2020-2021学年江西省赣州市高二上学期第二次大考数学(理)试题 Word版
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2020-2021学年江西省赣州市高二上学期第二次大考数学(理)试题 Word版

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资料简介
1 2020-2021 学年度第一学期高二第二次大考 数 学(理)试 卷 一、选择题(本大题共 12 小题,每小题 5 分,共 60 分,在每小题给出的四个选项中,有且只有一 项是符合题目要求的 ) 1.直线l 的方程为 3 3 1 0x y   ,则直线l 的倾斜角为( ) A.150 B.120 C. 60 D.30 2.在空间直角坐标系中,已知 ( 1,0,2)M  , (3,2, 4)N  ,则 MN 的中点 P 到坐标原点O 的距离为 ( ) A. 3 B. 2 C.2 D.3 3.一个长方体切去一个小长方体,所得几何体的主视图与左视图分别如图所示,则该几何体的俯视图 为( ) 4.圆锥的高扩大到原来的 2 倍,底面半径缩短到原来的 2 1 ,则圆锥的体积( ) A.扩大到原来的 2 倍 B.缩小到原来的一半 C.缩小到原来的 6 1 D. 不变 5.等比数列 na ,满足 0, 1na q  ,且 3 5 20a a  , 2 6 64a a  ,则 5S  ( ) A.31 B.36 C.42 D.48 6.在棱长为 1 的正方体 1 1 1 1ABCD A B C D 中, N,M 分别是 11BA 和 1BB 的 中点,则直线 AM 与CN 所成角 的余弦值为( ) A. 5 1 B. 5 2 C. 5 21 D. 5 62 7.圆 x2+y2-4x-4y-10=0 上的点到直线 x+y-14=0 的最大距离与最小距离的差是 ( ) A. 36 B. 18 C. 5 2 D. 6 2 2 8.在 ABC 中,角 A ,B ,C 的对边分别为 a ,b ,c ,若 cos (2 )cosc a B a b A   ,则 ABC 为( ) A.等腰三角形 B.直角三角形 C.等腰直角三角形 D.等腰或直角三角形 9. 已知空间中不同直线 m n、 和不同平面 、  ,下面四个结论: ①若 m n、 互为异面直线, / /m  , //n  , //m , / /n  ,则 / /  ; ②若 m n , m  , / /n  ,则  ; ③若 n  , / /m  ,则 n m ; ④若  , m  , mn // ,则 / /n  .其中正确的是( ) A. ①② B. ②③ C. ③④ D. ①③ 10.唐代诗人李颀的诗《古从军行》开头两句说:“白日登山望烽火,黄昏饮马傍交河.”诗中隐含着 一个有趣的数学问题——“将军饮马”问题,即将军在观望烽火之后从山脚下某处出发,先到河边 饮马后再回到军营,怎样走才能使总路程最短?在平面直角坐标系中,设军营所在区域为 2 2 1x y  ,若将军从点 (2,0)A 处出发,河岸线所在直线方程为 3x y  ,并假定将军只要到 达军营所在区域即回到军营,则“将军饮马”的最短总路程为( ) A. 10 1 B. 2 2 1 C. 2 2 D. 10 11.已知正方体 1 1 1 1ABCD A B C D 的棱长为 1, E 是棱 1 1D C 的中点,点 F 在正方体内部或正方体的 表面上,且 EF ∥平面 1 1A BC ,则动点 F 的轨迹所形成的区域面积是( ) A. 9 8 B. 3 2 C. 3 3 4 D. 2 12.如图,矩形 ABCD 中, 2AB AD ,E 为边 AB 的中点,将 ADE 沿直线 DE 翻转成 1A DE ( 1A 平面 ABCD ).若 M 、 O 分别为线段 1AC 、 DE 的中点,则在 ADE 翻转过程中, 下列说法错误的是( ) A.与平面 1A DE 垂直的直线必与直线 BM 垂直 B.异面直线 BM 与 1A E 所成角是定值 C.一定存在某个位置,使 DE MO D.三棱锥 1A ADE 外接球半径与棱 AD 的长之比为定值 3 二、填空题(本大题共 4 小题,每小题 5 分,共 20 分.将答案填在答题卡上的相应位置) 13.已知向量 ( 1,2), ( ,1)a b m    ,若向量 a b  与 a  垂直,则 m  . 14.如图, ' ' 'AO B 为水平放置的 AOB 斜二测画法的直观图,且 2, 3O A O B     ,则 AOB 的周长为 . 15.在平面直角坐标系 xOy 中,若圆 C:   2 23 4x y a    上存 在两点 A、B 满足: 60AOB   ,则实数 a 的最大值是 . 16.已知边长为 2 3 的菱形 ABCD 中, 60BAD   ,沿对角线 BD 折成二面角 A BD C  为120 的四面体 ABCD ,则四面体 ABCD 的外接球的表面积为 . 三、解答题(本大题共 6 小题,共 70 分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤 ) 17.(本小题满分 10 分) 如图,在直三棱柱 1 1 1ABC A B C 中, 9AC  , 12BC  , 15AB  ,点 D 是 AB 的中点. (1)求证: 1AC B C ; (2)求证: 1AC ∥平面 1CDB . 18.(本小题满分 12 分) 在 ABC 中, acbca 2222  . (I)求 B 的大小; (II)求 CA coscos2  的最大值. 4 19.(本小题满分 12 分) 设数列 na 的前 n 项和为 nS ,且 11 a , 121  nn Sa ,n∈N*. (I)求数列 na 的通项公式; (II)设 2 1 n n nc a  ,求数列 nc 的前 n 项和 nT . 20.(本小题满分 12 分) 如图所示,正三棱柱 1 1 1ABC A B C 的高为 2,点 D 是 1A B 的中点,点 E 是 1 1B C 的中点. (1)证明: / /DE 平面 1 1ACC A ; (2)若三棱锥 E DBC 的体积为 3 12 ,求该正三棱柱的底面边长. 21.(本小题满分 12 分) 在如图所示的几何体中, / /DE AC ,AC  平面 BCD, 2 4AC DE  , 2BC  , 1DC  , 60BCD   . (1)证明: BD  平面 ACDE ; (2)求平面 BCD与平面 BAE 所成二面角的正弦值. 5 22.(本小题满分 12 分) 如图,在直角坐标系 xOy 中,圆 4: 22  yxO 与 x 轴负半轴交于点 A ,过点 A 的直线 AM , AN 分别与圆O 交于 ,M N 两点,设直线 AM AN、 的斜率分别为 1 2k k、 . (1)若 1 2 12, 2k k   ,求△ AMN 的面积; (2)若 1 2 2k k   ,求证:直线 MN 过定点. 6 2020-2021 学年度第一学期高二第二次大考 数学(理)参考答案 一、选择题(本大题共 12 小题,每小题 5 分,共 60 分,在每小题给出的四个选项中,有且只有一 项是符合题目要求的 ) 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 A A D B A B D D D A C C 二、填空题(本大题共 4 小题,每小题 5 分,共 20 分.将答案填在答题卡上的相应位置) 13. 7 14. 12 15. 7 16. 28 三、解答题(本大题共 6 小题,共 70 分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤 ) 17.解: (1)直三棱柱 1 1 1ABC A B C , 1CC  面 ABC , 1CC AC  , 又 9AC  , 12BC  , 15AB  , 2 2 2AB BC AB   , AC BC  , 1CC BC C , AC  面 1 1BB C C , 1AC B C  .----------5 分 (2)取 1 1A B 的中点 1D ,连结 1 1C D 和 1AD , 1 1AD D B ∥ ,且 1 1AD D B , 四边形 1 1ACB D 为平行四边形, 1 1AD DB ∥ , 1AD 面 1CDB , 1 1CC DD ∥ ,且 1 1CC DD ,四边形 1 1CC D D 为平行四边形, 1 1C D CD ∥ , 1 1C D ∥面 1CDB , 1 1 1 1AD C D D  ,面 1 1AC D ∥面 1CDB , 1AC ∥平面 1CDB .----------10 分 18.解: (1) ,又∵ ,∴ ......................6 分 (2)由(1)知 ............................ 10 分 因为 ,所以当 时, 取得最大值 .................................12 分 19.解:(1)由 an+1=2Sn+1 可得 an=2Sn﹣1+1(n≥2),两式相减得 an+1﹣an=2an 7 即an+1=3an(n≥2).又a2=2S1+1=3,所以a2=3a1.故{an}是首项为 1,公比为 3 的等比数列. 所以an=3n﹣1. ................................................................5 分 (2)因为 1 2 1 3n n nc   ,所以 . 则 , 两式相减得: . 所以 = ............................................................12 分 20. 解:(1)如图,连接 1 1,AB AC ,因为 D 是 1A B 的中点, E 是 1 1B C 的中点, 所以在 1 1B AC 中, 1/ /DE AC , DE  平面 1 1ACC A , 1AC  平面 1 1ACC A , 所以 / /DE 平面 1 1ACC A . -------------5 分 (2)由等体积法,得 E DBC D EBCV V  , 因为 D 是 1A B 的中点, 所以点 D 到平面 1 1BCC B 的距离是点 A 到平面 1 1BCC B 的距离的一半. 如图,作 AF BC 交 BC 于点 F ,由正三棱柱的性质可知, AF  平面 1 1BCC B . 设底面正三角形的边长 a ,则三棱锥的高 1 3 2 4h AF a  , ------------9 分 1 22EBCS a a     , 所以 21 3 3 3 12 12D EBC EBCV S h a     ,解得 1a  , 所以该正三棱柱的底面边长为1. -------------12 分 21.解:(1)在 BCD 中, 2 22 1 2 1 2 60 3BD cos      . 所以 2 2 2BC BD DC  ,所以 BCD 为直角三角形, BD CD . -------------3 分 又因为 AC 平面 BCD,所以 AC BD . 而 AC CD C  ,所以 BD  平面 ACDE . -------------5 分 8 (2)(方法一)如图延长 AE , CD 相交于G ,连接 BG , 则平面 AEB  平面 BCD BG . 二面角 A BG C  就是平面 BCD与平面 BAE 所成二面角. 因为 , 2DE AC AC DE ,所以 DE 是 AGC 的中位线. 1GD DC  ,这样 2, 60 ,GC BC BCD BGC     是等边三角形. 取 BG 的中点为 H ,连接 ,AH CH ,因为 AC 平面 BCD. 所以 AHC 就是二面角 A BG C  的平面角. -------------10 分 在 , 4, 3Rt AHC AC CH   ,所以 4 4 19 1919 sin AHC   . -------------12 分 (方法二)建立如图所示的空间直角坐标系 D xyz , 可得          0,0,0 , 3,0,0 , 0,1,0 , 0,0,2 , 0,1,4D B C E A .    3,1,4 , 0,1,2BA EA    . 设  , ,n x y z 是平面 BAE 的法向量,则 3 4 0 2 0 n BA x y z n EA y z              令 3z  得  2, 2 3, 3n   . -------------9 分 取平面 BCD 的法向量为  0,0,1m  . -------------10 分 设平面 BCD 与平面 BAE 所成二面角的平面角为 , 则 3 19 n mcos n m        ,从而 4 19 19sin  . -------------12 分 22.解:(1)由题知,得直线 AM 的方程为 42  xy ,直线 AN 的方程为 12 1  xy 所以,圆心到直线 AM 的距离 5 |4|d ,所以, 5 54 5 1642 AM ,-------------3 分 由题知 1 2 1k k   ,所以 AN⊥AM, 5 58AN , 5 16 5 58 5 54 2 1 S -----------5 分 (2)方法一:由题知直线 AM 的方程  1 2y k x  ,直线 AN 的方程为   1 2 2y xk    9 联立方程  1 2 2 2 4 y k x x y      ,所以   2 2 1 12 1 2 2 0x k x k       , 得 2x 或 2 1 2 1 2 2 1 kx k   所以 2 1 1 2 2 1 1 2 2 4,1 1 k kM k k       ,-------------7 分 同理, 2 1 1 2 2 1 1 2 8 8,4 4 k kN k k        ,-------------8 分 所以直线 MN 为 1 1 2 2 2 1 1 1 1 2 22 2 1 11 1 2 2 1 1 4 8 8 1 4 2 8( )2 2 2 84 4 1 4 k k k k k ky xk kk k k k          即 2 1 1 1 2 2 2 1 1 1 8 3 2 8( )4 2 4 k k ky xk k k       ,得 1 1 1 2 2 2 1 1 1 3 2 3 2( )2 2 2 3 k k ky x xk k k       , 所以直线 MN 恒过定点 2( ,0)3  .-------------12 分 方法二:由 1 2 2k k   知直线 MN 的斜率不为 0, 设直线 MN 的方程为 ( 2)x ty n n    , 1 1 2 2( , ), ( , )M x y N x y 联立 2 2 4 x ty n x y      得 2 2 2( 1) 2 4 0t y tny n     2 2 2 2 2 24 4( 1)( 4) 4(4 4 ) 0t n t n t n         且 2 1 2 1 22 2 2 4,1 1 tn ny y y yt t      -------------7 分 1 2 2k k   , 1 2 1 2 22 2 y y x x      1 2 1 22( 2)( 2) 0x x y y     又 1 1 2 2,x ty n x ty n    1 2 1 22( 2)( 2) 0ty n ty n y y       即 2 2 1 2 1 2(2 1) 2 ( 2)( ) 2( 2) 0t y y t n y y n       2 2 2 2 2 4 2(2 1) 2 ( 2) 2( 2) 01 1 n tnt t n nt t          -------------9 分 化简整理得 23 8 4 0n n   ,解得 2 3n   或 2n   (舍去) -------------11 分 10 直线 MN 的方程为 2 3x ty  ,故直线 MN 恒过定点 2( ,0)3  -------------12 分

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