9×8÷2）=log636=2．
故答案为：2．
12．定义：有一个角是其对角两倍的圆的内接四边形叫做圆美四边形，其中这个角叫做美角 .已
知四边形ABCD是圆美四边形
1 求美角 C 的度数；
2 如图 1，若 O的半径为 2 3，求 BD的长；
3 如图 2，若CA平分 BCD ，求证：BC CD AC ．
【答案】(1)120°;(2)6;(3)见解析.
【解析】
【分析】
1 先判断出 2C A ，再判断出 180A C ，即可得出结论；
2 先求出 60E ，再求出DE，最后用锐角三角函数即可得出结论；
3 作出辅助线，判断出 BCF是等边三角形，得出 AFB BCD ，进而判断出
ABF≌ DBC，得出 CAF D ，即可得出结论．
【详解】
解： 1 四边形ABCD 是圆美四边形，
C 2 A ，
四边形ABCD 是圆内接四边形，
A C 180 ，
A 2 A 180 ，
A 60 ，
C 120 ；
2 由 1 知， A 60 ，
如图 1，连接DO并延长交 O于 E，连接 BE，
E A 60 ，
O 的半径为 2 3，
DE 2 2 3 4 3 ，
在Rt DBE中， 3BD DE sinE 4 3 6
2
；
3 如图 2，在CA上截取CF CB ，
由 1 知， BCD 120 ，
CA 平分 BCD ，
1BCA ACD BCD 60
2
，
BCF 是等边三角形，
BC BF ， BFC 60 ，
AFB 120 ， AFB BCD ，
在 ABF和 BCD中，
BAF BDC
AFB BCD
BF BC
，
ABF ≌ DBC AAS ，
AF DC ，
AC CF AF BC CD ．
【点睛】
此题是圆的综合题，主要考查了圆周角定理，锐角三角函数，等边三角形的判定和性质，全等
三角形的判定和性质，正确作出辅助线是解本题的关键．
13.（2019•枣庄）对于实数a、b，定义关于“⊗”的一种运算：a⊗b=2a+b，例如 3⊗4=2
×3+4=10．
（1）求 4⊗（–3）的值；
（2）若 x⊗（–y）=2，（2y）⊗x=–1，求 x+y 的值．
【答案】（1）5；（2） 1
3
.
【解析】（1）根据题中的新定义得：原式=8–3=5；
（2）根据题中的新定义化简得：
2 2
4 1
x y
x y
①
②
，
①+②得：3x+3y=1，则 x+y= 1
3
．
【名师点睛】此题考查了解二元一次方程组，以及实数的运算，熟练掌握运算法则是解本题的
关键．
14．在课外活动中，我们要研究一种凹四边形——燕尾四边形的性质.
定义 1：把四边形的某些边向两方延长，其他各边有不在延长所得直线的同一旁，这样的四边
形叫做凹四边形（如图 1）.
（1）根据凹四边形的定义，下列四边形是凹四边形的是（填写序号） ；
① ② ③
定义 2：两组邻边分别相等的凹四边形叫做燕尾四边形（如图 2）.
特别地，有三边相等的凹四边形不属于燕尾四边形.
小洁根据学习平行四边形、菱形、矩形、正方形的经验，对燕尾四边形的性质进行了探究.
下面是小洁的探究过程，请补充完整：
（2）通过观察、测量、折叠等操作活动，写出两条对燕尾四边形性质的猜想，并选取其中的
一条猜想加以证明；
（3）如图 2，在燕尾四边形ABCD中，AB=AD=6，BC=DC=4，∠BCD=120°，求燕尾四
边形ABCD的面积（直接写出结果）.
【答案】（1）①；（2）答案见解析；（3）12 2 4 3
【解析】
试题分析：（1）根据凹四边形的定义即可得出结论；
（2）由燕尾四边形的定义可以得出燕尾四边形的性质；
（3）连接 BD，根据 SΔABD-SΔBCD即可求出燕尾四边形ABCD的面积.
试题解析：（1）①.
（2）它是一个轴对称图形；两组邻边分别相等；一组对角相等；一条对角线所在的直线垂直
平分另一条对角线等等.
已知：如图，在凹四边形ABCD中，AB=AD，BC=DC.
求证：∠B=∠D.
证明：连接AC.
∵AB=AD,CB=CD,AC=AC，
∴△ABC≌△ADC.
∴∠B=∠D.
（3）燕尾四边形ABCD的面积为12 2 4 3 .
15．定义：对角线互相垂直的圆内接四边形叫做圆的奇妙四边形.
（1）如图①，已知四边形 ABCD是⊙O的奇妙四边形，若 6AC ， 8BD 则
ABCDS =四边形 _______；
（2）如图②，已知四边形 ABCD内接于⊙O，对角线交于点E，若 m
AD BC 180 ，
①求证：四边形 ABCD是⊙O的奇妙四边形；
②作OM BC 于M ，请猜想 AD与OM 之间的数量关系，并推理说明.
【答案】（1）24；（2）①见解析，② 2AD OM 或 1 2OM AD ，见解析.
【解析】
【分析】
(1)由 ABCDS四边形 =S△ADC+S△ABC=
1
2
AC·BD即可得到答案.
（2）①证：四边形 ABCD是⊙O的奇妙四边形，证 AC BD 即可.
②过点O作OM BC ，垂足为点M , 20MAD 分不同情况证明 或 1/ 2OM AD .
【详解】
解：（1） 24S
ABCDS四边形 =S△ADC+S△ABC= 1
2
AC·BD= 1
2
×6×8=24
（2）如图，由题得， 1
2
mABD AD
， 1
2
mBAE BC
180
m
AD BC
90ABD BAE
90AEB
AC BD
四边形是 ABCD的⊙O奇妙四边形.
②如图，过点O作OM BC ，垂足为点M ， AD与OM 之间的数量关系： 20MAD 或
1/ 2OM AD
图②
推理说明如下：
解法一：
如图③，连结并延长BO交⊙O于点 N，连结CN
图③
OM BC 为BC的中点
又 O 为BN的中点
OM 是 BCN 的中位线
1/ 2OM CN
BN 为直径
90BCN 即 90NBC BNC
BAC BNC
ABD NBC （等角的余角相等）
AD CN
1/ 2OM AD
解法二：
如图③，连结OA、OB、OC、OD，过点O作ON AD 于点N ，
OM BC ，ON AD
90OMC OND ， 1/ 2NOD AOD ， 1/ 2COM COB
1/ 2COM COB
m
AD BC 180 180AOD COB
90NOD COM OCM NOD
OC OD COM ODN
OM DN
又 2ON AD AD DN
20MAD
【点睛】
本题考查的知识点是新情境下圆的应用，解题的关键是熟练的掌握新情境下圆的应用.
16．定义：有一组邻边相等且对角互补的四边形叫做等补四边形．
理解：
1 如图 1，点 A B C， ， 在 O上， ABC 的平分线交 O于点D，连接 AD CD， ．求证：四边
形 ABCD是等补四边形；
探究：
2 如图 2，在等补四边形 ABCD中 AB AD， ＝ ，连接 AC AC， 是否平分 ?BCD 请说明理由．
运用：
3 如图 3，在等补四边形 ABCD中， AB AD＝ ，其外角 EAD 的平分线交CD的延长线于点
10 5F CD AF， ＝ ， ＝ ，求DF的长．
【答案】（1）证明见解析；（2） AD平分 BCD ，理由见解析；（3） 5 2 5DF＝ ﹣．.
【解析】
【分析】
1 由圆内接四边形互补可知 180 180A C ABC ADC ＝ ， ＝ ，再证 AD CD＝ ，即可根据
等补四边形的定义得出结论；
2 过点 A分别作 AE BC 于点E， AF 垂直CD的延长线于点F，证 ABE ADF△ ≌△ ，得到
AE AF＝ ，根据角平分线的判定可得出结论；
3 连接 AC，先证 EAD BCD ＝ ，推出 FCA FAD ＝ ，再证 ACF DAF∽ ，利用相似三角形对
应边的比相等可求出DF的长．
【详解】
1 证明：四边形 ABCD为圆内接四边形，
180 180A C ABC ADC ＝ ， ＝ ，
BD ABC 平分 ，
ABD CBD ＝ ，
AD CD
AD CD ＝ ，
四边形 ABCD是等补四边形；
2 AD平分 BCD ，理由如下：
如图 2，过点 A分别作 AE BC 于点E，AF 垂直CD的延长线于点 F，则 90AEB AFD ＝ ＝ ，
四边形 ABCD是等补四边形，
180B ADC ＝ ，
又 180ADC ADF ＝ ，
B ADF ＝ ，
AB AD ＝ ，
ABE ADF AAS ≌ （ ），
AE AF ＝ ，
AC 是 BCF 的平分线，即 AC平分 BCD ；
3 如图 3，连接 AC，
四边形 ABCD是等补四边形，
180BAD BCD ＝ ，
又 180BAD EAD ＝ ，
EAD BCD ＝ ，
AF 平分 EAD ，
1
2
FAD EAD ＝ ，
由 2 知， AC平分 BCD ，
1
2
FCA BCD
FCA FAD ＝ ，
又 AFC DFA ＝ ，
ACF DAF ∽ ，
AF CF
DF AF
即 5 10
5
DF
DF
5 2 5DF ＝ ﹣．
【点睛】
本题考查了新定义等补四边形，圆的有关性质，全等三角形的判定与性质，角平分线的判定，
相似三角形的判定与性质等，解题关键是要能够通过自主学习来进行探究，运用等．
17．定义：有一组邻边相等的凸四边形叫做“准菱形”，利用该定义完成以下各题：
（1）理解：如图 1，在四边形ABCD中，若__________（填一种情况），则四边形ABCD是
“准菱形”；
（2）应用：证明：对角线相等且互相平分的“准菱形”是正方形；（请画出图形，写出已知，
求证并证明）
（3）拓展：如图 2，在 Rt△ABC中，∠ABC=90°，AB=2，BC=1，将 Rt△ABC沿∠ABC
的平分线 BP方向平移得到△DEF，连接AD，BF，若平移后的四边形ABFD是“准菱形”，
求线段 BE 的长．
【答案】(1)答案不唯一，如AB＝BC.（2）见解析;(3) BE=2 或 5或 2或 14 2
2
.
【解析】
整体分析：
(1)根据“准菱形”的定义解答，答案不唯一；(2)对角线相等且互相平分的四边形是矩形，矩
形的邻边相等时即是正方形；(3)根据平移的性质和“准菱形”的定义，分四种情况画出图形，
结合勾股定理求解.
解：(1)答案不唯一，如AB＝BC.
(2)已知：四边形ABCD是“准菱形”，AB=BC，对角线AC，BO交于点O，且AC=BD，
OA=OC，OB=OD.
求证：四边形ABCD是正方形.
证明：∵OA=OC，OB=OD，
∴四边形ABCD是平行四边形.
∵AC=BD，
∴平行四边形ABCD是矩形.
∵四边形ABCD是“准菱形”，AB=BC，
∴四边形ABCD是正方形.
(3)由平移得 BE=AD，DE=AB＝2，EF=BC＝1，DF=AC＝ 5 .
由“准菱形”的定义有四种情况：
①如图 1，当AD＝AB 时，BE＝AD＝AB＝2.
②如图 2，当AD＝DF 时，BE＝AD＝DF＝ 5 .
③如图 3，当 BF＝DF＝ 5时，延长 FE交 AB于点 H，则 FH⊥AB.
∵BE 平分∠ABC，∴∠ABE＝ 1
2
∠ABC＝45°.
∴∠BEH＝∠ABE＝45°.∴BE＝ 2 BH.
设 EH＝BH＝x，则 FH＝x＋1，BE＝ 2 x.
∵在 Rt△BFH 中，BH2＋FH2＝BF2，
∴x2＋(x＋1)2＝( 5 )2，
解得 x1＝1，x2＝－2(不合题意，舍去)，
∴BE＝ 2 x＝ 2 .
④如图 4，当 BF＝AB＝2 时，与③)同理得：BH2＋FH2＝BF2.
设 EH＝BH＝x，则 x2＋(x＋1)2＝22，
解得 x1＝
1 7
2
，x2＝
1 7
2
(不合题意，舍去)，
∴BE＝ 2 x＝ 14 2
2
.
综上所述，BE=2或 5或 2或 14 2
2
.
18．定义:有且仅有一组对角相等的凸四边形叫做“准平行四边形”.例如:凸四边形 ABCD中，
若 ,A C B D ，则称四边形 ABCD为准平行四边形.
（1）如图①， , , ,A P B C是 O上的四个点， 60APC CPB ，延长BP到Q，使 AQ AP .
求证:四边形 AQBC是准平行四边形；
（2）如图②，准平行四边形 ABCD内接于 O， ,AB AD BC DC ，若 O的半径为5, 6AB ，
求 AC的长；
（3）如图③，在Rt ABC中， 90 , 30 , 2C A BC ，若四边形 ABCD是准平行四边形，
且 BCD BAD ，请直接写出 BD长的最大值.
【答案】（1）见解析；（2）7 2；（3） 2 3 2
【解析】
【分析】
（1）先根据同弧所对的圆周角相等证明三角形ABC为等边三角形，得到∠ACB=60°，再求
出∠APB=60°，根据AQ=AP判定△APQ为等边三角形，∠AQP=∠QAP=60°，故
∠ACB=∠AQP，可判断∠QAC＞120°，∠QBC＜120°，故∠QAC≠∠QBC，可证四边
形 AQBC是准平行四边形；
（2）根据已知条件可判断∠ABC≠∠ADC，则可得∠BAD=∠BCD=90°，连接 BD，则 BD
为直径为 10，根据 BC=CD得△BCD为等腰直角三角形，则∠BAC=∠BDC=45°，在直角
三角形 BCD中利用勾股定理或三角函数求出 BC的长，过 B点作 BE⊥AC，分别在直角三角
形ABE 和△BEC中，利用三角函数和勾股定理求出AE、CE 的长，即可求出AC的长.
（3）根据已知条件可得：∠ADC=∠ABC=60°，延长 BC 到 E点，使 BE=BA，可得三角形
ABE 为等边三角形，∠E=60°，过A、E、C三点作圆 o，则AE为直径，点D在点C另一
侧的弧AE上（点A、点 E除外），连接 BO交弧AE 于 D点，则此时 BD的长度最大，根据已
知条件求出 BO、OD的长度，即可求解.
【详解】
（1）∵ 60APC CPB
∴∠ABC=∠BAC=60°
∴△ABC为等边三角形，∠ACB=60°
∵∠APQ=180°-∠APC-∠CPB=60°
又 AP=AQ
∴△APQ为等边三角形
∴∠AQP=∠QAP=60°
∴∠ACB=∠AQP
∵∠QAC=∠QAP+∠PAB+∠BAC=120°+∠PAB＞120°
故∠QBC=360°-∠AQP-∠ACB-∠QAC＜120°
∴∠QAC≠∠QBC
∴四边形 AQBC是准平行四边形
（2）连接 BD，过 B点作 BE⊥AC于 E点
∵准平行四边形 ABCD内接于 O， , AB AD BC DC
∴∠ABC≠∠ADC，∠BAD=∠BCD
∵∠BAD+∠BCD=180°
∴∠BAD=∠BCD=90°
∴BD为 O的直径
∵ O的半径为 5
∴BD=10
∵BC=CD,∠BCD=90°
∴∠CBD=∠BDC=45°
∴BC=BD sin∠BDC=10 2
=5 2
2
，∠BAC=∠BDC=45°
∵BE⊥AC
∴∠BEA=∠BEC=90°
∴AE=AB sin∠BAC=6 2
=3 2
2
∵∠ABE=∠BAE=45°
∴BE=AE=3 2
在直角三角形 BEC中，EC= 2 2 4 2BC BE
∴AC=AE+EC=7 2
（3）在Rt ABC中， 90 , 30 C A
∴∠ABC=60°
∵四边形 ABCD是准平行四边形，且 BCD BAD
∴∠ADC=∠ABC=60°
延长 BC 到 E点，使 BE=BA，可得三角形ABE 为等边三角形，∠E=60°，过A、E、C三点
作圆 o，因为∠ACE=90°，则AE 为直径，点D在点C另一侧的弧AE上（点A、点 E除外），
此时，∠ADC=∠AEC=60°，连接 BO交弧AE 于 D点，则此时 BD的长度最大.
在等边三角形ABE 中，∠ACB=90°，BC=2
∴AE=BE=2BC=4
∴OE=OA=OD=2
∴BO⊥AE
∴BO=BE sin∠E=4 3
=2 3
2
∴BD=BO+0D=2+ 2 3
即 BD长的最大值为 2+2 3
【点睛】
本题考查的是新概念及圆的相关知识，理解新概念的含义、掌握圆的性质是解答的关键，本题
的难点在第（3）小问，考查的是与圆相关的最大值及最小值问题，把握其中的不变量作出圆
是关键.
19．阅读理解并解决问题：一般地，如果把一个图形绕着一个定点旋转一定角度 （ 小于
360）后，能够与原来的图形重合，那么这个图形叫做旋转对称图形，这个定点叫做旋转对
称中心. 叫做这个旋转对称图形的一个旋转角.请依据上述定义解答下列问题：
（1）请写出一个旋转对称图形，这个图形有一个旋转角是90 .这个图形可以是______；
（2）为了美化环境，某中学需要在一块正六边形空地上分别种植六种不同的花草，现将这块
空地按下列要求分成六块：①分割后的整个图形必须既是轴对称图形又是旋转对称图形；②六
块图形的面积相同.请你按上述两个要求，分别在图中的三个正六边形中画出三种不同的分割
方法（只要求画图正确，不写作法）.
【答案】（1）答案不唯一，例如正方形，正八边形，圆等；（2）答案不唯一，见解析
【解析】
【分析】
(1)答案不唯一，根据旋转对称图形的定义可知正方形，正八边形，圆等都可以；
(2)根据轴对称和旋转对称的定义可以得出答案，具体见详解图.
【详解】
解：
(1)答案不唯一，例如正方形，正八边形，圆等等.
(2)答案不唯一，如图所示：
【点睛】
本题考查的是旋转对称和轴对称知识点，解题关键在于读懂题意即可.
20．给出如下定义：若一个四边形中存在相邻两边的平方和等于一条对角线的平方，则称该四
边形为勾股四边形．
（1）以下四边形中，是勾股四边形的为 ．（填写序号即可）
①矩形；②有一个角为直角的任意凸四边形；③有一个角为 60°的菱形．
（2）如图，将△ABC绕顶点 B按顺时针方向旋转 60°得到△DBE，∠DCB=30°，连接AD，
DC，CE．
①求证：△BCE 是等边三角形；
②求证：四边形ABCD是勾股四边形．
【答案】（1）①②；（2）①证明见解析，②证明见解析
【解析】
试题分析：（1）由勾股四边形的定义和特殊四边形的性质，则可得出；
（2）①由旋转的性质可知△ABC≌△DBE，从而可得 BC=BE，由∠CBE=60°可得△BCE 为
等边三角形；②由①可得∠BCE=60°，从而可知△DCE 是直角三角形，再利用勾股定理即可
解决问题．
试题解析：
（1）①如图，
∵四边形ABCD是矩形，
∴∠B=90°，
∴AB2+BC2=AC2，
即：矩形是勾股四边形，
②如图，
∵∠B=90°，
∴AB2+BC2=AC2，
即：由一个角为直角的四边形是勾股四边形，
③有一个角为 60°的菱形，邻边边中没有直角，所以不满足勾股四边形的定义，
故答案为①②，
（2）①∵△ABC绕点 B顺时针旋转了 60°到△DBE，
∴BC=BE，∠CBE=60°，
∵在△BCE 中，
BC=BE，∠CBE=60°
∴△BCE 是等边三角形．
②∵△BCE 是等边三角形，
∴BC=CE，∠BCE=60°，
∵∠DCB=30°，
∴∠DCE=∠DCB+∠BCE=90°，
在 Rt△DCE 中，有DC2+CE2=DE2，
∵DE=AC，BC=CE，
∴DC2+BC2=AC2，
∴四边形ABCD是勾股四边形．
21.（2019·黔东南州）某中学数学兴趣小组在一次课外学习与探究中遇到一些新的数学符号，
他们将其中某些材料摘录如下：
对于三个实，数a，b，c，用M{a，b，c}表示这三个数的平均数，用min{a，b，c}表示这
三个数中最小的数，例如M{1，2，9}=1 2 9
3
=4，min{1，2，–3}=–3，min（3，1，1}=1．请
结合上述材料，解决下列问题：
（1）①M{（–2）2，22，–22}=__________，
②min{sin30°，cos60°，tan45°}=__________；
（2）若min（3–2x，1+3x，–5}=–5，则 x的取值范围为__________；
（3）若M{–2x，x2，3}=2，求 x的值；
（4）如果M{2，1+x，2x}=min{2，1+x，2x}，求 x的值．
【解析】（1）①M{（–2）2，22，–22}= 4
3
，
②min{sin30°，cos60°，tan45°}= 1
2
；
故答案为： 4
3
， 1
2
．
（2）∵min（3–2x，1+3x，–5}=–5，
∴
3 2 5
1 3 5
x
x
，解得–2≤x≤4，
故答案为–2≤x≤4．
（3）∵M{–2x，x2，3}=2，
∴
22 3
3
x x =2，
解得 x=–1或 3．
（4）∵M{2，1+x，2x}=min{2，1+x，2x}，
又∵ 2
3
1 2x x =x+1，∴
1 2
1 2
x
x x
，
解得 1≤x≤1，∴x=1．
【名师点睛】本题考查不等式组，平均数，最小值等知识，解题的关键是熟练掌握基本知识，
学会用转化的思想思考问题，属于中考常考题型．
22．定义：如图 1，抛物线 2y ax bx c （ 0a ）与 x轴交于 A， B两点，点 P在该抛物线
上（ P点与 A， B两点不重合），如果 ABP 的三边满足 2 2 2AP BP AB ，则称点 P为抛物线
2y ax bx c （ 0a ）的勾股点.
（1）求证：点 (0, 1)M 是抛物线 2 1y x 的勾股点.
（2）如图 2，已知抛物线 2:C y ax bx （ 0a ）与 x轴交于 A，B两点，点 (1, 3)P 是抛物
线C的勾股点，求抛物线C的函数表达式.
【答案】(1)见解析；（2）y= 23 4 3
3 3
x x
【解析】
【分析】
（1）先解方程 x2-1=0 得抛物线与 x轴的交点A、B的坐标为（-1，0），B（1，0），利用两点
间的距离公式可得到AM2=2，BM2=2，AB2=22=4，则 AM2+BM2=AB2，根据题中定义可判断
点M（0，-1）是抛物线 y=x2-1 的勾股点；
（2）作 PH⊥AB于 H，如图 2，先利用 P点坐标求出∠PAH=60°，再根据点 P（1， 3 ）
是抛物线C的勾股点得到∠APB=90°，所以∠PBA=30°，然后计算出 BH得到 B点坐标，
于是可利用待定系数法求抛物线C的解析式．
【详解】
（1）如图所示：令 0y 得， 2 1 0x ，解得 1 21, 1x x
∴ ( 1,0)A ， (1,0)B
∴ 1OA , 1OB , 2AB , 1OM
∴ 2 2 2 2 21 1 2AM OA OM
2 2 2 2 21 1 2BM OB OM
2 4AB
∴ 2 2 2AB AM BM
∴点 (0, 1)M 是抛物线 2 1y x 的勾股点.
（2）抛物线 2y ax bx 过原点，即点 (0,0)A
如图，作 PG x 轴于点G
∵点 P的坐标为 (1, 3)
∴ 1AG ， 3PG ， 2 2 2 21 ( 3) 2PA AG PG
∵点 (1, 3)P 是抛物线C的勾股点
∴ 2 2 2AP BP AB
∴ PAB 是直角三角形
设BG x
∵ 2 2 2 2AB AP PG BG
∴ 2 2 2 2(1 ) 2 ( 3)x x
∴ 3x
∴ 3GB
∴ 4AB
∴点 B坐标为 (4,0)
设 ( 4)y ax x
将点 (1, 3)P 代入得： 3
3
a
∴ 23 3 4 3( 4)
3 3 3
y x x x x
【点睛】
本题考查了抛物线与 x轴的交点：把求二次函数 y=ax2+bx+c（a，b，c是常数，a≠0）与
x轴的交点坐标问题转化为解关于 x的一元二次方程．也考查了二次函数的性质和勾股定理．
23．定义：若抛物线 2
2 : 0L y mx nx m 与抛物线 2
1 : 0L y ax bx a 的开口大小相同，
方向相反，且抛物线 2L 经过 1L 的顶点，我们称抛物线 2L 为 1L 的“友好抛物线”．
（1）若 1L 的表达式为 2 2y x x ，求 1L 的“友好抛物线”的表达式；
（2）已知抛物线 2
2 :L y mx nx 为 2
1 :L y ax bx 的“友好抛物线”．求证：抛物线 1L 也是 2L
的“友好抛物线”；
（3）平面上有点 1,0P ， 3,0Q ，抛物线 2
2 :L y mx nx 为 2
1 :L y ax 的“友好抛物线”，
且抛物线 2L 的顶点在第一象限，纵坐标为 2，当抛物线 2L 与线段 PQ没有公共点时，求 a的取
值范围．
【答案】（1） 1L 的“友好抛物线”为： 2y x ；（2）见解析；（3） 80
9
a 或 8a .
【解析】
【分析】
（1）设 1L 的“友好抛物线”的表达式为： 2y x bx ，根据 2
1 : 2L y x x 可得其顶点坐标，
代入 2y x bx 可得b的值，进而得出 1L 的“友好抛物线”；
（2）先求出抛物线 1L 和 2L 的顶点坐标，根据 2L 过 1L 的顶点，得出 0bn ，进而得到抛物线 1L 经
过 2L 的顶点，再根据 2L 与 1L 的开口大小相同，方向相反，即可得出抛物线 1L 也是 2L 的“友好
抛物线”；
（3）根据“友好抛物线”的定义，得到m a ，进而得到 2L 的顶点为
2
,
2 4
n n
a a
．
根据抛物线 2L 的顶点在第一象限，纵坐标为 2，可得 21 0
8
a n ．
再根据 2L 经过点 1,0P ，得到 8a ．根据 2L 经过点 3,0Q ，得到 8
9
a ．
进而得出抛物线 2L 与线段 PQ没有公共点时， a的取值范围．
【详解】
解：（1）依题意，可设 1L 的“友好抛物线”的表达式为： 2y x bx ，
∵ 22
1 : 2 1 1L y x x x ，
∴ 1L 的顶点为 1, 1 ．
∵ 2y x bx 过点 1, 1 ，
∴ 21 1 b ，即 0b ．
∴ 1L 的“友好抛物线”为： 2y x ．
（2） 2
2 :L y mx nx 的顶点为
2
,
2 4
n n
m m
，
2
1 :L y ax bx 的顶点为
2
,
2 4
b b
a a
，
∵ 2L 为 1L 的“友好抛物线”，
∴m a ．
∵ 2L 过 1L 的顶点，
∴
22
4 2 2
b b bm n
a a a
．
化简得： 0bn ．
把
2
nx
m
代入 2y ax bx ，得
2 2 2
2 2 4 2 4
n n n bn ny a b
m m m m m
．
∴抛物线 1L 经过 2L 的顶点．
又∵ 2L 与 1L 的开口大小相同，方向相反，
∴抛物线 1L 也是 2L 的“友好抛物线”．
（3）∵抛物线 2
2 :L y mx nx 为 2
1 :L y ax 的“友好抛物线”，
∴m a ．
∴ 2
2 :L y ax nx 的顶点为
2
,
2 4
n n
a a
．
∵抛物线 2L 的顶点在第一象限，纵坐标为 2，
∴
2
2
4
n
a
，即 21 0
8
a n ．
当 2L 经过点 1,0P 时， 0a n ，
∴ 8a ．
当 2L 经过点 3,0Q 时， 9 3 0a n ，
∴ 8
9
a ．
由此可知： 8 8
9
a 时，抛物线 2L 与线段 PQ有公共点，
∴抛物线 2L 与线段 PQ没有公共点时， 80
9
a 或 8a ．
【点睛】
此题考查的是二次函数的综合大题，读懂“友好抛物线”的定义并根据“友好抛物线”的定义
解决实际问题、抛物线的顶点坐标公式和用方程思想解决问题是解决此题的关键.
24．定义：由两条与 x轴有着相同的交点，并且开口方向相同的抛物线所围成的封闭曲线称为
“月牙线”．如图，抛物线C1与抛物线C2组成一个开口向上的“月牙线”，抛物线C1与抛
物线C2与 x轴有相同的交点M，N（点M在点N的左侧），与 y轴的交点分别为A，B且点
A的坐标为（0，﹣3），抛物线C2的解析式为 y＝mx2+4mx﹣12m，（m＞0）．
（1）请你根据“月牙线”的定义，设计一个开口向下．“月牙线”，直接写出两条抛物线的
解析式；
（2）求M，N两点的坐标；
（3）在第三象限内的抛物线C1上是否存在一点 P，使得△PAM的面积最大？若存在，求出
△PAM的面积的最大值；若不存在，说明理由．
【答案】（1）抛物线 y＝﹣x2+2x+3 与抛物线 y＝﹣ 1
3
x2+ 2
3
x+1 所围成的封闭曲线即为开口向
下的“月牙线”；（2）M（﹣6，0），N（2，0）；（3）存在，点 P的坐标为（﹣3，﹣ 15
4
）时，
△PAM的面积有最大值，最大值为 27
4
．
【解析】
【分析】
（1）根据定义，只要写出的两个抛物线与 x轴有着相同的交点，且a的值为负即可；
（2）在解析式 y=mx2+4mx-12m 中，令 y=0 解方程即可求出M，N的横坐标，由此可写出
M,N两点的坐标；
（3）先根据“月牙线”的定义，设出抛物线C1的一般式，将A点代入即可求得抛物线C1
的解析式，再用含 t 的代数式表示 P点坐标，根据 S△PAM=S△PMO+S△PAO-S△AOM即可表示△PAM
的面积.可根据二次函数的性质求出面积的最大值以及此时 P点坐标.
【详解】
（1）如图 1，
抛物线 y＝﹣x2+2x+3 与抛物线 y＝﹣ 1
3
x2+ 2
3
x+1 所围成的封闭曲线即为开口向下的“月牙
线”（此题答案不唯一）；
（2）在抛物线C2的解析式 y＝mx2+4mx﹣12m中，
当 y＝0时，mx2+4mx﹣12m＝0，
∵m≠0，
∴x2+4x﹣12＝0，
解得，x1＝﹣6，x2＝2，
∵点M在点N的左边，
∴M（﹣6，0），N（2，0）；
（3）存在，理由如下：
如图 2，连接AM，PO，PM，PA，
∵抛物线C1和抛物线C2与 x轴有着相同的交点，并且开口方向相同，
∴可设抛物线C1的解析式 y＝nx2+4nx﹣12n（n＞0），
∵抛物线C1与 y轴的交点为A（0，﹣3），
∴﹣12n＝﹣3，
∴n＝ 1
4
，
∴抛物线C1的解析式为 y＝ 1
4
x2+x﹣3，
∴可设点 P的坐标为（t， 1
4
t2+t﹣3），
∴S△PAM＝S△PMO+S△PAO﹣S△AOM
＝ 1
2
×6×（﹣ 1
4
t2﹣t+3）+ 1
2
×3×（﹣t）﹣ 1
2
×6×3
＝﹣ 3
4
t2﹣ 9
2
t，
＝﹣ 3
4
（t+3）2+ 27
4
，
∵﹣ 3
4
＜0，﹣6＜t＜0，
∴根据二次函数的图象和性质知，当 t＝﹣3时，即点 P的坐标为（﹣3，﹣ 15
4
）时，△PAM
的面积有最大值，最大值为 27
4
．
【点睛】
本题考查用待定系数法求二次函数解析式，二次函数与图形问题，二次函数图象及性质，二次
函数与坐标轴的交点.（1）中理解“月牙线”的定义是解题关键；（2）二次函数
2 ( 0)y ax bx c a ，当 0y 时，得到一元二次方程 2 0(a 0) ax bx c . 一元二次方程的解
就是二次函数的图象与 x轴交点的横坐标；（3）能利用割补法表示△PAM的面积是解题关键.
25．小贤与小杰在探究某类二次函数问题时，经历了如下过程：
求解体验
(1)已知抛物线 2 3y x bx 经过点(-1,0),则b = ，顶点坐标
为 ，该抛物线关于点(0,1）成中心对称的抛物线的表达式
是 .
抽象感悟
我们定义：对于抛物线 2 0y ax bx c a ,以 y轴上的点 0,M m 为中心，作该抛物线
关于
点M 对称的抛物线 'y ,则我们又称抛物线 'y 为抛物线 y的“衍生抛物线”，点M 为“衍生中
心”.
(2)已知抛物线 2 2 5y x x 关于点 0,m 的衍生抛物线为 'y ，若这两条抛物线有交点，
求m的取值范围.
问题解决
(3) 已知抛物线 2 2 0y ax ax b a
①若抛物线 y的衍生抛物线为 2 22 0y bx bx a b ,两抛物线有两个交点，且恰好
是它们的顶点，求a b， 的值及衍生中心的坐标；
②若抛物线 y关于点 20, 1k 的衍生抛物线为 1y ,其顶点为 1A；关于点 20, 2k 的
衍生抛物线为 2y ，其顶点为 2A ；…；关于点 20,k n 的衍生抛物线为 ny ，其顶点为 nA ；…(n
为
正整数).求 1n nA A 的长(用含n的式子表示).
【答案】求解体验： 4b ；顶点坐标是(-2,1)； 2 4 5y x x ；抽象感悟： 5m ；问题解
决：①
3
3
a
b
；（0，6）；② 4n 2
【解析】
【分析】(1)把(-1，0)代入 2 3y x bx 即可未出b =-4，然后把抛物线解析式变为顶点式即
可求得抛物线的顶点坐标，继而可得顶点关于（0，1）的对称点，从而可写出原抛物线关于点
(0，1）成中心对称的抛物线的表达式；
（2）先求出抛物线 2 2 5y x x 的顶点是（-1，6），从而求出 (-1，6)关于 0 m， 的对称
点是 1 2 6m， ，得 2' 1 2 6y x m ，根据两抛物线有交点，可以确定方程
2 21 6 1 2 6x x m 有解，继而求得m的取值范围即可；
(3) ①先求出抛物线 2 2 0y ax ax b a 以及抛物线 y的衍生抛物线为
2 22 0y bx bx a b ，的顶点坐标，根据两抛物线有两个交点，且恰好是它们的顶点，求
a b， 的值及再根据中点坐标公式即可求出衍生中心的坐标；
② 如图，设 1AA ， 2AA … nAA ， n 1AA 与 y轴分别相于 1B ， 2B … nB ， n 1B ，
则 1A A与 ， 2A A与 ，… nA A与 ， n 1A A 与 分别关于 1B ， 2B … nB ， n 1B 中心对称，由
题意则可得 1 2B B ， 2 3B B … n n 1B B 分别是△ 1 2AA A ， 2 3AA A … n n 1AA A 的中位线，继
而可得 1 2 1 2A A 2B B ， 2 3 2 3A A 2B B ，… n n 1 n n 1A A 2B B ，再根据点的坐标即可求得 n n 1A A
的长.
【详解】求解体验
(1)把(-1，0)代入 2 3y x bx 得 4b ，
∴ 22 4 3 2 1y x x x－ ，
∴顶点坐标是(-2，1)，
∵(-2，1)关于(0，1)的对称点是(2，1)，
∴成中心对称的抛物线表达式是： 22 1y x ，
即 2 4 5y x x (如图)
抽象感悟
(2) ∵ 22 2 5 1 6y x x x ，
∴ 顶点是（-1，6），
∵ (-1，6)关于 0 m， 的对称点是 1 2 6m， ，
∴ 2' 1 2 6y x m ，
∵ 两抛物线有交点，
∴ 2 21 6 1 2 6x x m 有解，
∴ 2 5x m 有解，
∴ 5 0m ，
∴ 5m ；(如图)
问题解决
(3) ① ∵ 2 2y ax ax b = 21a x a b ，
∴ 顶点（-1， a b ），
代入 2 22y bx bx a 得： 22b b a a b ①
∵ 22 2 22 1y bx bx a b x a b ，
∴ 顶点（1， 2a b ），
代入 2 2y ax ax b 得： 22a a b a b ②
由① ② 得
2
2
4 0
3 0
a a b
a a
，
∵ 0a ， 0b ，
∴
3
3
a
b
，
∴ 两顶点坐标分别是（-1，0），（1，12），
由中点坐标公式得“衍生中心”的坐标是（0，6）；
② 如图，设 1AA ， 2AA … nAA ， n 1AA 与 y轴分别相于 1B ， 2B … nB ， n 1B ，
则 1A A与 ， 2A A与 ，… nA A与 ， n 1A A 与 分别关于 1B ， 2B … nB ， n 1B 中心对称，
∴ 1 2B B ， 2 3B B … n n 1B B 分别是△ 1 2AA A ， 2 3AA A … n n 1AA A 的中位线，
∴ 1 2 1 2A A 2B B ， 2 3 2 3A A 2B B ，… n n 1 n n 1A A 2B B ，
∵ 2nB 0 k n， ， 2n 1B 0 1k n ， ，
∴ n n 1 n n 1A A 2B B 2 22 1 (k n k n ] 4n 2 .
【点睛】本题考查了二次函数的综合题，理解题意，画出符合题意的图形借助数形结合思想解
决问题是关键.
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