2020-2021学年广西南宁市第三十三中学高二上学期开学考试数学试题(解析版)
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2020-2021学年广西南宁市第三十三中学高二上学期开学考试数学试题(解析版)

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资料简介
第 1 页 共 16 页 2020-2021 学年广西南宁市第三十三中学高二上学期开学考 试数学试题 一、单选题 1.角 的终边经过点 (3,4)P ,则 sin  ( ) A. 3 4 B. 4 3 C. 3 5 D. 4 5 【答案】D 【解析】先求出 OP ,然后根据三角函数的定义即可得出 【详解】 由点 (3,4)P 得 5OP  所以 4sin 5  = 故选:D 【点睛】 本题考查的是三角函数的定义,属于基础题. 2.已知向量 3, 2a m        , 3 1,6 2b        ,且 //a b r r ,则实数 m  ( ) A.1 B. 3 2 C.2 D. 1 2 【答案】D 【解析】利用向量平行的坐标运算即可得到答案. 【详解】 因为向量 3, 2a m        , 3 1,6 2b        ,且 //a b r r , 所以 1 3 3 02 2 6m    ,即 1 2m  . 故选:D 【点睛】 本题主要考查根据向量平行求参数,同时考查平面向量的坐标运算. 3.直线 3 0x y   的倾斜角为( ) 第 2 页 共 16 页 A. 30° B. 45 C. 60 D.135 【答案】B 【解析】斜率 1k  ,故倾斜角为 45,选 B. 4.已知向量 a  ,b  的夹角为 60°, 3 2a b   , 3b  r ,则 a  ( ) A.1 B. 3 3 C.3 D.2 【答案】A 【解析】根据 3 2a b   ,利用向量的数量积运算结合向量 a  ,b  的夹角为 60°, 3b  r 求 解. 【详解】 ∵向量 a  ,b  的夹角为 60°, 3b  r , ∴ 3 3cos60 2 2a b b a a          . ∴ 1a  , 故选:A. 【点睛】 本题主要考查平面向量的数量积运算,属于基础题. 5.某同学在研究性学习中,收集到某制药厂今年前 5 个月甲胶囊生产产量(单位:万 盒)的数据如下表所示: x (月份) 1 2 3 4 5 y (万盒) 5 5 6 6 8 若 x , y 线性相关,线性回归方程为  0.7y x a  ,则以下判断正确的是( ) A. x 增加 1 个单位长度,则 y 一定增加 0.7 个单位长度 B. x 减少 1 个单位长度,则 y 必减少 0.7 个单位长 C.当 6x  时, y 的预测值为8.1万盒 D.线性回归直线  0.7y x a  ,经过点 2,6 【答案】C 【解析】通过线性回归方程可以进行预测而不能做出确定的判断,排除 A,B 选项;线 性回归方程一定过样本中心点 ( , )x y  ,排除 D 选项;令 6x  ,代入方程求 y ,可得 C 第 3 页 共 16 页 正确. 【详解】 由 ˆ ˆ0.7y x a  ,得 x 每增(减)一个单位长度, y 不一定增加(减少)0.7,而是大 约增加(减少)0.7 个单位长度,故选项 A,B 错误;由已知表中的数据,可知 1 2 3 4 5 5 5 6 6 83, 65 5x y           ,则回归直线必过点 (3,6) ,故 D 错 误;代入回归直线 ˆ ˆ0.7y x a  ,解得 ˆ 3.9a  ,即 ˆ 0.7 3.9y x  ,令 6x  ,解得 ˆy  0.7 6 3.9 8.1   万盒, 故选:C 【点睛】 本题考查了线性回归方程的性质,正确掌握线性回归方程的性质是解题的关键. 6.函数   2sin 2 4xf x      图象的对称轴方程为( ) A.  3 8 2 kx k Z    B.  8x k k Z    C.  4 2 kx k Z    D.  8 2 kx k Z    【答案】D 【解析】根据三角函数 siny x 对称轴方程是 ( )2x k k Z    ,可令 2 ( )4 2x k k Z      ,即可求解函数 ( )f x 的对称轴方程. 【详解】 由题意,令 2 ( )4 2x k k Z      则 2 ( )4x k k Z    则 ( )8 2 kx k Z    为函数 ( )f x 的对称轴方程. 故选:D. 【点睛】 本题考查 sin( )y A x   型三角函数的对称轴方程问题,属于基础题. 7.某工厂利用随机数表对生产的 600 个零件进行抽样测试,先将 600 个零件进行编号, 编号分别为 001,002, ,599,600.从中抽取 60 个样本,如表提供随机数表的第 4 行到第 6 行: 32 21 18 34 29 78 64 54 07 32 52 42 06 44 38 12 23 43 56 77 35 78 90 56 42 第 4 页 共 16 页 84 42 12 53 31 34 57 86 07 36 25 30 07 32 86 23 45 78 89 07 23 68 96 08 04 32 56 78 08 43 67 89 53 35 77 34 89 94 83 75 22 53 55 78 32 45 77 89 23 45 若从表中第 6 行第 6 列开始向右读取数据,则得到的第 6 个样本编号是( ) A.578 B.535 C.522 D.324 【答案】B 【解析】根据随机数表法抽取相应数字,超过 600 和前面重复的去掉. 【详解】 解:根据题意,808 不合适,436,789 不合适,533,577,348,994 不合适, 837 不合适,522,535 为满足条件的第六个数字. 故选: B . 【点睛】 本题主要考查简单随机抽样中的随机数表法,属于基础题. 8.已知向量  1,2a  r ,  1,0b  ,  3,4c  .若 b a c    ,则实数  的值为( ) A. 1 2 B. 3 5 C. 11 3  D. 3 11  【答案】D 【解析】由题意可得 b a  的坐标,由题意可得 ( ) 0b a c    ,代入数据可得关于  的 方程,解之可得. 【详解】 解:由题意  1,2a  r ,  1,0b  ,  3,4c  所以 (1 ,2 )b a      ( )b a c    , ( ) 0b a c     , 代入数据可得 3(1 ) 4 2 0     , 解之可得 3 11    故选: D . 【点睛】 本题考查平面向量数量积的运算,涉及向量的垂直于数量积的关系,属于基础题. 9.若执行如图所示的程序框图输出的结果为 26,则 M 处可填入的条件为( ) 第 5 页 共 16 页 A. 31k  B. 31k  C. 63k  D. 15k  【答案】A 【解析】根据循环结构的程序框图,依次算出输出值为 26 时 k 满足的条件,即可得解. 【详解】 根据程序框图可得 1, 0k S= = 所以 1, 3S k  4, 7S k  11, 15S k  26, 31S k  所以当输出结果为 26 时, 31k  为是的条件.且当 31k  时都为否 故 M 处可填入的条件为 31k  故选:A 【点睛】 本题考查了循环结构程序框图的应用,根据输出值分析判断框,属于基础题. 10.在边长为 3 的菱形 ABCD 中, 3DAB   , 2AM MB  ,则 DM DB   ( ) A. 17 2 B. 1 C.15 2 D. 9 2 【答案】C 第 6 页 共 16 页 【解析】画出图形,根据条件得 2 ,3DM AB AD DB AB AD         ,然后由 2( ) ( )3DM DB AB AD AB AD          ,进行数量积的运算即可. 【详解】 解:如图,  2AM MB  , 2 3AM AB  ,  2 3DM AM AD AB AD        ,且 DB AB AD    , 又| | | | 3, 3AB AD DAB      ,  2( ) ( )3DM DB AB AD AB AD          2 22 5 3 3AB AD AB AD       2 5 1 159 9 3 33 3 2 2         . 故选:C . 【点睛】 本题考查了向量减法和数乘的几何意义,向量数量积的运算,考查了计算能力,属于基 础题. 11.连掷一枚均匀的骰子两次,所得向上的点数分别为 m ,n ,记t m n  ,则下列 说法正确的是( ) A.事件“ 5t  ”发生的概率为 1 6 B.事件“t 是奇数”与“ m , n 同为奇数”互为对立事件 C.事件“ 2t  ”与“ 3t  ”互为互斥事件 D.事件“ 4t  且 6mn  ”发生的概率为 1 9 【答案】D 【解析】计算出事件“ 5t  ”发生的概率判断 A;根据互斥事件、对立事件的概念判断 B 第 7 页 共 16 页 和 C,计算出事件“ 4t  且 6mn  ”发生的概率判断 D. 【详解】 连掷一枚均匀的骰子两次,基本事件的总数是 6 6 36  ,即 ,m n 的情况有 36 种,事 件“ 5t  ”包含基本事件:(1,6),(6,1),共 2 个,所以事件“ 5t  ”发生的概率为 1 18 , 故 A 错; m , n 同为奇数或同为偶数时,t 是偶数,所以事件“t 是奇数”与“ m , n 同为奇数”是 互斥事件,不是对立事件,故 B 错; t 的所有取值为 0,1,2,3,4,5,所以事件“ 2t  ”与“ 3t  ”既不互斥也不对立,故 C 错; 事件“ 4t  且 6mn  ”包含基本事件:(1,5),(1,6),(5,1),(6,1),共 4 个,所 以事件“ 4t  且 6mn  ”发生的概率为 4 1 36 9  ,故 D 正确. 故选:D. 【点睛】 本题主要考查古典概型的概率求法,互斥事件与对立事件的概念,还考查了运算求解和 理解辨析的能力,属于基础题. 12.已知点  ,0A m ,  ,0B m ,若圆 C: 2 2 6 8 24 0x y x y     上存在点 P,使 得 PA PB ,则实数 m 的最大值是( ) A.4 B.5 C.6 D.7 【答案】C 【解析】首先将圆C 配成标准式,求出圆心坐标和半径,则点 P 的轨迹为以 AB 为直径 的圆 2 2 2x y m  ,再根据点 P 在圆C 上,则两圆有公共点,由两圆的圆心之间的 距离的范围求出参数 m 的取值范围. 【详解】 解:根据题意,圆 C: 2 2 6 8 24 0x y x y     ,即   2 23 4 1x y    , 其圆心为  3,4 ,半径 1r  . AB 的中点为原点 O,点 P 的轨迹为以 AB 为直径的圆 2 2 2x y m  , 若圆 C 上存在点 P ,使得 PA PB ,则两圆有公共点, 又    2 20 3 0 4 5OC      ,即有 1 5m   且 1 5m   ,解得 4 6m  , 即 6 4m    或 4 6m  ,即实数 m 的最大值是6,故选:C 第 8 页 共 16 页 【点睛】 本题考查由圆与圆的位置关系求出参数的取值范围,属于中档题. 二、填空题 13.经过点  2,1P 且与直线 2 4 0x y   平行的直线方程为______. 【答案】 2 0x y  . 【解析】设经过点  2,1P 且与直线 2 4 0x y   平行的直线方程为 2 0x y c   ,然 后将  2,1P 求解. 【详解】 设经过点  2,1P 且与直线 2 4 0x y   平行的直线方程为 2 0x y c   , 把  2,1P 代入,得: 2 2 1 0c    , 解得 0c = , ∴经过点  2,1P 且与直线 2 4 0x y   平行的直线方程为 2 0x y  . 故答案为: 2 0x y  . 【点睛】 本题主要考查平行直线的求法,属于基础题. 14.若在区间[ ]3,2- 上随机取一个数 x ,则事件“1 2 4x  ”发生的概率是______. 【答案】 2 5 【解析】利用指数不等式的解法求得 0 2x  ,然后由几何概型的长度类型求解. 【详解】 因为1 2 4x  , 所以 0 2x  , 所以事件“1 2 4x  ”发生的概率是   2 0 2 2 3 5   p , 故答案为: 2 5 【点睛】 本题主要考查几何概型的概率求法以及指数不等式的解法,属于基础题. 15.若圆 1C : 2 2 0x y ax by c+ + + + = 与圆 2C : 2 2 4x y  关于直线 2 1y x  对称, 第 9 页 共 16 页 则 c  ______. 【答案】 16 5  【解析】两圆关于直线对称即圆心关于直线对称,则两圆的圆心的连线与直线 2 1y x  垂直且中点在直线 2 1y x  上,圆 1C 的半径也为 2 ,即可求出参数 , ,a b c 的值. 【详解】 解:因为圆 1C : 2 2 0x y ax by c+ + + + = ,即 2 2 2 2 4 2 2 4 a b a b cx y 骣 骣 + -琪 琪+ + + =琪 琪桫 桫 , 圆心 1 1 1,2 2C a b     ,半径 2 2 4 2 a b cr   , 由题意,得 1 1 1,2 2C a b     与  2 0,0C 关于直线 2 1y x  对称, 则 1 12 ,1 2 2 1 1 2 22 1,2 2 b a b a             解得 8 5  a , 4 5b  ,圆 1C 的半径 2 2 4 22 a b cr    , 解得 16 5c   . 故答案为: 16 5  【点睛】 本题考查圆关于直线对称求参数的值,属于中档题. 16.如图在平行四边形 ABCD 中,E,F 分别为边 CD,AD 的中点连接 AE,BF 交于 点 G.若 AG AB AD     ( , )R   ,则    ________. 【答案】 3 5 【解析】延长CD,BF交于点H,可得 HFD BFA   , ABG EHG  ,从而 2 3 AG GE  , 根据 2 2 ( )5 5AG AE AD DE      即可求解. 【详解】 第 10 页 共 16 页 如图延长 CD,BF 交于点 H, 易证 HFD BFA   .所以 DH AB . 又易证 ABG EHG  .所以 2 1 3 2 AG AB AB GE HE AB AB     . 则 2 2 ( )5 5AG AE AD DE      2 1 1 2 5 2 5 5AD AB AB AD           . 所以 1 5   , 2 5   , 3 5    . 故答案为: 3 5 【点睛】 本题考查了向量加法的三角形法则以及向量共性定理,属于基础题. 三、解答题 17.已知       2cos cos 32 4cos sin 2                   . (1)求 tan 的值; (2)若 0    ,且   1tan 3    ,求  . 【答案】(1) 1tan 2    ;(2) 3 4   . 【解析】(1)利用诱导公式结合弦化切思想可得出关于 tan 的等式,即可解得 tan 的 值; (2)利用两角差的正切公式求得 tan  的值,结合角  的取值范围可求得  的值. 【详解】 (1)        2cos cos 3 2sin cos 2sin cos 2tan 12 4cos sin 2 cos sin sin cos tan 1                                         , 解得 1tan 2    ; (2)由两角差的正切公式得 第 11 页 共 16 页       1 1 tan tan 2 3tan tan 11 11 tan tan 1 2 3                             . 0    ,因此, 3 4   . 【点睛】 本题考查利用诱导公式、弦化切思想求值,同时也考查了利用两角差的正切公式求角, 考查计算能力,属于基础题. 18.某中学要从高一年级甲乙两个班级中选择一个班参加电视台组织的“环保知识竞 赛”,该校对甲乙两班的参赛选手(每班 7 人)进行了一次环保知识测试,他们取得的 成绩(满分 100 分)的茎叶图如图所示,其中甲班学生的平均分是 85,乙班学生成绩 的中位数是 85. (1)求 x , y 的值; (2)根据茎叶图,求甲乙两班同学方差的大小,并从统计学角度分析,该校应选择甲 班还是乙班参赛. 【答案】(1) 9x  , 5y  ;(2)乙班成绩比较稳定,故应选乙班参加. 【解析】(1)利用茎叶图,根据甲班 7 名学生成绩的平均分是 85,乙班 7 名学生成绩 的中位数是 85.先求出 x , y , (2)求出乙班平均分,再求出甲班 7 名学生成绩方差和乙班名学生成绩的方差,由此 能求出结果. 【详解】 解:(1)甲班的平均分为: 1 (75 78 80 80 85 92 96) 857 x        ; 解得 9x  ,  乙班 7 名学生成绩的中位数是 85, 5y  , (2)乙班平均分为: 1 (75 80 80 85 90 90 95) 857        ; 甲班 7 名学生成绩方差 2 2 2 2 2 2 2 2 1 1 360(10 7 5 4 0 7 11 )7 7S         , 乙班名学生成绩的方差 2 2 2 2 2 2 2 2 2 1 300(10 5 5 0 5 5 10 )7 7S         , 第 12 页 共 16 页  两个班平均分相同, 2 2 2 1S S , 乙班成绩比较稳定,故应选乙班参加. 【点睛】 本题考查茎叶图的应用,解题时要认真审题,属于基础题. 19.已知直线 1 : 2 1 0l x y   , 2 : 2 8 0l ax y a    , 1 2l l 且垂足为 A . (1)求点 A 的坐标; (2)若圆C 与直线 2l 相切于点 A ,且圆心C 的横坐标为 2,求圆C 的标准方程. 【答案】(1) 1, 3 ;(2)   2 22 5 5x y    . 【解析】(1)根据题意,由直线垂直的判断方法可得 2 2 0a   ,解可得 a 的值,即可 得直线 2l 的方程,联立两个直线的方程,解可得 A 的坐标,即可得答案. (2)根据题意,分析可得圆心C 在直线 1l 上,设C 的坐标为 (2, )b ,将其代入直线 1l 的 方程,计算可得b 的值,即可得圆心的坐标,求出圆的半径,即可得答案. 【详解】 解:(1)根据题意,直线 1 : 2 1 0l x y   , 2 : 2 8 0l ax y a    , 若 1 2l l ,则有 2 2 0a   ,解可得 1a   , 则直线 2l 的方程为 2 7 0x y    ,即 2 7 0x y   ; 联立两直线的方程: 2 1 0 2 7 0 x y x y        ,解可得 1 3 x y     ,即 A 的坐标为 1, 3 ; (2)根据题意,若圆C 与直线 2l 相切于点 A 且 1 2l l 且垂足为 A , 则圆心C 在直线 1l 上,设C 的坐标为 2,b ,则有 2 2 1 0b    ,解可得 5b   , 则圆心C 的坐标为  2, 5 , 圆的半径    2 21 2 3 5 5r CA       , 则圆C 的标准方程为   2 22 5 5x y    . 【点睛】 本题考查直线与圆的位置关系,涉及圆的标准方程以及直线垂直的判断,属于基础题. 20.已知向量  cos , 3a x ,  1,sinb x ,函数   1f x a b    . (1)求函数  f x 的单调递增区间; 第 13 页 共 16 页 (2)若   2 3g x f x      , ,3 4x       时,求函数  g x 的最值. 【答案】(1)  2 2 , 2 Z3 3k k k         ;(2)函数  g x 的最大值、最小值分别 为: 3 1 , 1 . 【解析】(1)利用向量的数量积以及两角和与差的三角函数化简函数的解析式,利用正 弦函数的单调增区间求解即可. (2)通过 x 的范围求出相位的范围,利用正弦函数的值域求解即可. 【详解】 (1)   1 cos 3sin 1 2sin 16f x a b x x x               . 由 2 22 6 2k x k         , Zk  , 可得 22 23 3k x k      , Zk  , ∴单调递增区间为:  2 2 , 2 Z3 3k k k         . (2)若   2 2sin 2 13 6g x f x x               . 当 ,3 4x       时, 5 26 6 3x      , 即 31 sin 2 6 2x        ,则  1 3 1g x    , 所以函数  g x 的最大值、最小值分别为: 3 1 , 1 . 【点睛】 本题主要考查平面向量与三角恒等变换,三角函数的性质的应用,还考查了运算求解的 能力,属于中档题. 21.从某小学随机抽取 100 名同学,将他们的身高(单位:厘米)数据绘制成频率分布 直方图(如图). 第 14 页 共 16 页 (1)求抽取的学生身高在[120,130)内的人数; (2)若采用分层抽样的方法从身高在[120,130),[130,140),[140,150]内的学生中 共抽取 6 人,再从中选取 2 人,求身高在[120,130)和[130,140)内各 1 人的概率. 【答案】(1)30;(2) 2 5 . 【解析】(1)根据频率分布直方图求出学生身高在[120,130)内的频率,然后由样本 容量 100 求解. (2)根据采用分层抽样的方法得到身高在[120,130),[130,140),[140,150]内的学 生数,然后利用古典概型的概率求解. 【详解】 (1)由频率分布直方图得: 学生身高在[120,130)内的频率为:  1 0.005 0.035 0.020 0.010 10 0.3      , ∴学生身高在[120,130)内的人数为:100 0.3 30  . (2)采用分层抽样的方法从身高在[120,130),[130,140),[140,150]内的学生中共 抽取 6 人, 则从[120,130)内的学生中抽取: 0.036 30.03 0.02 0.01    人, 从[130,140)内的学生中抽取: 0.026 20.03 0.02 0.01    人, 从[140,150]内的学生中抽取: 0.016 10.03 0.02 0.01    人, 设[120,130)内的学生为 A,B,C,[130,140)内的学生为 a,b,[140,150] 内的学 生为 c, 所以从 6 人中选取 2 人,基本事件 第 15 页 共 16 页                  , , , , , , , , , , , , , , , , ,A B A C A a A b A c B C B a B b B c A,B,C,            , , , , , , , , , , ,C a C b C c a b a c b c 共 15 种, 身高在[120,130)和[130,140)内各 1 人包含的基本事件        , , , , , , ,A a A b B a B b ,   , , ,C a C b 共 6 种, ∴身高在[120,130)和[130,140)内各 1 人的概率 6 2 15 5p   . 【点睛】 本题主要考查频率分布直方图的应用,古典概型概率的求法,还考查了数形结合的思想 和运算求解的能力,属于中档题. 22.已知圆  2 2: 5M x a y   与两条坐标轴都相交,且与直线 2 5 0x y   相切. (1)求圆 M 的方程; (2)若动点 A 在直线 5x  上,过 A 引圆 M 的两条切线 AB , AC ,切点分别为 B , C ,求证:直线 BC 恒过定点. 【答案】(1) 2 2 5x y  ;(2)证明见解析. 【解析】(1)由圆 M 的方程求得圆心坐标与半径,再由圆心到直线 2 5 0x y   的距 离等于半径求得 a 值即可; (2)设  5,A m ,写出以 AO 为直径的圆的方程,与圆 M 联立可得公共弦 BC 所在直 线方程,由直线系方程可得直线 BC 恒过定点. 【详解】 (1)圆 M : 2 2 5x a y   的圆心坐标为 ,0a ,半径为 5 , ∵圆 M 与直线 2 5 0x y   相切, ∴ 5 5 5 a   ,即 0a  或 10a  . 又圆 M 与两条坐标轴都相交,∴ 0a  . 则圆 M 的方程为: 2 2 5x y  ; (2)设  5,A m ,则 A , B ,O ,C 四点共圆, AO 的中点为( 5 2 , 2 m ), 225AO m  , 则以 AO 为直径的圆的方程为   2 2 25 1 252 2 2 mx y m              , 第 16 页 共 16 页 整理得: 2 2 5 0x y x my    . 又圆 M : 2 2 5x y  , 两圆联立可得公共弦 BC 所在直线方程为5 5 0x my   . ∴直线 BC 恒过定点(1,0). 【点睛】 本题主要考查圆的方程以及圆与圆的公共弦问题,还考查了运算求解的能力,属于中档 题.

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