安徽省和县第二中学2019-2020学年高二第二学期期末考试数学(理)试卷 Word版含答案
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安徽省和县第二中学2019-2020学年高二第二学期期末考试数学(理)试卷 Word版含答案

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资料简介
- 1 - 数学(理)试卷 一、选择题:本大题共 12 小题,每小题 5 分,共 60 分.在每小题给出的四个选项中,只有一 项是符合题目要求。 1.若直线 a 平行于平面α,则下列结论错误..的是( ) A.直线 a 上的点到平面α的距离相等 B.直线 a 平行于平面α内的所有直线 C.平面α内有无数条直线与直线 a 平行 D.平面α内存在无数条直线与直线 a 成 90°角 2.如图所示,在长方体 1 1 1 1ABCD A B C D 中,M 为 1 1AC 与 1 1B D 的 交点。若 AB a  , AD b  , 1AA c  ,则下列向量中与 BM  相 等的向量是( ) A. 1 1 2 2      a b c B. 1 1 2 2a b c    C. 1 1 2 2a b c     D. 1 1 2 2a b c    3.已知 RbRa  , ,则“直线 012  yax 与直线 012)1(  ayxa 垂直”是“ 3a ” 的( ) A.充分不必要条件 B.必要不充分条件 C.充要条件 D.既不充分也不必要条件 4.设椭圆 2 2 2 2: 1( 0)x yC a ba b     过点 (0,4) ,离心率为 3 5 ,则椭圆 C 的标准方程为( ) A. 2 2 116 9 x y  B. 2 2 125 16 x y  C. 2 2 116 4 x y  D. 2 2 125 9 x y  5.直线 : (2 1) 6 0l mx m y    与两坐标轴所围成的三角形的面积为 3,则 m 的值为( ) A.2 B. 3 2  C.3 D. 2 或 3 2  6.鲁班锁是中国传统的智力玩具,起源于中国古代建筑中首创的榫卯结构,它的外观是如图 所示的十字立方体其上下、左右、前后完全对称,六根完全一样的正四棱柱体分成三组, 经90 榫卯起来若正四棱柱的高为 5,底面正方形的边长为 1,现将该鲁班锁放进 一个球 形容器内,则该球形容器的表面积至少为(容器壁的厚度忽略不计)( ) - 2 - A. 28 B.30 C. 60 D.120 7.双曲线 2 2 2 2 1x y a b   ( 0a  , 0b  )的左、右焦点分别是 1 2F F, ,过 1F 作倾斜角为30 的 直线交双曲线右支于 M 点,若 2MF 垂直于 x 轴,则双曲线的离心率为( ) A. 6 B. 3 C. 2 D. 3 3 8.动直线  : 2 2= 0l x my m m R    与圆 2 2: 2 4 4 0C x y x y     交于点 A,B,则弦 AB 最短为( ). A.3 B.6 C. 4 2 D. 2 5 9.如图,网格纸的各小格都是正方形,粗线画出的是一个三棱锥的左视图和俯视图,则该三 棱锥的主视图可能是( ) A. B. C. D. 10.若椭圆 2 2 2 2 1( 0)x y a ba b     的离心率为 1 3 ,则双曲线 2 2 2 2 1x y a b   的渐近线方程为 ( ) A. 2 2 3y x  B. 3 2y x  C. 2 2y x  D. y x  - 3 - 11.已知直线 l :  ( 1) 0y k x k   与抛物线 2: 4C y x 相交于 A 、 B 两点,且满足 2AF BF ,则 k 的值是( ) A. 3 3 B. 3 C. 2 23 D. 2 2 12.两圆 2 2 2 1 : 2 4 0( )C x y ax a a R      与 2 2 2 2 : 2 1 0( )C x y by b b R      只有 一条公切线,则 a b 的最小值为( ) A.1 B. 2 C. 2 D. 2 二、填空题:本大题共 4 小题,每小题 5 分,共 20 分。 13.命题“ x R  ,使得 0522  xx ”的否定是 . 14.已知方程 2 2 2 11 4 x y m m    表示焦点在 x 轴上的双曲线,则 m 的取值范围为 . 15.已知实数 x , y 满足 2 2 6 8 24 0x y x y     ,则 2 2x y 的最小值为 . 16.人造地球卫星绕地球运行遵循开普勒行星运动定律:如图,卫星在以地球的中心为焦点的 椭圆轨道上绕地球运行时,其运行速度是变化的,速度的变化服从面积守恒规律,即卫星 的向径(卫星与地心的连线)在相同的时间内扫过的面积相等设该椭圆的长轴长、焦距分别 为 2a , 2c .某同学根据所学知识,得到下列结论: ①卫星向径的取值范围是 ,a c a c  ②卫星向径的最小值与最大值的比值越大,椭圆轨道越扁 ③卫星在左半椭圆弧的运行时间大于其在右半椭圆弧的运行时间 ④卫星运行速度在近地点时最小,在远地点时最大 其中正确的结论是 . 三、解答题:本大题共 6 小题,共 70 分。解答应写出必要的文字说明、证明过程及演算步骤。 17.(本小题满分 10 分) 已知 :p 方程 2 2 24 0x y y m    表示圆; :q 方程 2 2 13 x y m   表示焦点在 x 轴上的椭圆. (1)若 p 为真命题,求实数 m 的取值范围; (2)若“ p q ”为假,“ p q ”为真,求实数 m 的取值范围. 18.(本小题满分 12 分) 已知点 (3,1)M ,直线 4 0ax y   及圆 2 2:( 1) ( 2) 4C x y    . (1)求过点 M 的圆 C 的切线方程; - 4 - (2)若直线 4 0ax y   与圆C 相交于 BA, 两点,且弦 AB 的长为 2 3 ,求 a 的值; 19.(本小题满分 12 分) 如图所示,四棱锥 P ABCD 底面是直角梯形,点 E 是棱 PC 的中点, BA AD , CD AD , 2CD AB ,PA  底面 ABCD , 2PA AB AD   . (1)判断 BE 与平面 PAD 是否平行,证明你的结论; (2)证明: BE  平面 PDC ; 20.(本小题满分 12 分) 已知椭圆 2 2: 12 xC y  的左、右焦点分别为 1 2,F F (1)过椭圆 C 的左焦点且倾斜角为 60 的直线与椭圆交于 A,B 两点,求 2ABF 的面积; (2)过定点 (2,2) 的直线交椭圆 C 于 AB 两点,求弦 AB 中点 P 的轨迹方程. 21.(本小题满分 12 分) 如图,等腰梯形 ABCD 中, / /AB CD , 1AD AB BC   , 2CD  ,E 为 CD 中点, 以 AE 为折痕把 ADE 折起,使点 D 到达点 P 的位置( P平面 ABCE ). (1)证明: AE PB ; (2)若直线 PB 与平面 ABCE 所成的 角为 4  ,求二面角 A PE C  的余弦值. 22.(本小题满分 12 分) 已知抛物线  2: 2 0E y px p  ,过其焦点 F 的直线与抛物线相交于  1 1,A x y 、  2 2,B x y 两点,满足 1 2 4y y   . (1)求抛物线 E 的方程; (2)已知点C 的坐标为 2,0 ,记直线CA 、CB 的斜率分别为 1k , 2k ,求 2 2 1 2 1 1 k k  的 最小值. 数学(理)答案 一、选择题:本大题共 12 小题,每小题 5 分,共 60 分.在每小题给出的四个选项中,只有一 项是符合题目要求。 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 B A B B D B B C A A D C 二、填空题(本大题共 4 小题,每小题 5 分,共 20 分.) D A B C P E - 5 - 13. x R  ,都有 0522  xx 14.  1,2 15.16 16.①③ 三、解答题(本大题共 6 小题,共 70 分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.) 17.【解析】(1)整理圆的方程:  22 22 4x y m    若 p 为真,则 2 2m   (2)若 q为真,则 0 3m  由题可知, ,p q 一真一假 故“ p 真 q假”时, 2 2 0 3 m m m       或 则 2 0m   “ q真 p 假”时, 2 2 0 3 m m m       或 则 2 3m  综上, 2 0 2 3m m    或 18.【解析】由题意 (1,2)C , 2r = . (1)过点 M 且斜率不存在的直线为 3x  与圆C 相切, 过点 M 且斜率存在的直线,设其方程为 1 ( 3)y k x   ,即 3 1 0kx y k    , ∴ 2 2 3 1 2 1 k k k      ,解得 3 4k  ,切线方程为 3 5 04 4x y   ,即3 4 5 0x y   . ∴所求切线方程为 3x  或3 4 5 0x y   . (2) 2 2 2 4 2 1 1 a ad a a       , ∴ 2 2 2 2 ( 2)2 2 4 2 31 ar d a     ,解得 3 4a   . 19.【解析】(1)证明:取 PD 中点Q ,连 EQ , AQ ,则 1 2QE CD AB  / / / / / / QE CD CD AB QE AB QE AB      且QE AB  四边形 ABEQ 是平行四边形 //BE AQ / / / / BE AQ AQ PAD BE BE PAD       平面 平面 平面 PAD D A B C P E - 6 - (2)证明: PA ABCD PA CDCD ABCD     平面 平面 ,又 CD AD , PA AD A CD  平面 PAD 又 AQ  平面 PAD AQ CD  ,又 PA AD , Q 为 PD 的中点 AQ PD  ,又 PD CD D  AQ  平面 PCD 又 / /BE AQ BE  平面 PCD. 20.(1)直线方程为:  3 1y x  ,联立得到:   2 2 12 3 1 x y y x       得到 1 2 2 1 2 2 3 77 2 3 3 0 3 7 y y y y y y            2 2 1 2 1 2 1 2 1 12 12 4 62 42 49 7 7ABFS c y y y y y y          (2)设    1 1 2 2, , ,A x y B x y ,代入椭圆方程相减得到      1 2 1 2 1 2 1 2 02 x x x x y y y y       设中点为  ,P x y ,则 1 2 1 2 2 0y yx y x x   , 1 2 1 2 2 2 y y ykx x x     代入化简得到: 2 22 2 4 0x x y y    (椭圆内部部分) 21.【解析】(1)证明:在等腰梯形 ABCD 中,连接 BD,交 AE 于点 O, ∵AB||CE,AB=CE,∴四边形 ABCE 为平行四边形,∴AE=BC=AD=DE, ∴△ADE 为等边三角形,∴在等腰梯形 ABCD 中, 3C ADE     , 2 3DAB ABC     , ∴在等腰 ADB 中, 6ADB ABD     ∴ 2 3 6 2DBC       ,即 BD⊥BC, ∴BD⊥AE, 翻折后可得:OP⊥AE,OB⊥AE,又 , ,OP POB OB POB OP OB O   平面 平面 , AE POB  平面 , ,PB POB AE PB   平面 ; - 7 - (2)解:在平面 POB 内作 PQ⊥OB,垂足为 Q, 因为 AE⊥平面 POB,∴AE⊥PQ, 因为 OB  平面 ABCE, AE  平面 ABCE,AE∩OB=O ∴PQ⊥平面 ABCE,∴直线 PB 与平面 ABCE 夹角为 4PBQ   , 又因为 OP=OB,∴OP⊥OB, ∴O、Q 两点重合,即 OP⊥平面 ABCE, 以 O 为原点,OE 为 x 轴,OB 为 y 轴,OP 为 z 轴,建立空间直角坐标系,由题意得,各点坐 标为 3 1 3 1 3 1 3(0,0, ), ( ,0,0), (0, ,0), ( ,0, ), ( , ,0)2 2 2 2 2 2 2P E C PE EC     , 设平面 PCE 的一个法向量为 1 ( , , )n x y z , 则 1 1 1 3 00 2 2, , 0 1 3 02 2 x zPE n EC n x y                设 3x  ,则 y=-1,z=1,∴ 1 ( 3,-1,1)n  , 由题意得平面 PAE 的一个法向量 2 (0,1,0)n  , 设二面角 A-EP-C 为 , 1 2 1 2 | | 1 5|cos |= 5| || | 5 n n n n         . 易知二面角 A-EP-C 为钝角,所以 5cos =- 5  . 22.【解析】(1)因为直线 AB 过焦点 ,02 pF      ,设直线 AB 的方程为 2 px my  , - 8 - 将直线 AB 的方程与抛物线 E 的方程联立 2 2 2 px my y px      ,消去 x 得 2 22 0y mpy p   , 所以有 2 1 2 4y y p    , 0p  , 2p  ,因此,抛物线 E 的方程 2 4y x ; (2)由(1)知抛物线的焦点坐示为  1,0F ,设直线 AB 的方程为 1x my  , 联立抛物线的方程 2 4 4 0y my   ,所以 1 2 4y y m  , 1 2 4y y   , 则有 1 1 1 3mk y   , 2 2 1 3mk y   , 因此 2 2 2 2 2 2 2 1 2 1 2 1 2 1 2 1 1 3 3 1 1 1 1=2 6 9m m m mk k y y y y y y                                   2 2 1 2 1 22 2 21 2 2 2 1 2 1 2 2 4 84 92 6 9 2 6 9 54 16 2 y y y y my y mm m m m my y y y               . 因此,当且仅当 0m  时, 2 2 1 2 1 1 k k  有最小值 9 2 .

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