2021届高考数学考前20天终极冲刺模拟卷(14)含答案详解
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2021届高考数学考前20天终极冲刺模拟卷(14)含答案详解

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资料简介
考前 20 天终极冲刺高考模拟考试卷(14) 一、选择题:本题共 8 小题,每小题 5 分,共 40 分。在每小题给出的四个选项中,只有一 项是符合题目要求的。 1.已知集合 { | 2 4}A x x    , { | 0 10}B x Z x    ,则 A B 的子集个数为 ( ) A.4 B.6 C.8 D.9 2.已知复数 2 2cos sin3 3z i   ,其中 i 是虚数单位,则下列结论正确的是 ( ) A. 2z 的共轭复数为 z B. 2z 的实部为 1 C. 2 1z z  D. 2| | 2z  3.已知等差数列{ }na 中, 2 14 18a a  , 2 3a  ,则 10 (a  ) A.10 B.11 C.12 D.13 4.已知双曲线 2 2 2 2 1x y a b   的离心率为 2 ,则其渐近线方程为 ( ) A. y x  B. 2y x  C. 3y x  D. 2y x  5.设 0x  , 0y  ,则“ 1x y  ”是“ 1 4xy„ ”的 ( ) A.充分而不必要条件 B.必要而不充分条件 C.充分必要条件 D.既不充分也不必要条件 6.我国数学家陈景润在哥德巴赫猜想的研究中得到了世界领先的成果.哥德巴赫猜想如下: 每个大于 2 的偶数都可以表示为两个素数的和,如 20 7 13  .在不超过 20 的素数中,随 机选取 2 个不同的数,则这 2 个数的和是奇数的概率是 ( ) A. 3 14 B. 1 4 C. 3 8 D. 5 14 7.已知锐角 ABC 的角 A , B ,C 所对的边分别为 a ,b ,c ,且 sin (sin sin )a A b B C  , 则 c b 的取值范围为 ( ) A. (1,2) B. (1,3) C. (2,3) D.[1, 2] 8.已知三角形 ABC 的三个顶点在球 O 的球面上, ABC 的外接圆圆心为 M ,外接圆面积 为 4 ,且 2AB BC AC MO   ,则球 O 的表面积为 ( ) A. 48 B.36 C.32 D. 28 二、选择题:本题共 4 小题,每小题 5 分,共 20 分。在每小题给出的四个选项中。有多项 符合题目要求。全部选对的得 5 分,部分选对的对 2 分,有选错的得 0 分。 9. Keep 是一款具有社交属性的健身 APP ,致力于提供健身教学、跑步、骑行、交友及健 身饮食指导、装备购买等   站式运动解决方案. Keep 可以让你随时随地进行锻炼,记录 你每天的训练进程.不仅如此,它还可以根据不同人的体质,制定不同的健身计划.小吴根 据 Keep 记录的 2019 年 1 月至 2019 年 11 月期间每月跑步的里程(单位:十公里)数据整理 并绘制了下面的折线图.根据该折线图,下列结论正确的是 ( ) A.月跑步里程逐月增加 B.月跑步里程最大值出现在 10 月 C.月跑步里程的中位数为 5 月份对应的里程数 D.1 月至 5 月的月跑步里程相对于 6 月至 11 月波动性更小 10.已知点 (4,0)Q ,过圆 2 2( 4) 16x y   上的一动点 P 作圆 2 2( 4) 4x y   的两条切线 PA 、 PB ,切点分别为 A 、 B ,两个切点 A 、 B 之间的线段 AB 称为切点弦.则下列结论 正确的是 ( ) A. PQ AB B.| | 2 3PA  C.| | 3AB  D.四边形 APBQ 的面积为 4 3 11.如图,矩形 BDEF 所在平面与正方形 ABCD 所在平面互相垂直, 2AD DE  ,G 为线 段 AE 上的动点,则 ( ) A. AE CF B.多面体 ABCDEF 的体积为 8 3 C.若 G 为线段 AE 的中点,则 / /GB 平面 CEF D. 2 2BG CG 的最小值为 11 12.直线 : ( )( 0)2 pl y k x p   与抛物线 2: 2C y px 有公共点 M , (N M ,N 可以重合),F 是抛物线 C 的焦点,直线 l 与 x 轴交于点 P .下列结论成立的是 ( ) A. 2| | 1 || | | ||MN k FM FN   B.若| | 4FM  ,| | 2FN  ,则抛物线 C 的方程是 2 16 3y x C.当 M , N 重合时, PMF 内切圆的面积为 2p D.点 F 到直线l 的最大距离为 2 2 p 三、填空题:本题共 4 小题,每小题 5 分,共 20 分。 13.在 32( )x x  的展开式中,常数项是 . 14.已知 5cos( )2 13    ,且 ( , )2 2     ,则 tan( 9 )  的值是 . 15.圆柱上、下底面的圆周都在一个体积为 500 3  的球面上,圆柱底面直径为 8,则该圆柱 的表面积为 . 16.已知定义在 R 上的函数 ( )f x ,其导函数为 ( )f x ,满足 ( ) 2f x  , f (2) 4 ,则不 等式 2( 1) 2 2xf x x x   的解集为 . 四、解答题:本题共 6 小题,共 70 分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。 17.设等比数列{ }na 的公比为 ( 1)q q  ,前 n 项和为 nS . (1)若 1 1a  , 6 3 9 8S S ,求 3a 的值; (2)若 1q  , 2 1 5 2m m ma a a   ,且 2 9m mS S , *m N ,求 m 的值. 18.在 ABC 中,角 A , B , C 的对边分别为 a , b , c ,且 1cos 2b A a c  . (1)求角 B 的大小; (2)若 AC 边上的中线 BM 的长为 3 ,求 ABC 面积的最大值. 19.第 24 届冬季奥运会将于 2022 年 2 月在北京和张家口举办,为了普及冬奥知识,京西某 校组织全体学生进行了冬奥知识答题比赛,从全校众多学生中随机选取了 20 名学生作为样 本,得到他们的分数统计如表: 分数段 [30 , 40) [40 , 50) [50 , 60) [60 , 70) [70 ,80) [80 ,90) [90 ,100] 人数 1 2 2 8 3 3 1 我们规定 60 分以下为不及格;60 分及以上至 70 分以下为及格;70 分及以上至 80 分以下为 良好;80 分及以上为优秀. (Ⅰ)从这 20 名学生中随机抽取 2 名学生,恰好 2 名学生都是优秀的概率是多少? (Ⅱ)将上述样本统计中的频率视为概率,从全校学生中随机抽取 2 人,以 X 表示这 2 人 中优秀人数,求 X 的分布列与期望. 20.如图, AB  平面 ADE , / /AB CD , 1 1 32 2AD CD AB AE    , 120DAE   ,四 边形 ABCD 的对角线交于点 M , N 为棱 DE 上一点,且 / /MN 平面 ABE . (1)求 DN DE 的值; (2)求二面角 B AC N  的余弦值. 21.在平面直角坐标系 xOy 中,原点为 O ,抛物线 C 的方程为 2 4x y ,线段 AB 是抛物线 C 的一条动弦. (1)求抛物线 C 的准线方程; (2)求 4OA OB    ,求证:直线 AB 恒过定点; (3)过抛物线的焦点 F 作互相垂直的两条直线 1l 、 2l , 1l 与抛物线交于 P 、 Q 两点, 2l 与 抛物线交于 C 、 D 两点, M 、 N 分别是线段 PQ 、 CD 的中点,求 FMN 面积的最小值. 22.已知函数 sin( ) cos x xf x x  ,且方程 ( ) 0f x a  在 2[ 3  , 3 ]4  上有解. (Ⅰ)求实数 a 的取值范围; (Ⅱ)设函数 ( ) ( 1)sin cos ( [ 2g x a x x x x     , ]) 的最大值为 G (a),求函数 G (a)的 最小值. 考前 20 天终极冲刺高考模拟考试卷(14)答案 1.解:集合 { | 2 4}A x x    , { | 0 10} {1B x Z x     ,2,3,4,5,6,7,8,9} , {1A B  ,2, 3}, A B  的子集个数为 32 8 . 故选: C . 2.解:复数 2 2 1 3cos sin3 3 2 2z i i      , 2 2 21 3 1 3 3 1 3( )2 2 4 2 4 2 2z i i i i         , 2z 的共轭复数为 z ,故 A 正确; 2z 的实部为 1 2  ,故 B 错误; 2 1 3 1 3 12 2 2 2z z i i        ,故 C 错误; 2 2 21 3| | ( ) ( ) 12 2z      ,故 D 错误. 故选: A . 3.解:在等差数列{ }na 中,由 2 14 18a a  ,得 8 2 142 18a a a   ,则 8 9a  , 又 2 3a  , 8 2 9 3 18 2 6 a ad     , 10 8 2 9 2 1 11a a d       . 故选: B . 4.解:双曲线 2 2 2 2 1( 0, 0)x y a ba b     的离心率为 2, 可得 2ce a   ,即有 2c a , 由 2 2 2c a b  ,可得 2 2b a , 即 b a , 则渐近线方程为 y x  , 故选: A . 5.解:①当 1x y  时, 0x  , 0y  , 2x y xy  … , 1 4xy „ , 当且仅当 x y 时取等号, 1 4xy „ ,充分性成立, ②当 1 4xy„ 时,比如 1x  , 1 5y  时, 1 4xy„ 成立,但 1x y  不成立, 必要性不成立, 1x y   是 1 4xy„ 的充分不必要条件. 故选: A . 6.解:不超过 20 的素数有 2,3,5,7,11,13,17,19,共 8 个, 在不超过 20 的素数中,随机选取 2 个不同的数, 基本事件总数 2 8 28n C  , 这 2 个数的和是奇数时,必选 2,包含的基本事件个数 1 1 1 7 7m C C  , 这 2 个数的和是奇数的概率是 7 1 28 4 mP n    . 故选: B . 7.解:因为 sin (sin sin )a A b B C  , 由正弦定理可得 2 2a b bc  , 显然 a b ,可得 A B , 可得 2 2 2 2 cos 02 2 2 b c a c bc c bA bc bc b        ,即 10 12 2 c b    , 所以1 3c b   , 又同理 2 2 2 2 22cos 02 2 a b c b bc cC ab ab       , 2 22b bc c  ,可得 1 2c b    , 综上,可得1 2c b   ,即 c b 的取值范围为 (1,2) . 故选: A . 8.解:设 ABC 的外接圆半径为 r ,由 ABC 的外接圆面积为 4 ,可得 2 4r  ,解得 2r  , 又 2AB BC AC MO   ,故 ABC 为正三角形,则 2 2 3 2 AB   ,解得 2 3AB  ,  3MO  , 如 图 , 设 球 O 与 外 接 圆 M 的 其 中 一 个 交 点 为 N , 则 2 2 2ON OM MN  , 即 3 4 7ON    , 球 O 的半径为 7 , 其表面积为 24 ( 7) 28   . 故选: D . 9.解:由所给折线图可知,月跑步里程并不是逐递增,故 A 错误; 月跑步里程最大值出现在 10 月,故 B 正确; 月跑步里程中位数为 5 月份对应的里程数,故 C 正确; 1 月至 5 月的月跑步里程相对于 6 月至 11 月,波动性更小,故 D 正确. 故选: BCD . 10.解:因为 (4,0)Q 为两已知圆的圆心,由几何性质可知| | | |PA PB ,| | | |QA QB , 所以 PQ AB ,故 A 正确; 因为| | 4PQ  ,| | | | 2AQ BQ  ,所以 2 2| | | | | | | | 2 3PB PA QP QA    ,故 B 正确; 因为 | | 1sin | | 2 AQAPQ PQ    ,又 APQ 为锐角,所以 30APQ   ,同理可得 30BPQ   , 所以 60APB   ,则 APB 为等边三角形,所以| | 2 3AB  , 2 | | | | 4 3APBQ APQS S PA AQ     ,故 C 错误, D 正确, 故选: ABD . 11.解:如图所示,将几何体 ABCDEF 补全成棱长为 2 的正方体, 在正方体中,因为 / /CF DM , DM AE ,所以 AE CF ,故 A 正确, 因为 4 162 8 2 3 3ABCDEF F AMEV V V       正方体 ,所以 B 错误, 当 G 为线段 AE 的中点时,因为平面 / /GBD PM CEF ,所以 / /GB PM CEF ,故 C 正确, 过 G 作 AD 的垂线,垂足为 H ,连接 HB , HC , 则 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 28 8 2BG CG AB AG CD DG AG DG AH DH GH            , 因 为 AH GH , 所 以 22 2 2 2 2 2 2 218 3 8 (2 ) 3 4 4 12 4( ) 112BG CG DH AH AH AH AH AH AH              , 当 1 2AH  时, 2 2BG CG 取得最小值为 11,故 D 正确, 故选: ACD . 12 解:对于 A ,设 1(M x , 1)y , 2(N x , 2 )y ,则 1 2 1 2|| | | || | ( ) ( ) | | |2 2 p pFM FN x x x x       ,  2 2 1 2| | 1 | | 1 || | | ||MN k x x k FM FN      ,故 A 正确; 对于 B ,由 A 知, 1 24 , 22 2 p px x    , 1 4y k  , 2 2y k ,  2 2(4 ) 2 (4 ),(2 ) 2 (2 )2 2 p pk p k p    ,解得 8 3p  , 抛物线 C 的方程是 2 16 3y x ,故 B 正确; 对于 C ,当 M ,N 重合时,直线l 和抛物线 C 相切于点 ( , )2 pM p 或 ( , )2 pM p , PMF 是腰 为 p 的等腰直角三角形, 它的内切圆半径为 2(1 )2 p ,内切圆面积不等于 2p ,故 C 不正确; 对 于 D , 由 C 知 2k 最 大 值 为 1 , 点 ( ,0)2 pF 到 直 线 : ( )2 pl y k x  的 距 离 2 2 | | 11 1 p k pd k k     ,当 2 1k  时, d 取得最大值 2 2 p ,故 D 正确. 故选: ABD . 13.解:展开式的通项公式为 3 3 3 2 1 7 3 2( ) ( ) ( 2) r r r r r r rT C x C xx          , 令 3 3 02 r  ,解得 1r  , 所以常数项为 1 1 3 ( 2) 6C     , 故答案为: 6 . 14.解: 5cos( ) sin2 13      , 5sin 13    ,结合 ( , )2 2     , 可得 ( 2    , 0) , 2 12cos 1 sin 13     sin 5tan cos 12     . 则 5tan( 9 ) tan 12       , 故答案为: 5 12  . 15.解:由题意球的体积为: 500 3  ,所以球的半径为 R , 34 500 3 3R  ,解得 5R  , 所以圆柱底面直径为 8,圆柱上、下底面的圆周都在一个体积为 500 3  的球面上, 所以圆柱的高为: 2 210 8 6  . 可得圆柱的表面积: 28 6 2 4 80      . 故答案为:80 . 16.解: 2( 1) 2 2xf x x x   , 0x  时, ( 1) 2( 1)f x x   , 令 1t x  ,则 1t   , ( ) 2f t t , 令 ( ) ( ) 2g t f t t  ,则 ( ) ( ) 2 0g t f t     , ( )g t 递增, 而 g (2) f (2) 4 0  ,故 ( ) ( ) 2 0g t f t t g    (2), 故 2t  即 1 2x   ,解得: 3x  , 0x  时,不等式 2( 1) 2 2xf x x x   显然无解, 0x  时, ( ) 2( 1)f x x  , 令 1t x  ,则 1t   , ( ) 2f t t , 令 ( ) ( ) 2g t f t t  ,则 ( ) ( ) 2 0g t f t     , ( )g t 递增, 而 g (2) f (2) 4 0  ,故 ( ) ( ) 2 0g t f t t g    (2), 故 2t  即 1 2x   ,解得: 3x  ,故 0x  , 故不等式 2( 1) 2 2xf x x x   的解集为 ( , 0) (3 , ) , 故答案为: ( , 0) (3 , ) . 17.解:(1)等比数列{ }na 的公比为 ( 1)q q  ,前 n 项和为 nS . 1 1a  , 6 3 9 8S S , 3 3 6 3 3 3 3 9(1 ) 8S S q S S q S      , 解得 1 2q  , 2 3 1 1 4a a q   . (2) 1q  , 2 1 5 2m m ma a a   ,且 2 9m mS S , *m N ,  2 5 2m m ma a q a q  , 2 5 1 02q q   , 由 1q  ,解得 2q  , 2 9m mS S , 2 1 1(1 2 ) (1 2 )91 2 1 2 m ma a    , 1 0a  , 21 2 9(1 2 )m m    , 解得 3m  . 18.解:(1)因为 1cos 2b A a c  , 由正弦定理可得 1sin cos sin sin2B A A C  , 又 sin sin( ) sin cos sin cosC A B A B B A    , 所以 1 sin sin cos2 A A B , 又 A 为三角形内角, sin 0A  ,所以 1cos 2B  , 因为 (0, )B  ,所以 3B  . (2)延长线段 AM 至 D ,满足 BM MD ,连接 AD , 在 ABD 中, 2 2 3BD AM  , AD a , AB c , 2 3BAD B     , 由余弦定理,有 2 2 2 1(2 3) 2 ( )2a c ac    , 可得 2 212 2 3a c ac ac ac ac    … ,解得 4ac„ ,当且仅当 2a c  时取等号, 所以 1 1 3sin 4 32 2 2ABCS ac B    „ ,当且仅当 2a c  时等号成立, 即 ABC 的面积的最大值为 3 . 19.解:(Ⅰ)设恰好 2 名学生都是优秀这一事件为 A , (1 分) 2 4 2 20 3( ) 95 CP A C   . (2 分) (Ⅱ)设每名同学为优秀这一事件为 B ,由题意可得 4 1( ) 20 5P B   ,(2 分) X 可取 0,1,2, (1 分) 0 2 2 1 16( 0) (1 )5 25P X C    , 1 2 1 1 8( 1) (1 )5 5 25P X C     , 2 2 2 1 1( 2) ( )5 25P X C   ,(3 分) X 0 1 2 P 16 25 8 25 1 25 (1 分) 16 8 1 2( ) 0 1 225 25 25 5E X        . (2 分) 20.解:(1)因为 / /AB DC ,所以 3 1 6 2 DM DC MB AB    ,所以 1 3 DM DB  , 因为 / /MN 平面 ABE ,平面 BED  平面 ABE BE , MN  平面 BED , 所以 / /MN BE ,所以 1 3 DN DM DE DB   . (2)过 N 作 NF AD 于 F ,过 F 作 FP AC 于 P ,连接 PN , 因为 AB  平面 ADE , AB  平面 ABCD ,所以平面 ADE  平面 ABCD , 平面 ADE  平面 ABCD AD ,所以 NF  平面 ABCD , FP 为 NP 在平面 ABCD 内的投影,所以 AC PN , 所以 NPF 为二面角 N AC D  的平面角, 由余弦定理得 2 2 2 cos 3 7DE AE AD AE AD DAE        , 7DN  , 由正弦定理得 sin sinADE DAE AE DE   , 3sin 7 ADE  , 2cos 7 ADE  , sin 3NF DN ADE    , cos 2DF DN ADE    , 1AF AD DF   , 因为 AD DC , DC AD ,所以 45CAD   , 2sin 2PF AF CAD   , 3tan 6 2 2 NFNPF PF     , 2 1 7cos 71 NPF tan      , 因为二面角 B AC N  与二面角 N AC D  互补, 所以二面角 B AC N  的余弦值为 7 7  . 21.解:(1)抛物线 2: 4C x y 的准线方程为 1y   ; (2)证明:设直线 AB 方程为 y kx b  , 1(A x , 1)y , 2(B x , 2 )y , 由 2 4 y kx b x y     ,可得 2 4 4 0x kx b   , 所以 1 2 4x x k  , 1 2 4x x b  , 2 2 1 2 1 2 1 2 1 2 ( ) 164 416 16 x x bOA OB x x y y x x b           ,解得 2b  , 则直线 2y kx  过定点 (0,2) ; (3)由 (0,1)F ,由题意,直线 1l , 2l 的斜率都存在且不为 0, 设直线 1l 的方向向量为 (1 , )( 0)k k  ,则 (1, )k 是直线 2l 的一个法向量, 故直线 1l 的方程为 0 1 1 x y k   ,即 1y kx  , 直线 2l 的方程为 ( 1) 0x k y   ,即 1 1y xk    , 由 2 4 1 x y y kx      ,可得 2 4 4 0x kx   , 设 1(P x , 1)y , 2(Q x , 2 )y ,可得 1 2 4x x k  , 则 2(2 ,2 1)M k k  ; 同理可得 2(N k  , 2 21 )k  . 所以 2 2 2 2 2 2 1 1 2 2 1| | | | (2 ) (2 ) ( ) ( ) 2( ) 42 2FMNS FM FN k k kk k k         … , 当且仅当 1k  时, FMN 的面积取最小值 4. 22.解:(Ⅰ) sin( ) cos x xf x x  , 2[ 3x  , 3 ]4  , 2 2 2 (sin cos )cos ( sin )( sin ) sin cos sin 2 2( ) cos cos 2cos x x x x x x x x x x x xf x x x x              , sin2 2 1 2 0x x x    … , ( ) 0f x   , ( )f x 单调递减, 即 2 3x  时, sin 2 3 cos 3 x x x   , 3 4x  时, sin 3 cos 4 x x x   , 即 a 的取值范围是 3[ 4  , 2 3 ]3  ; (Ⅱ) ( ) ( 1)cos (cos sin ) cos sing x a x x x x a x x x       , ( ) sin sin cos cos ( 1)sing x a x x x x x x a x        , 当 [ 2x  , ] 时, ( ) 0g x  , ( )g x 单调递减, 又 ( ) 02 2g     , ( ) 0g a    ,由零点存在性定理必存在唯一 0 ( 2x  , ) ,满足 0( ) 0g x  , 当 ( 2x  , 0 )x 时, ( ) 0g x  即 ( )g x 单调递增,当 0(x x , ) 时, ( ) 0g x  即 ( )g x 单调递 减, 由 0 0 0cos sin 0a x x x  ,得 0 0 0 x sinxa cosx  , 0 ( 2x  , ) , 得 G ( a ) 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 ( ) ( ) ( 1)sin cos (1 )sin cos sinmax x sinx xg x g x a x x x x x x xcosx cosx           , 由(Ⅰ)问知函数 ( )f x 在 ( 2  , ) 单调递减, 即当 3[ 4a  , 2 3 ]3  时, 0 2[ 3x  , 3 ]4  , 设 ( ) sin cos xH x x x   , 2[ 3x  , 3 ]4  , 2 2 2 2 cos ( sin ) cos ( sin ) sin sin (sin2 2 )( ) cos 0cos cos 2cos x x x x x x x x x xH x x x x x            , 故 ( )H x 单调递减, 3 2 3 2( ) ( )4 2 4minH x H     , 综上,函数 ( )g x 的最大值 G (a)的最小值是: 2 3 2 2 4  .

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