2020-2021学年江西省高二上学期第一次月考数学试题(解析版)
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2020-2021学年江西省高二上学期第一次月考数学试题(解析版)

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资料简介
第 1 页 共 15 页 2020-2021 学年江西省高二上学期第一次月 考数学试题 一、单选题 1.下列是古典概型的个数有( ) ①已知1 9x  且 xZ ,从 x 中任取一个数,则满足 2 5x  的概率 ②同时掷两颗骰子,点数和为 11 的概率; ③近一周中有一天降雨的概率; ④10 个人站成一排,其中甲在乙右边的概率. A.1 B.2 C.3 D.4 【答案】C 【解析】根据古典概型依次判断即可. 【详解】 因为古典概型的两个特点,一是结果有限个,二是每个结果等可能. 所以①为几何概型,②③④为古典概型. 故选:C 【点睛】 本题主要考查古典概型,属于简单题. 2.下面说法正确的是( ) A.一条直线和 x 轴的正方向所成的角,叫做这条直线的倾斜角 B.直线的斜率为 tan ,则其倾斜角为 C.若直线的倾斜角为 ,则斜率为 tan D.每一条直线都存在倾斜角,但不一定存在斜率 【答案】D 【解析】根据直线倾斜角和斜率的概念逐一判断即可. 【详解】 一条直线向上的方向和 x 轴的正方向所成的角,叫做这条直线的倾斜角, 故 A 错误; 直线的斜率为 tan ,因为直线的倾斜角范围是 0,π , 不一定在这个范围内,故 B 不正确; 若直线的倾斜角为90 ,斜率不存在,故 C 不正确; 第 2 页 共 15 页 每一条直线都存在倾斜角,但不一定存在斜率,故 D 正确; 故选:D. 【点睛】 本题主要考查了直线的倾斜角和斜率的概念及其关系,属于基础题. 3.下图的算法语句输出的结果 S 为( ) A.17 B.19 C.21 D.23 【答案】A 【解析】计算循环语句,直到 8I  不成立时,输出对应的 S 即可 【详解】 由题不妨设 0 1I  ,则 1 0 1 02 3 5, 2 3S I I I      ; 2 1 2 12 3 9, 2 5S I I I      ; 3 2 3 22 3 13, 2 7S I I I      ; 4 3 4 32 3 17, 2 9S I I I      ;9 8 不成立, 输出 4 17S  故选:A 【点睛】 本题考查循环语句,属于基础题 4.已知  ,3A m ,  2 , 4B m m ,  1,2C m  ,  1,0D ,且直线 AB 与 CD 平行, 则 m 的值为( ) A.1 B.0 或 1 C.2 D.1 或 2 【答案】B 【解析】按照直线斜率是否存在讨论,结合直线的斜率公式和平行直线的斜率关系得到 关于 m 的方程,解方程即得解. 【详解】 当直线 AB 与CD 的斜率均不存在时,由 2 1 1 m m m     可得 0m  , 第 3 页 共 15 页 此时  0,3A , (0,4)B , (1,2)C ,  1,0D ,符合题意; 当直线 AB 与CD 的斜率均存在时, 0m  , 此时 4 3 1 2AB m mk m m m     , 2 0 2 1 1CDk m m    ,所以 1 2m m m   ,解得 1m  , 此时  1,3A , (2,5)B , (2,2)C ,  1,0D ,符合题意; 综上, m 的值为 0 或 1. 故选:B. 【点睛】 本题考查了由直线的位置关系求参数,考查了运算求解能力与分类讨论思想,属于基础 题. 5.在1,2,3,4 中随机选出一个数 a ,在 2, 3, 4, 5    中随机选出一个数b ,则 2 2a b 被 3 整除的概率为( ) A. 1 2 B. 1 4 C. 1 8 D. 1 16 【答案】D 【解析】根据已知条件求出总的基本事件个数,再求出使得 2 2a b 被 3 整除的基本事 件的个数,根据古典概型的计算公式求解即可. 【详解】 根据题意可知,有如下基本事件: 2 21 ( 2) 5   ; 2 21 ( 3) 10   ; 2 21 ( 4) 17   ; 2 21 ( 5) 26   ; 2 22 ( 2) 8   ; 2 22 ( 3) 13   ; 2 22 ( 4) 20   ; 2 22 ( 5) 29   ; 2 23 ( 2) 13   ; 2 23 ( 3) 18   ; 2 23 ( 4) 25   ; 2 24 ( 5) 41   ; 2 24 ( 2) 20   ; 2 24 ( 3) 25   ; 2 24 ( 4) 32   ; 2 24 ( 5) 41   ; 共 16 个,其中满足 2 2a b 被 3 整除的基本事件有 1 个, 故 2 2a b 被 3 整除的概率为 1 16P  . 故选:D. 【点睛】 本题主要考查了古典概型的概率计算,属于基础题. 6.圆心在直线 2 0x y  上的圆C 与 y 轴的正半轴相切,圆C 截 x 轴所得弦的长为 第 4 页 共 15 页 2 3 ,则圆C 的标准方程为( ) A.   2 22 1 4x y    B.   2 22 1 4x y    C.    2 22 1 4x y    D.   2 22 1 4x y    【答案】C 【解析】由题意结合 y 轴与圆相切可设圆心  2 , , 0C n n n  ,则圆C 的半径为 2n ,再 由弦长即可列方程   2 223 2n n  ,求得 n 后即可得解. 【详解】 因为圆C 的圆心在直线 2 0x y  上,且与 y 轴的正半轴相切, 所以可设圆心  2 , , 0C n n n  ,则圆C 的半径为 2n , 又圆C 截 x 轴所得弦的长为 2 3 ,所以   2 223 2n n  , 所以 1n  ,所以圆C 的圆心  2,1C ,半径为 2 , 所以圆C 的标准方程为    2 22 1 4x y    . 故选:C. 【点睛】 本题考查了直线与圆位置关系的应用,考查了运算求解能力,属于基础题. 7.若动点 P 到点 (1,1)F 和直线3 4 0x y   的距离相等,则点 P 的轨迹方程为( ) A.3 6 0x y   B. 3 2 0x y   C. 3 2 0x y   D.3 2 0x y   【答案】B 【解析】点 (1,1)F 在直线3 4 0x y   上,则过点 (1,1)F 且垂直于已知直线的直线为所 求 ∴点 P 的轨迹方程为 3 2 0x y   故选 B 点睛:本题考查动点轨迹的求法,两直线互相垂直斜率关系,注意本题与抛物线定义的 区别,定点落在直线外是抛物线,而本题落在直线上. 8.下面程序框图的算法思路来源于我国古代数学名著《九章算术》中的“更相减损术”, 执行该程序框图,若输入的 分别为 ,则输出的 为( ) 第 5 页 共 15 页 A.0 B.1 C.3 D.15 【答案】C 【解析】试题分析:由题意得, 15, 18a b  ,不满足 a b ,则b 变为18 15 3  ; 由b a ,则 a 变为15 3 12  ;由b a ,则 a 变为12 3 9  ;由 b a ,则 a 变为 9 3 6  ;由b a ,则 a 变为 6 3 3  ,由 3a b  ,则输出的 3a  ,故选 C. 【考点】程序框图. 9.已知变量 x , y 满足 2 4 0 2 6 0 x y x x y          则 1 3 yk x   的取值范围是( ) A. 1 2k  或 5k   B. 15 2k   C. 1 2k  或 5k   D. 15 2k   【答案】A 【解析】由题意作出可行域,转化目标函数为可行域内的点与点  3, 1B  连线的斜率, 数形结合即可得解. 【详解】 由题意作出可行域,如图, 第 6 页 共 15 页 目标函数  11 3 3 yyk x x     ,即可行域内的点与点  3, 1B  连线的斜率, 直线 2 4 0x y   的斜率为 1 2 , 由 2 6 0 x x y      可得点  2,4A ,则 4 1 52 3ABk    , 数形结合可得, 1 2k  或 5k   . 故选:A. 【点睛】 本题考查了简单线性规划的应用,考查了数形结合思想与转化化归思想,属于基础题. 10.甲、乙两人各自在 400 米长的直线型跑道上跑步,则在任一时刻两人在跑道上相距 不超过 100 米的概率是( ) A. 1 8 B. 7 36 C. 1 4 D. 7 16 【答案】D 【解析】设甲、乙两人跑的路程分别为 x 米, y 米,根据条件列出甲、乙路程的约束条 件及在任一时刻两人在跑道上相距不超过 100 米的约束条件,画出对应的区域,根据几 何概型的计算公式求解即可. 【详解】 第 7 页 共 15 页 设甲、乙两人跑的路程分别为 x 米, y 米,则有 0 400 0 400 x y      ,表示区域如图正方形 OABC ,面积为160000平方米, 相距不超过100米满足 100x y  ,表示的区域如图阴影部分,面积为 1160000 (400 100) (400 100) 2 700002        平方米, 所以,在任一时刻两人在跑道上相距不超过100米的概率为 70000 7 160000 16P   , 故选:D. 【点睛】 本题主要考查了几何概型概率计算,属于中档题.解决此类问题的关键是熟练掌握几何 概型的使用条件,以及几何概型的计算公式. 11.若圆  2 2 2 0x y r r   上仅有 4 个点到直线 2 0x y   的距离为 1,则实数 r 的 取值范围为( ) A. 2 1,  B. 2 1, 2 1  C.  0, 2 1 D. 0, 2 1 【答案】A 【解析】到已知直线的距离为 1 的点的轨迹,是与已知直线平行且到它的距离等于 1 的 两条直线,根据题意可得这两条平行线与 2 2 2x y r  有 4 个公共点,由此利用点到直 线的距离公式加以计算,可得 r 的取值范围. 【详解】 解:作出到直线 2 0x y   的距离为 1 的点的轨迹,得到与直线 2 0x y   平行, 且到直线 2 0x y   的距离等于 1 的两条直线,  圆 2 2 2x y r  的圆心为原点, 原点到直线 2 0x y   的距离为 | 0 0 2 | 2 2 d    , 第 8 页 共 15 页 两条平行线中与圆心O 距离较远的一条到原点的距离为 2 1d   , 又圆 2 2 2 ( 0)x y r r   上有 4 个点到直线 2 0x y   的距离为 1, 两条平行线与圆 2 2 2x y r  有 4 个公共点,即它们都与圆 2 2 2x y r  相交. 由此可得圆的半径 r d , 即 2 1r   ,实数 r 的取值范围是 2 1,  . 故选:C . 【点睛】 本题给出已知圆上有四点到直线的距离等于半径,求参数的取值范围.着重考查了圆的 标准方程、直线与圆的位置关系等知识,属于中档题. 12.在平面直角坐标系中, ,A B 分别是 x 轴和 y 轴上的动点,若以 AB 为直径的圆C 与 直线 2 4 0x y   相切,则圆 C 面积的最小值为( ) A. 4 5  B. 3 4  C. (6 2 5) D. 5 4  【答案】A 【解析】【详解】试题分析:设直线 : 2 4 0l x y   因为 1| | | |2 C lOC AB d   , 1cd  表 示点C 到直线 l 的距离,所以圆心C 的轨迹为以O 为焦点,l 为准线的抛物线,圆C 的 半径最小值为 1 1 4 2 5 2 2 55O ld     ,圆C 面积的最小值为 2 2 5 4 5 5        .故本 题的正确选项为 A. 【考点】抛物线定义. 二、填空题 13.从装有 2 个红球和 2 个白球的口袋内任取 2 个球,是互斥事件的序号为___________. 第 9 页 共 15 页 (1)至少有 1 个白球;都是白球; (2)至少有 1 个白球;至少有 1 个红球; (3)恰有 1 个白球;恰有 2 个白球; (4)至少有 1 个白球;都是红球 【答案】(3)(4) 【解析】根据互斥事件的概念依次判断每个选项中是否为互斥事件得到答案. 【详解】 (1)至少有 1 个白球,都是白球,都是白球的情况两个都满足,故不是互斥事件; (2)至少有 1 个白球,至少有 1 个红球,一个白球一个红球都满足,故不是互斥事件; (3)恰有 1 个白球,恰有 2 个白球,是互斥事件; (4)至少有 1 个白球;都是红球,是互斥事件. 故答案为:(3)(4). 【点睛】 本题考查了互斥事件,意在考查学生对于互斥事件的理解和掌握. 14.函数   2 22 5 6 18f x x x x x      的最小值为________. 【答案】 29 【解析】根据题意,其几何意义为点  ,0P x 到点  1,2A ,  3,3B 两点的距离之和, 故 y PA PB PC PB BC     ,再根据距离公式求解即可. 【详解】 解:因为      2 22 22 5 6 18 1 4 3 9f x x x x x x x            , 几何意义为点  ,0P x 到点  1,2A ,  3,3B 两点的距离之和,  1,2A 关于 x 轴的对称点  1, 2C  ,    2 23 1 3 2 29y PA PB PC PB BC          , 当且仅当 , ,B P C 三点共线时 y 的值最小为 29BC  故答案为: 29 【点睛】 本题考查两点之间距离公式的妙用,涉及函数最值的求解,属基础题. 15.两圆 2 2 2 2 2 0x y x y     和 2 2 4 5x y x   的公共弦长为________. 第 10 页 共 15 页 【答案】 3 6 2 【解析】两圆方程作差得到公共弦方程,再求出圆心到直线的距离,从而求出弦长; 【详解】 解: 2 2 2 2 2 0x y x y     即   2 21 1 4x y    ①圆心为 1, 1 ,半径 2r = ; 2 2 4 5x y x   ② ①  ②得 6 2 3 0x y    ,即两圆公共弦方程为 6 2 3 0x y   ,圆心到直线 6 2 3 0x y   的距离  22 6 2 3 10 46 2 d      所以公共弦长为 2 2 10 3 62 2 4 2l        故答案为: 3 6 2 【点睛】 本题考查两圆公共弦的计算,属于基础题. 16.设 m R ,过定点 A 的动直线 0x my  和过定点 B 的动直线 3 0mx y m    交于点 ( , )P x y ,则 PA PB 的最大值是 . 【答案】5 【解析】试题分析:易得 (0,0), (1,3)A B .设 ( , )P x y ,则消去 m 得: 2 2 3 0x y x y    , 所以点 P 在以 AB 为直径的圆上, PA PB ,所以 2 2 2| | | | 10PA PB AB   , 2| | 52 ABPA PB   . 法二、因为两直线的斜率互为负倒数,所以 PA PB ,点 P 的轨迹是以 AB 为直径的 圆.以下同法一. 【考点定位】1、直线与圆;2、重要不等式. 三、解答题 17.已知 ABC 的顶点坐标为 ( 1,5)A  , ( 2, 1)B   , (4,3)C . (Ⅰ)求 AB 边上的高线所在的直线方程; 第 11 页 共 15 页 (Ⅱ)求 ABC 的面积. 【答案】(Ⅰ)x+6y﹣22=0;(Ⅱ)16. 【解析】试题分析:(1)由题意可得 AB 的斜率,可得 AB 边高线斜率,进而可得方程; (2)由(1)知直线 AB 的方程,可得 C 到直线 AB 的距离为 d,由距离公式可得|AB|, 代入三角形的面积公式可得. 试题解析: (I)由题意可得 , ∴AB 边高线斜率 k= 1 6  , ∴AB 边上的高线的点斜式方程为  13 46y x    , 化为一般式可得 x+6y﹣22=0; (II)由(Ⅰ)知直线 AB 的方程为 y﹣5=6(x+1),即 6x﹣y+11=0, ∴C 到直线 AB 的距离为 d= , 又∵|AB|= = , ∴三角形 ABC 的面积 S= 18.已知直线    : 2 0l m n x m n y m n      及点  4,5P (1)证明直线 l 过某定点,并求该定点的坐标 (2)当点 P 到直线l 的距离最大时,求直线 l 的方程 【答案】(1)证明见解析,  2,3 ;(2)3 3 0x y   . 【解析】(1)首先根据题意得到    2 1 1 0m x y n x y      ,再根据 2 1 0 1 0 x y x y        即可得到答案. (2)首先根据题意得到当点 P 在直线l 上的射影点恰好是 A 时,即 PA l 时,点 P 到 直线 l 的距离最大,再求直线方程即可. 【详解】 (1)直线l 方程可化为:    2 1 1 0m x y n x y      由 2 1 0 1 0 x y x y        ,解得 2x   且 3y  , ∴直线 l 恒过定点  2,3A  . 第 12 页 共 15 页 (2)因为直线恒l 过定点  2,3A  , ∴当点 P 在直线l 上的射影点恰好是 A 时,即 PA l 时,点 P 到直线l 的距离最大, ∵ 1 3PAk  ,∴直线l 的斜率 3k   由此可得点 P 到直线l 的距离最大时,直线l 的方程为  3 3 2y x    , 即3 3 0x y   . 【点睛】 本题第一问考查直线横过定点问题,第二问考查直线方程,属于简单题. 19.现有 8 名奥运会志愿者,其中志愿者 1 2 3A A A, , 通晓日语, 1 2 3B B B, , 通晓俄语, 1 2C C, 通晓韩语.从中选出通晓日语、俄语和韩语的志愿者各 1 名,组成一个小组. (1)求 1A 被选中的概率; (2)求 1B 和 1C 不全被选中的概率. 【答案】(1) 1 3 ;(2) 5 6 . 【解析】【详解】 (1)从 8 人中选出日语、俄语和韩语志愿者各 1 名,其一切可能的结果组成的基本事 件空间   { 1 1 1 1 1 2 1 2 1( ) ( ) ( )A B C A B C A B C, , , , , , , , , 1 2 2 1 3 1( ) ( )A B C A B C, , , , , , 1 3 2( )A B C, , , 2 1 1 2 1 2 2 2 1( ) ( ) ( )A B C A B C A B C, , , , , , , , , 2 2 2( )A B C, , , 2 3 1( )A B C, , , 2 3 2( )A B C, , , 3 1 1 3 1 2 3 2 1( ) ( ) ( )A B C A B C A B C, , , , , , , , , 3 2 2 3 3 1 3 3 2( ) ( ) ( )A B C A B C A B C, , , , , , , , } 由 18 个基本事件组成.由于每一个基本事件被抽取的机会均等, 因此这些基本事件的发生是等可能的.用 M 表示“ 1A 恰被选中”这一事件,则 M  { 1 1 1 1 1 2 1 2 1( ) ( ) ( )A B C A B C A B C, , , , , , , , , 1 2 2 1 3 1 1 3 2( ) ( ) ( )A B C A B C A B C, , , , , , , , } 事件 M 由 6 个基本事件组成,因而 6 1( ) 18 3P M   . (2)用 N 表示“ 1 1B C, 不全被选中”这一事件,则其对立事件 N 表示“ 1 1B C, 全被选中” 这一事件, 第 13 页 共 15 页 由于 N  { 1 1 1 2 1 1 3 1 1( ) ( ) ( )A B C A B C A B C, , , , , , , , },事件 N 有 3 个基本事件组 成, 所以 3 1( ) 18 6P N   ,由对立事件的概率公式得 1 5( ) 1 ( ) 1 6 6P N P N     . 20.某高速公路隧道内设双行线公路,其截面由一段圆弧和一个长方形的三边构成(如 图所示).已知隧道总宽度 AD 为 6 3m ,行车道总宽度 BC 为 2 11m ,侧墙面高 EA , FD 为 2m ,弧顶高 MN 为5m . (1)建立适当的直角坐标系,求圆弧所在的圆的方程. ( 2 )为保证安全,要求行驶车辆顶部(设为平顶)与隧道顶部在竖直方向上的高度之 差至少要有 0.5m .请计算车辆通过隧道的限制高度是多少. 【答案】(1) 2 23 36x y  ( ) ;(2)3.5 【解析】试题分析:(1)建立直角坐标系,设圆一般方程,根据三点 E,F,M 坐标解出参 数(2)根据题意求出圆上横坐标等于 c 点横坐标的纵坐标,再根据要求在竖直方向上 的高度之差至少要有 0.5m 得车辆通过隧道的限制高度 试题解析:(1)以 EF 所在直线为 x 轴,以 MN 所在直线为 y 轴,以 1m 为单位长度建 立直角坐标系,则 3 3 0E ( ,), 3 3 0F( ,), 0 3M( ,),由于所求圆的圆心在 y 轴上, 所以设圆的方程为 2 2 20x y b r   ( ) ( ) ,因为 F , M 在圆上,所以     2 2 2 22 2 3 3 0 3 b r b r        ,解得 3b   , 2 36r  ,所以圆的方程为 2 23 36x y  ( ) . (2)设限高为 h ,作CP AD ,交圆弧于点 P ,则 0.5CP h  ,将 P 的横坐标 11x  代入圆的方程,得   2 211 3 36y   ,得 2y  或 8y   (舍),所以  0.5 0.5 2 2 0.5 3.5h CP y DF        ( ) (m). 答:车辆通过隧道的限制高度是3.5米 第 14 页 共 15 页 21.已知圆 C 过点 P(1,1),且与圆 M:(x+2)2+(x+2)2=r2(r>0)2 关于直线 x+y+2=0 对 称. ⑴求圆 C 的方程; ⑵设 Q 为圆 C 上的一个动点,求 PQ MQ  的最小值; ⑶过点 P 作两条相异直线分别与圆 C 相交于 A,B,且直线 PA 和直线 PB 的倾斜角互 补,O 为坐标原点,试判断直线 OP 和 AB 是否平行?请说明理由. 【答案】(1) 2 2 2x y  ;(2)-4;(3)平行. 【解析】试题分析:(1)由于两圆关于某直线对称,则两圆的圆心关于该直线对称且半 径相等;所以可先由圆 C 与圆 M:(x+2)2+(x+2)2=r2(r>0)2 关于直线 x+y+2=0 对称,求出 圆C的圆心C的坐标(x0,y0),进而写出圆 C 的方程,再由圆 C 过点 P(1,1)就可求 出半径 r 的值,从而得圆C的方程;其中求圆心C的坐标(x0,y0)这样进行:因为圆 M 的圆心 M(-2,-2),所以有 MC 的中点 在直线 x+y+2=0 上,且 MC 与直线 x+y+2=0 垂直,可列出关于 x0,y0 的方程组,解此方程组就可求得 x0,y0 的值;(2)设出 点 Q 的坐标,则 可用点 Q 的坐标表示出来,再由点 Q 在圆 C 上,可考虑用三角换 元或用数形结合法来求 的最小值;(3)由于直线 PA 和直线 PB 的倾斜角互补 且 PA 与 PB 是两条相异直线,所以两直线的倾斜角均不为 900,从而两直线的斜率都存在, 若设 PA 的斜率为 k,则 PB 的斜率就为-k,从而就可写出两直线的方程,与圆 C 的方程 结合起来就可用 k 的式子表示出 A,B 两点的从标,从而就可求出直线 AB 的斜率,又 OP 的斜率可求,从而就可判断直线 OP 和 AB 是否平行了. 试题解析:(1)设圆C的圆心C的坐标为(x0,y0),由于圆 M 的圆心 M(-2,-2),则 有: ,所以圆 C 的方程为: ,又因为圆 C 过点 P(1,1),所以有 ,故知:⊙C 的方程为: 第 15 页 共 15 页 (2)设 Q(x、y),则 ,从而可设 则 ( 1)( 2) ( 1)( 2) 2 2sin( ) 24PQ MQ x x y y x y               所以 PQ MQ  的最小值为-4. (3)设 PA 的方程为: ,则 PB 的方程为: 由 得 ,同理可得: OP∥AB. 【考点】1.圆的方程;2.向量的数量积;3.直线和圆的位置关系.

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