山东省临沂市2021届高三数学5月二模试题(Word版附答案)
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山东省临沂市2021届高三数学5月二模试题(Word版附答案)

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资料简介
临沂市 2021 年普通高等学校招生全国统一考试(模拟) 数 学 2021.5 注意事项: 1.答卷前,考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置上. 2.回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑.如需改 动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号.回答非选择题时,将答案写在答题卡上.写在 本试卷上无效. 3.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回. 一、选择题:本题共 8 小题,每小题 5 分,共 40 分.在每小题给出的四个选项中,只有一项 是符合题目要求的. 1.若集合 A, B,U 满足 UA B  ð ,则下面选项中一定成立的是( ) A. B A B. A B U  C. UA B U ð D. UB A U ð 2.已知奇函数     3 1, 0 , 0 x xf x g x x      ,则    1 2f g   ( ) A. 11 B. 7 C.7 D.11 3.“ 1x  ”是“ 22 32 x x  ”的( ) A.充分不必要条件 B.必要不充分条件 C.充要条件 D.既不充分也不必要条件 4.某校积极落实立德树人,坚持五育并举,计划在新学期开展球类、书法、健美操、棋类等 四项社团活动,学校要求每位学生选择其中的两项,学生甲、乙、丙三人都已决定选择球类, 三人再从其它三项中各选择一项,恰好三人的选择互不相同,乙比选棋类的人个头高,丙和 选书法的人身高不同,选书法的人比甲个头小,则甲、乙、丙所选的第二项社团活动分别为 ( ) A.书法、健美操、棋类 B.健美操、书法、棋类 C.棋类、书法、健美操 D.棋类、健美操、书法 5.如图为一个圆锥形的金属配件,重 75.06 克,其正视图是一个等边三角形,现将其打磨成 一个体积最大的球形配件,则该球形配件的重量约为( ) A.32.69 克 B.33.36 克 C.34.03 克 D.34.37 克 6.在天文学上恒星的亮度一般用星等来表示,直接测量到的天体亮度被称为视星等 m ,而把 天体置于 10 秒差距的距离处所得到的视星等称为绝对星等 M ,它能反映天体的发光本领.如 果我们观测到了恒星的光谱,可以知道一些类型恒星的绝对星等,就可以利用光谱视差法来 获得这些恒星的距离.下表是某校天文爱好者社团在网上收集到一些恒星的相关数据,那么 最适合作为星等差 y 关于距离 x (光年)的回归方程类型的是( ) 星名 天狼星 南河三 织女星 大角星 五车二 水委一 老人星 参宿四 距离 x 8.6 11.46 25 36.71 42.8 139.44 309.15 497.95 y m M  2.89 2.27 0.57 0.26 0.59 3.15 4.88 5.92 A. 2y a bx  B. lgy a b x  C. y a b x  D. y a bx  7.点 A, B,C 在圆O上,若 2AB  , 30ACB  ,则OC AB  的最大值为( ) A.3 B. 2 3 C.4 D.6 8.点 1F , 2F 是双曲线   2 2 2 2: 1 0, 0x yC a ba b     的左、右焦点,过点 2F 作直线 1 2AB F F 交双曲线C 于 A, B两点,现将双曲线所在平面沿直线 1 2F F 折成平面角为锐角 的二面角, 如图,翻折后 A, B两点的对应点分别为 A, B, 1A F B    ,若 1 cos 25 1 cos 16     ,则双 曲线C 的离心率为( ) A. 17 3 B. 3 C.2 D.3 二、选择题:本题共 4 小题,每小题 5 分,共 20 分.在每小题给出的选项中,有多项符合题 目要求.全部选对的得 5 分,部分选对的得 3 分,有选错的得 0 分. 9.设函数   πcos 2 3f x x     的图象为曲线 E,则 A.将曲线 cos2y x 向右平移 π 3 个单位长度后与曲线 E重合 B.将曲线 πcos 3y x     上各点的横坐标缩短到原来的 1 2 ,纵坐标不变,则与曲线 E 重合 C.将曲线  f x 向左平移 π 6 后所得图象对应的函数为奇函数 D.若 1 2x x ,且    1 2 0f x f x  ,则 1 2x x 的最小值为 π 2 10 . 1487 年 , 瑞 士 数 学 家 欧 拉 发 现 了 复 指 数 函 数 和 三 角 函 数 的 关 系 , 并 写 下 公 式 ie cos isin    ,这个公式在复变函数中有非常重要的地位,即著名的“欧拉公式”,被 誉为“数学中的天桥”,据欧拉公式,则( ) A. πi 2e i B. πi 4e 1 C. 3 1 3i 12       D. πi πi 4 4π e ecos 4 2   11.若 5log 2a  , 1 ln 22b  , 1 ln55c  ,则( ) A. a b B.b c C. c a D. 2a b 12.已知抛物线  2 2 0x py p  的焦点为 F ,且  2,1A ,  1 1,B x y ,  2 2,C x y 在抛物线 上,O为坐标原点.下列说法正确的是( ) A.点 F 的坐标为  0,2 B.若 FB FC AF    ,则 2FB FC AF    C.若 6BC  ,则 BC 的中点到 x 轴距离最小值为 2 D.若直线 BC 过点 F ,则直线OB 与OC 的斜率之积为 1 4  三、填空题:本题共 4 小题,每小题 5 分,共 20 分. 13. 61 3 x x     的展开式中常数项为______.(用数字表示) 14.现有标号为①,②,③,④,⑤的 5 件不同新产品,要放到三个不同的机构进行测试,, 每件产品只能放到一个机构里,机构 A, B各负责一个产品,机构 C 负责余下的三个产品, 若产品①不放在机构 A,测试情况共有______种(结果用具体数字表示). 15.随机变量 X 的分布列如下表: X 1 2 3 p a b c 其中 a ,b , c 成等差数列,若   5 2E X  ,则  D X ______. 16.如图,将正四面体每条棱三等分,截去顶角所在的小正四面体,余下的多面体就成为一 个半正多面体,亦称 “阿基米德体”.点 A, B , M 是该多面体的三个顶点,点 N 是该多 面体表面上的动点,且总满足 MN AB ,若 4AB  ,则该多面体的表面积为______,点 N 轨迹的长度为______.(本题第一空 2 分,第二空 3 分) 四、解答题:本题共 6 小题,共 70 分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤. 17.(10 分) 在① π 6x  是函数  f x 图象的一条对称轴,② π 12 是函数  f x 的一个零点,③函数  f x 在  ,a b 上单调递增,且b a 的最大值为 π 2 ,这三个条件中任选一个,补充在下面问题中,并 解答. 已知函数    π 12sin cos 0 26 2f x x x          ,______,求  f x 在 π π,2 2     上的 单调递减区间. 注:如果选择多个条件分别解答,按第一个解答计分. 18.(12 分) 2021 年是“十四五”规划开局之年,也是建党 100 周年.为了传承红色基因,某学校开展了 “学党史,担使命”的知识竞赛.现从参赛的所有学生中,随机抽取 100 人的成绩作为样本, 得到成绩的频率分布直方图,如图. (1)求频率分布直方图中 a 的值,并估计该校此次竞赛成绩的平均分 x (同一组中的数据用 该组区间中点值代表); (2)在该样本中,若采用分层抽样的方法,从成绩高于 75 分的学生中随机抽取 7 人查看他 们的答题情况,再从这 7 人中随机抽取 3 人进行调查分析,求这 3 人中至少有 1 人成绩在  85,95 内的概率; (3)假设竞赛成绩服从正态分布  2,N   ,已知样本数据的方差为 121,用平均分 x 作为  的近似值,用样本标准差 s 作为 的估计值,求该校本次竞赛的及格率(60 分及以上为及格). 参 考 数 据 :   0.6827P          ,  2 2 0.9545P          ,  3 3 0.9973P          . 19.(12 分) 已知正项数列 na 的前 n 项和为 nS ,数列 nb 为等比数列,满足 2 14 4 4n nS a n   ,且 1 1 1 2a b   , 4 4a b . (1)求证:数列 na 为等差数列; (2)若从数列  na 中去掉数列  nb 的项后余下的项按原来的顺序组成数列  nc ,求 1 2 3 100c c c c    . 20.(12 分) 如图,四边形 CDEF 为正方形, //AB CD , 2 2AB BC CD  ,点Q为 BF 的中点. (1)求证: //BD 平面CEQ ; (2)若 30BAC   , AC BF ,求平面CEQ 与平面 ABCD 所成锐二面角的余弦值. 21.(12 分) 已知椭圆   2 2 2 2: 1 0x yC a ba b     的左、右焦点分别为 1F , 2F ,点 P在椭圆C 上,以 1PF 为直径的圆 2 2 1 49: 4 16E x y      过焦点 2F . (1)求椭圆C 的方程; (2)若椭圆C 的右顶点为 A,与 x 轴不垂直的直线l 交椭圆C 于 M ,N 两点( M ,N 与 A 点不重合),且满足 AM AN ,点Q为 MN 中点,求直线 MN 与 AQ 的斜率之积的取值范 围. 22.(12 分) 已知函数   e lnxf x x a x  , Ra . (1)若  f x 在点   1, 1f 处的切线过原点,求 a 的值; (2)在(1)条件下,若      21 ln 1f x b x a x    恒成立,求b 的取值范围. 2021 年普通高等学校招生全国统一考试(模拟) 数学试题参考答案及评分标准 2021.5 说明: 一、本解答只给出了一种解法供参考,如考生的解法与本解答不同,可根据试题的主要考查 内容参照评分标准酌情赋分. 二、当考生的解答在某一步出错误时,如果后继部分的解答未改该题的内容与难度,可视影 响的程度决定后继部分的给分,但不得超过该部分正确答案应得分数一半;如果后继部分的 解答有较严重的错误或又出现错误,就不再给分. 三、解答右端所注分数,表示考生正确做到这一步应得的累加分数. 四、只给整数分数,选择题和填空题不给中间分. 一、单项选择题:本题共 8 小题,每小题 5 分,共 40 升.在每小题给出的四个选项中,只有 一项是符合题目要求的. 1.D 2.C 3.A 4.B 5.B 6.B 7.C 8.D 二、选择题:本题共 4 小题,每小题 5 分,共 20 分.在每小题给出的选项中,有多项符合题 目要求.全部选对的得 5 分,部分选对的得 3 分,有选错的得 0 分. 9.BD 10.ABD 11.AB 12.BCD 三、填空题:本大题共 4 小题,每小题 5 分,共 20 分. 13. 5 27 14.16 15. 5 12 16.112 3 8 8 3 四、解答题: 17.解:   π 1 π π 12sin cos 2sin cos cos sin sin6 2 6 6 2f x x x x x x                   2 13cos sin sin 2x x x     3 1sin2 cos22 2x x   πsin 2 6x     . ①若 π 6x   是函数  f x 图象的一条对称轴, 则 π π ππ3 6 2k    , Zk  ,即 π 2ππ3 3k   , Zk  , 得 3 2k    , Zk  , 又 0 2  ,当 1k   时, 1  ,   πsin 2 6f x x     ②若 π 12 是函数  f x 的一个零点, 则 π π2 π12 6 k   ,即 π ππ6 6k   , Zk  , 得 6 1k   , Zk  又 0 2  ,∴当 0k  时, 1  ,所以   πsin 2 6f x x     . ③若  f x 在 ,a b 上单调递增,且 b a 的最大值为 π 2 , 则 2ππ 2T   ,故 1  ,所以   πsin 2 6f x x     . 由 π π 3π2 π 2 2 π2 6 2k x k     , Zk  , 得 π 5ππ π3 6k x k    , Zk  , 令 0k  ,得 π 5π 3 6x  .令 1k   ,得 2π π 3 6k    . 又 π π 2 2x   , 所以  f x 在 π π,2 2     上单调递减区间为 π π,2 6     , π π,3 2      . 18.解:由频率分布直方图可得, 0.005 0.25 2 0.01 10 1a      , 解得 0.035a  . 这组样本数据的平均数为 50 0.05 60 0.25 70 0.35 80 0.25 90 0.1 71          . 所以估计该校此次竞赛成绩的平均分为 71 分. (2)自频率分布直方图可知,成绩在 75,85 , 85,95 内的频率分别为 0.25,0.1. 所以采用分层抽样的方法从样本中抽取的 7 人,成绩在 75,85 内的有 5 人,成绩在 85,95 内 的有 2 人. 记事件 1A 这 3 人至少有 1 人成绩在 85,95 内 则   3 1 1 3 7 7 5 5 3 7 5 7 C C C CP A C   . (3)由题意知,样本方差 2 121s  ,故 2 11s   . 所以竞赛成绩  2~ 71,11Y N . 该校竞赛的及格率     160 1 1 60 82 0.841352P P Y P Y        . 19.(1)证明:∵ 2 14 4 4n nS a n   , ∴当 2n  时, 2 14 4n nS a n   , ∴ 2 2 14 4n n na a a   , ∴  22 1 2n na a   又∵ 0na  ,∴ 1 2n na a   . 当 1n  时, 2 1 24 8S a  ,即 2 1 24 8a a  , 又 1 2a  ,∴ 2 4a  , 2 1 2a a  适合上式, 所以数列 na 是首项为 2,公差为 2 的等差数列. (2)由(1)可知 2na n , 设 nb 的公比为 q , 又 4 4 8b a  , 1 1 1 1b a   ,∴ 3 8q  ,∴ 2q  , ∴ 12n nb  . ∴ 1 1b  , 2 12b a  , 3 24b a  , 4 48b a  , 5 816b a  , 6 1632b a  , 7 3264b a  , 8 64128b a  , 9 128256b a  . ∴    1 2 3 100 1 2 3 107 2 3 8c c c c a a a a b b b                72 1 2107 2 214 113022 1 2    . 20.证明:(1)连接 DF ,交CE 于点O,连接QO , ∵四边形 CDEF 为正方形, ∴O为 DF 中点, ∵Q为 BF 中点.∴ //OQ BD , ∵OQ 平面CEQ , BD  平面CEQ , ∴ BD平面CEQ . (2)∵ 2AB BC , 30BAC   , 在 ABC△ 中,由 sin sin30 AB BC ACB   ,得sin 1ACB  ,则 90ACB  , ∴ AC BC . 又∵ AC BF , BF BC B  , ∴ AC  平面 BCF .∴ AC CF . ∵CD CF , AC CD C  , ∴CF  平面 ABCD , ∴CF BC , 以C 为原点,以CA ,CB , CF 所在直线为 x , y , z 轴建立空间直角坐标系, 设 2AB  ,则 1BC CD  , 3AC  , 则  3,0,0A ,  0,1,0B ,  0,0,1F 从而,  3, 1,0BA   ,  0,1,0CB  ,  0,0,1CF  , ∴ 1 3 1, ,12 2 2CE CD CF BA CF                ,  1 1 10, ,2 2 2CQ CB CF           , 设平面CEQ 的法向量为  , ,n x y z , 则 0 0 n CE n CQ          即 3 1 0 2 2 1 1 0 2 2 x y z y z        , 令 2y  ,得平面CEQ 的一个法向量为  1 2 3,2, 2n   , ∵CF  平面 ABCD , ∴CF  是平面 ABCD 的一个法向量, 设平面CEQ 与平面 ABCD 所成锐二面角的平面镜为 , 则 1 1 2 5cos 52 5 n CF n CF           . 21.解:(1)在圆 E的方程中,令 0y  ,得 2 3x  ,解得 3x   , 所以, 1F , 2F 的坐标分别为 3,0 , 3,0 . ∵ 10, 4E     ,又因为 2 1 2OE F P , 2//OE F P ,所以点 P的坐标为 13, 2      , 所以, 1 2 7 12 2 44 2a PF PF      , 得 2a  , 1b  , 即椭圆C 的方程为 2 2 14 x y  . (2)右顶点为  2,0A ,由题意可知直线 AM 的斜率存在且不为 0, 设直线 AM 的方程为  2y k x  ,由 MN 与 x 轴不垂直,故 1k   . 由   2 2 2 , 14 y k x x y       得: 2 2 2 21 4 16 16 4 0k x k x k     , 设  1 1,M x y ,  2 2,N x y ,又点  2,0A , 则由根与系数的关系可得: 2 1 2 16 42 1 4 kx k   ,得 2 1 2 8 2 1 4 kx k   ,  1 1 2 42 1 4 ky k x k     , ∵ AM AN ,∴直线 AN 的方程为  1 2y xk    , 用 1 k  替换 k 可得: 2 2 2 8 2 4 kx k   , 2 2 4 4 ky k   , ∴点Q坐标为         22 2 2 2 2 6 130 , 1 4 4 1 4 4 k kk k k k k         , ∴直线 AQ 的斜率             2 2 2 2 1 2 4 2 2 2 6 1 1 4 4 3 1 30 2 2 2 1 4 4 k k k k k k k k k k k k           , 直线 MN 的斜率   2 22 1 2 2 2 2 2 1 2 2 4 4 54 1 4 8 2 8 2 4 1 4 1 4 k k y y kk kk k kx x k k k         , ∴   2 1 2 4 2 2 2 15 15 28 2 2 8 2 1 kk k k k k k          , ∵ 2 0k  且 2 1k  ,∴ 2 2 2 2 2 22 1 2 2 4k kk k      , ∴ 2 2 15 30 2 88 2 1k k       . 即 1 2 30,8k k     . ∴直线 MN 与 AQ 的斜率之积的取值范围是 30,8      . 22.解:(1)∵  f x 的定义域为 0, .    1 ex af x x x     , ∴  1 2ef a   ,又  1 ef  , ∴切线方程为   e 2e 1y a x    . 由切线过点 0,0 , 得  e 2e a    ,即 ea  . (2)由(1)知 ea  , ∴由      21 ln 1f x b x a x    ,得  2e 2eln 1 e 0xx x b x     (*) 令    2e 2eln 1 exm x x x b x     ,易知  1 0m  , 则      2e1 e 2 1xm x x b xx       ,且  1 0m  ,     2 2e2 e 2xm x x bx      . 令     2 2e2 e 2xx x bx      ,则     3 4e3 e 2xx x bx      在 0, 上是增函数, 且  1 0  当  0,1x 时,   0x  ,  m x 是增函数, 当  1,x  时,   0x  ,  m x 是增函数, ∴    min 1 5e 2m x m b    . ①当5e 2 0b  即 5 e2b  时,    1 0m x m   . 则  m x 单调递增. 又  1 0m  , 当  0,1x 时,   0m x  ,  m x 单调递减, 当  1,x  时,   0m x  ,  m x 单调递增, ∴    1 0m x m  ,(*)式恒成立. ②当 5 e2b  时,  1 0m  , 又 x   时,  m x   , ∴存在 0 1x  ,使  0 0m x  , ∴当  01,x x 时,有   0m x  ,即  m x 单调递减, ∴    1 0m x m   ,此时  m x 单调递减, 故当  01,x x 时,    1 0m x m  ,(*)式不成立. 综上,可知 5 e2b  .

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