凉山州 2021 届高中毕业班第三次诊断性检测
数学(理科)
本试卷分选择题和非选择题两部分.第 I 卷(选择题),第Ⅱ卷(非选择题),共 4 页,满分
150 分,考试时间 120 分钟.
注意事项:
1.答题前,考生务必将自己的姓名、座位号、准考证号用 0.5 毫米的黑色签字笔填写在答题
卡上,并检查条形码粘贴是否正确.
2.选择题使用 2B 铅笔涂在答题卡对应题目标号的位置上;非选择题用 0.5 毫米黑色签字笔书
写在答题卡的对应框内,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试题卷上答题无效.
3.考试结束后,将答题卡收回.
第Ⅰ卷(选择题,共 60 分)
一、选择题(本大题共 12 小题,每题 5 分,共 60 分.在每小题给出的四个选项中只有一项
是符合题
目要求的)
1.已知集合 , 1A x y x , , 1B x y y x ,则 A B ( )
A. 1,2 B. 1,2 C. 1, D. 1
2.若复数 z 满足 1z i i ,则 z ( )
A.1 i B.1 i C. 2i D. 2i
3.直线 1l : 1 0ax y , 2l : 1 2 1 0a x y ,则“ 2a ”是“ 1 2l l ”的( )
条件
A.必要不充分 B.充分不必要 C.充要 D.既不充分也不必要
4.已知定义在 R 上的函数 f x 满足: x ,y R , f x y f x f y ,且 1 2f ,
则 0 2f f ( )
A.4 B.5 C.6 D.7
5.已知三条不重合的直线 m , n ,l ,三个不重合的平面 , , ,下列命题中正确的是
( )
A. //m l m nn l
B. //l nl n
C. //
D. //m
n
6.等差数列 na , nS 为其前 n 项和, e
1 1
1a dxx
, 6 36S ,记数列 1 n
na 的前 n 项
和为 nT ,则 10 21T T ( )
A.-11 B.-9 C.-13 D.-7
7.我国古代很早就有对等差数列和等比数列的研究成果.北宋大科学家沈括在《梦溪笔谈》
中首创的“隙积术”,就是关于高阶等差数列求和的问题.现有一物品堆,从上向下数,第
一层有 1 个货物,第二层比第一层多 2 个,第三层比第二层多 3 个,…,以此类推.记第 n 层
货物的个数为 na ,则数列 1
na
的前 2021 项和为( )
A. 4041
2021
B. 2021
1011
C. 2021
2022
D. 2020
1011
8.定义运算 1 2
1 4 2 3
3 4
a a a a a aa a
.设 3 cos2
1 sin 2
xf x
x
0 ,若 f x 的图像与直
线 2y 相交,且交点中两点间的最短距离为 π ,则满足 f m x f m x 的一个 m 的
值为( )
A. π
12
B. π
4
C. π
3
D. π
6
9.已知 O 为坐标原点, P 为 C : 2 21 2x a y ( 0)a 上的动点,直线 l :
1 0x y ,若 P 到l 的最小距离为 2 2 ,则 a 的值为( )
A.2 B.4 C.6 D.8
10.已知曲线C : 2 22 2 1x y ,过它的右焦点 F 作直线交曲线C 于 M 、 N 两点,弦 MN
的垂直平分线交 x 轴于点 P ,可证明 PF
MN
是一个定值 m ,则 m ( )
A. 2
2
B. 2 C. 3
2
D. 3
11.已知函数 x
xf x
e
,记 3log 2a f , 5log 3b f , 1lnc f e
,则( )
A. a c b B. a b c C. c a b D. c b a
12.已知函数 ln 1x xf x e ax x
,若曲线 y f x 在点 ,b f b 处与直线 0y 相切,
则 a ( )
A.1 B.0 C.-1 D.-1 或 1
第Ⅱ卷(非选择题,共 90 分)
二、填空题(本题共 4 小题,每小题 5 分,共 20 分)
13.若 1
2
n
x x
的展开式中只有第 5 项的二项式系数最大,则展开式中常数项为______.(用
数字作答)
14.樱花如约而至,武汉疫后重生.“相约春天赏樱花”的诺言今年三月在武汉大学履行.武
汉大学邀请去年援鄂的广大医护人员前来赏樱。某医院计划在援鄂的 3 名医生和 5 名护士(包
含甲医生和乙护士)中任选 3 名作为第一批人员前去赏樱,则甲医生被选中且乙护士未被选
中的概率为______.
15.已知抛物线C : 2 4y x 的焦点为 F ,其准线l 与 x 轴的交点为 K ,点 , P x y 0y
为C 上一点,当 PK
PF
最大时,直线 KP 的斜率为______.
16.如图, P 为 ABC△ 内任意一点,角 A , B , C 的对边分别为 a , b , c .总有优美等
式 PBCS PA
△ 0PAC PABS PB S PC
△ △ 成立,因该图形酷似奔驰汽车车标,故又称为奔驰定
理.现有以下命题:
(1)若 P 是 ABC△ 的重心,则有 0PA PB PC ;
(2)若 0aPA bPB cPC 成立,则 P 是 ABC△ 的内心;
(3)若 2 1
5 5AP AB AC ,则 : 2:5ABP ABCS S △ △ ;
(4)若 P 是 ABC△ 的外心, π
4A , PA mPB nPC ,则 2,1m n .
则正确的命题有______.
三、解答题:(解答过程应写出必要的文字说明,解答步骤.共 70 分)
(一)必考题:每题 12 分,共 60 分
17 . 在 钝 角 ABC△ 中 , 角 A , B , C 所 对 的 边 分 别 是 a , b , c , 且
sin sin 4sin 2C A B A .
(1)求 b
a
的值.
(2)若 ABC△ 的外接圆半径为 39
3
, π
3C ,求 ABC△ 的面积.
18.某品牌汽车 4S 店对 2020 年该市前几个月的汽车成交量进行统计,用 y 表示 2020 年第 x
月份该店汽车成交量,得到统计表格如下:
ix 1 2 3 4 5 6 7 8
iy 14 12 20 20 22 24 30 26
(1)求出 y 关于 x 的线性回归方程 ˆˆ ˆy bx a ,并预测该店 9 月份的成交量;( ˆa , ˆb 精确到
整数)
(2)该店为增加业绩,决定针对汽车成交客户开展抽奖活动,若抽中“一等奖”获 5 千元奖
金;抽中“二等奖”获 2 千元奖金;抽中“祝您平安”则没有奖金.已知一次抽奖活动中获
得“二等奖”的概率为 1
3
,没有获得奖金的概率为 1
6
.现有甲、乙两个客户参与抽奖活动,
假设他们是否中奖相互独立,求此二人所获奖金总额 X (千元)的分布列及数学期望.
参考数据及公式:
8
1
850i i
i
x y
,
8
2
1
204i
i
x
1
2
1
ˆ
n
i i
i
n
i
i
x x y y
b
x x
, ˆa y bx .
19.如图,在圆锥 PO 中, AC 为 O 的直径,点 B 在 AC 上, //OD BC , π
6CAB .
(1)证明:平面 PAB 平面 POD ;
(2)若直线 PA 与底面所成角的大小为 π
4
, E 是 PD 上一点,且 OE PD ,求二面角
E AC B 的余弦值.
20.已知椭圆C :
2 2
2 2 1x y
a b
0a b 的两个焦点与短轴的两个顶点围成一个正方形,且
2,1P 在椭圆上.
(1)求椭圆的方程;
(2) A , B 是椭圆上异于 P 的两点,设直线 PA , PB 斜率分别为 1k , 2k ,点 8,3Q 到直
线 AB 的距离为 d ,若 1 2 1k k ,求以 d 的最大值为直径的圆的面积.
21.已知函数 3 21
3f x x x ax a .
(1)若曲线 y f x 在点 0,a 处的切线l 与曲线 2 2 1
2x y 相切,求 a 的值;
(2)若函数 f x 的图象与 x 轴有且只有一个交点,求 a 的取值范围.
(二)选做题:(共 10 分,请考生在第 22,23 题中任选一题作答.如果多做,则按所做的第
一题计分.)
22.[选修 4-4:坐标系与参数方程](10 分)
在直角坐标系 0x y 中,曲线 1C 的参数方程为:
2
3 ,
1
x t
y t
(t 为参数),以坐标原点O 为极
点, x 轴的非负半轴为极轴建立极坐标系,曲线 2C 的极坐标方程为 πsin 36
.
(1)求曲线 1C 的极坐标方程和曲线 2C 的直角坐标方程;
(2)在极坐标系中,射线 π
6
0 与曲线 1C 交于点 A ,射线 π
3
0 与曲线 2C
交于点 B ,求 AOB△ 的面积.
23.[选修 4-5:不等式选讲](10 分)
函数 2 1 2 1f x x x
(1)若方程 f x m 无实根,求实数 m 的取值范围;
(2)记 f x 的最小值为 n .若 a , 0b ,且5 5 2a b n ,证明: 4 9 0a b ab .
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数学(理科)参考答案及评分意见
评分说明:
1.本解法给出了一种或几种解法供参考,如果考生的解答与本解法不同,可根据试题的主 要
考查内容比照评分参考制订相应的评分细则。
2.对计算题,当考生的解答在某一步出现错误时,如果后续部分的解答未改变试题的内容及
难度可视影响的程度决定后续部分的给分,但不得超过该部分的正确解答应得分数的一 半;
如果后继部分的解答有较严重的错误,就不再给分。
3.解答右侧所注分数,表示考生正确做到这一步应得的累加分数。
4.只给整数分数,选择题不给中间分。
一、选择题(每小题 5 分,共 60 分)
1-5.BCBBD 6-10.ABCCA 11-12.DC
二、填空题(每小题 5 分,共 20 分)
13. 35
8
14. 15
56
15.1 16.①②④
三、解答题(共 70 分)
17.解:(1)∵ sin sin 4sin 2C A B A
∴ sin sin 4sin 2A B A B A
即 2cos sin 8sin cosA B A A
又 ABC△ 为钝角三角
∴ cos 0A
∴ 2sin 8sinB A
即sin 4sinB A
所以由正弦定理得 4b a
∴ 4b
a
(2)由正弦定理得 2 sin 13c R C
又由余弦定理得 2 2 2 2 cosc a b ab C 22 π4 2 4 cos 3a a a a 213 13a
∴ 1a , 4b
∴ 1 sin 32ABCS ab C △
18.解:(1)由题意得: 1+2+3+4+5+6+7+8 9=8 2x
14+12+20+20+22+24+30+26 =218y
∴
8
1
8 2
2 2
1
98 850 8 21 942 24298 204 8 2
i i
i
i
i
x y x y
b
x x
∴ ˆ 12a y b x
所以,回归直线方程为 ˆ 2 12y x
∴当 9x 时, ˆ 2 9 12=30y
即预计 9 月份的成交量为 30 辆
(2)由题意得:获得“一等奖”的概率为 1
2
所以 X 的可能取值为 0,2,4,5,7,10
∴ 1 1 10 6 6 36P X 1 1 1 1 12 3 6 6 3 9P X
1 1 14 3 3 9P X 1 1 1 1 15 2 6 6 2 6P X
1 1 1 1 17 2 3 3 2 3P X 1 1 110 2 2 4P X
所以 X 的分布列为:
X 0 2 4 5 7 10
P 1
36
1
9
1
9
1
6
1
3
1
4
∴ 1 1 1 1 1 1 190 2 4 5 7 1036 9 9 6 3 4 3E X
19.解:(1)∵在圆锥 PO 中, PO 平面 ABC
∴ PO AB
又 AC 为 O 的直径且点 B 在 AC 上
∴ AB BC
∵ //OD BC
∴ AB OD 而 PO OD O
∴ AB 平面 POD
又 AB 平面 PAB
平面 PAB 平面 POD
(2)设 4AC ,因为直线 PA 与底面所成角的大小为 π
4
∴ 2PO AO
又 π
6CAB
∴ 2BC , 2 3AB
建立如图所示的空间直角坐标系,则 0,0,0D , 0, 3,0A , 2, 3,0C , 1,0,2P
又 E 是 PD 上一点,且OE PD
∴ 1 2,0,5 5E
∴ 2, 2 3,0AC , 1 2, 3,5 5EA
设平面 EAC 的法向量 , ,m x y z
则 0
0
m AC
m EA
即
2 2 3 y 0
1 23 y 05 5
x
x z
∴ 3,1,2 3m
又平面 ABC 的法向量 0,0,1n
∴ 3cos , 2
m nm n
m n
所以二面角 E AC B 的余弦值为 3
2
20.解:(1)由题意知 b c , 2a b
∴设椭圆的方程为
2 2
2 2 12
x y
b b
0b
∵点 2,1P 在椭圆上,
∴ 2 2
4 1 12b b
, 2 3b ,
∴椭圆方程为
2 2
16 3
x y
(2)当直线 AB 的斜率存在时,设直线 AB 的方程为 y kx m , 1 2,A x y , 2 2,B x y
由 2 2
16 3
y kx m
x y
,得 2 2 22 1 4 2 6 0k x kmx m , 2 28 6 3k m
1 2 2
4
2 1
kmx x k
,
2
1 2 2
2 6
2 1
mx x k
∵直线 PA 、 PB 的斜率分别为 1k , 2k ,且 1 2 1k k
∴ 1 2
1 2
1 1 12 2
y y
x x
,即 1 2 1 2 1 2 1 2 1 22 0y x x y x x y y x x
∴ 1 2 1 22 1 1 2 4 0k x x m k x x m
∴
2
2 2
2 6 42 1 1 2 4 02 1 2 1
m kmk m k mk k
∴ 3 2 1 0m k m ,
∴ 3m 或 1 2m k
当 1 2m k 时,直线 AB 的方程为 2 1y k x 恒过 2,1P ,不合题意
当 3m 时,由 28 6 6 0k ,得 1k 或 1k
当直线 AB 的斜率不存在,直线 AB 过 0, 3C 时,不妨设 0, 3A , 0, 3B
1 2
1 3 1 3 12 2k k
∴当直线 AB 恒过定点过 0, 3C ,则 8,3Q 到直线 AB 的距离为 10d QC ,当
AB CD 时等号成立,此时, 1 4 13CD
k k
∴以 d 的最大值为直径的圆的面积
210 π 25π2S
法二:设直线 AB 的方程为 2 1 1m x n y
椭圆方程为 2 22 2 1 4 2 4 1x y x y
即
2 22 2 1 4 2 2 1 4 1 2 1 0x y x m x n y y m x n y
∴ 2 21 4 2 2 4 1 4 2 1 0m x n y m n x y
∴
21 12 4 4 4 1 02 2
y yn m n mx x
即 22 4 4 4 1 0n k m n k m
由 1 2 1k k ,得 1 2
4 4 12 4
m nk k n
, 2 1
4
mn
∴直线 AB 的方程为 2 2 3 3 0m x y y
∴直线 AB 恒过定点过 0, 3C
法三:设直线 PA 、 PB 的方程,求出 A 、 B 坐标,从而证明直线 AB 过定点 0, 3
法四:设 1 2,A x y , 2 2,B x y ,则直线 AB 的两点式方程为
1 2 2 1 1 2 2 1x y x y x x y y y …*
1 1
1 1
1 21
2 2 1PA
y xk x y
, 2 2
2 2
1 21
2 2 1PB
y xk x y
由 1 2 1k k ,得
1 2
1 2
2 1
2 1
1 21 12 2 1
1 21 12 2 1
y x
x y
y x
x y
即
1 2 1 2 1 2 1 2 1 2 1 2
1 2 2 1 1 2 2 1 2 1 2 1
2 1 2 4 2 2 2
2 1 2 4 2 2 2
y y y y x x x x x y x y
y y y y x x x x x y x y
由以上两式相减,得 1 2 2 1 1 23x y x y x x 与*式对比,
得直线 AB 恒过定点过 0 3C ,
21.解:(1) 2 2f x x x a
∴ 0f a
∴在 0,a 处的切线方程为: 0ax y a
∴切线l 与 2 2 1x y 相切,
∴
2
2
21
a
a
即: 2 1a , 1a
(2)由 2 2f x x x a ,
i.当 4 4 0a ,即 1a 时 0f x 恒成立,
y f x 在 R 上为单调递增,满足 f x 与 x 轴有且只有一个交点。
ii.当 4 4 0a 即 1a , 0f x 有两个不同实根,设两根为 1x , 2x 且 1 2x x
则 1 2 2x x , 1 2x x a ①
由 0f x 得 2x x 或 1x x , 0f x 得 1 2x x x
∴ f x 在 1, x , 2,x 为增函数,在 1 2,x x 为减函数.
y f x 与 x 轴有且只有一个交点等价于 1 2 0f x f x
又∴ 2
1 1 12 0f x x x a
∴ 2
1 12x a x
3 2 1
1 1 1 1 1 1 1
1 2 23 3
xf x x x ax a a x a x ax a
2
1
1 1 1 1
2 2 2 2 22 2 2 13 3 3 3 3
x a ax a x x a a x
同理, 2 2
2 13f x a a x
∴ 1 2 1 2
4 1 19f x f x a a x a a x
2
1 2
2
1 214 19 a a a x xa x x
由①式得
∴ 2 2
1 2
4 2 ( 1) ( 1)9f x f x a a a a a 24 3 3 09 a a a 1a
∴ 0 1a
综上所述, f x 与 x 轴有且只有一个交点 a 的取值范围为 0,
22.解:(1)由题意得:
2
2
2 2
3
1 0y
x t
t y
∴
2
2 13
x y 0y
∴ 2 2 2 2cos 3 sin 3 0 即 2 2 22 sin 3 0
化简为: 2 2 cos2 3 0 , 0,π
∴ 1C 的极坐标方程为: 2 2 cos2 3 0 , 0,π
由 πsin 36
得: 3 1sin cos 32 2
∴ 3 1 3 02 2y x 即:3 3 6 0y x
∴ 2C 的直角坐标方程为:3 3 6 0y x
(2)由
2
π
6
2 cos2 3 0
得: 2
∴ π2, 6A
由 3
sin
π
π 36
得: = 3
∴ π3, 3B
1 π πsin2 3 6AOB A BS △
1 π2 3sin2 6
6
4
23.解:(1)
13 4, 2
12 1 2 1 2, 22
3 3, 2
x x
f x x x x x
x x
由函数图象可知 min
1 5
2 2f x f
,要使得 f x m 无实数根,则 5
2m
∴实数 m 的取值范围为 5
2
,
(2)解一:由(1)可知 5
2n
∴ 5 5 5a b , 1a b ,即 1b a
由 0
1 0
a
a
,得 0 1a
∴ 24 9 4 1 9 1 9 12 4a b ab a a a a a a
∴
22 24 9 9 12 4 03 3a b ab
,当 2
3a 时,等号成立
∴ 4 9 0a b ab
解二:由(1)可知 5
2n
∴ 5 5 5a b , 1a b
∴ 2 24 4 5 4 4 5 9a b a b a b a ab b ab ab ab
当 2a b ,即 2
3a , 1
3b 等号成立.