2022届高考物理一轮复习选择题稳优提优优练三新人教版2019092421

选择题稳优提优优练（三）1、(多选)三个质点a、b、c的速度－时间图象如图所示，则下列说法中不正确的是(　　)A．在t0时刻，a、b的瞬时加速度相等B．在0～t0时间内，a做加速度减小的加速运动C．在0～t0时间内，c的运动方向没有发生改变D．在0～t0时间内，a、b、c的平均速度大小相等【参考答案】ABD　速度—时间图象的斜率表示加速度，在t0时刻，质点a的瞬时加速度大于质点b的瞬时加速度，A选项错误；在0～t0时间内，a图象的斜率逐渐增大，质点a做加速度增大的加速运动，B选项错误；在0～t0时间内，质点c的运动方向没有发生改变，均为正方向，C选项正确；速度—时间图象围成的面积表示位移，根据平均速度的定义可知，在0～t0时间内，a、b、c的平均速度不相等，D选项错误．2、（山东省淄博市2019届高三三模考试理综物理试卷）如图所示，某宾馆大楼中的电梯下方固定有4根相同的竖直弹簧，其劲度系数均为k。这是为了防止电梯在空中因缆绳断裂而造成生命危险。若缆绳断裂后，总质量为m的电梯下坠，4根弹簧同时着地而开始缓冲，电梯坠到最低点时加速度大小为5g（g为重力加速度大小），下列说法正确的是A．电梯坠到最低点时，每根弹簧的压缩长度为B．电梯坠到最低点时，每根弹簧的压缩长度为C．从弹簧着地开始至电梯下落到最低点的过程中，电梯先处于失重状态后处于超重状态D．从弹簧着地开始至电梯下落到最低点的过程中，电梯始终处于失重状态【答案】C【解析】在最低点时，由牛顿第二定律：，其中a=5g，解得 ，选项AB错误；从弹簧着地开始至电梯下落到最低点的过程中，重力先大于弹力，电梯向下先加速运动，当重力小于弹力时，电梯的加速度向上，电梯向下做减速运动，则电梯先处于失重状态后处于超重状态，选项C正确，D错误。3、如图，小球甲从A点水平抛出，同时将小球乙从B点自由释放，两小球先后经过C点时速度大小相等，方向夹角为30°，已知B、C高度差为h，两小球质量相等，不计空气阻力，由以上条件可知(　　)A．小球甲做平抛运动的初速度大小为2B．甲、乙两小球到达C点所用时间之比为1：C．A、B两点高度差为D．两小球在C点时重力的瞬时功率大小相等【参考答案】C　小球乙运动到C点的速度为vC＝，小球甲做平抛运动，初速度v0＝vsin30°＝，A选项错误；小球甲运动到C点的竖直速度vy＝vcos30°＝，运动时间t甲＝＝·，小球乙运动到C点的时间t乙＝，之比为2，B选项错误；小球甲下落高度h甲＝＝h，则A、B两点的高度差为，C选项正确；两小球在C点的竖直分速度不等，故重力的瞬时速率不等，D选项错误．4、（2019·重庆市南岸区高一期末）同步卫星离地心的距离为r，运行速度为，加速度，地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度第一宇宙速度为，地球的半径为R，则A．B．C．D．【答案】AC【解析】因为同步卫星的周期等于地球自转的周期，所以角速度相等，根据得，，故A正确，B错误；根据万有引力提供向心力，解得 ，则故C正确，D错误。5、(多选)质量为2kg的物体，放在动摩擦因数为μ＝0.1的水平面上，在水平拉力F的作用下，由静止开始运动，拉力做的功W和物体发生的位移s之间的关系如图所示，重力加速度g取10m/s2，在物体位移为9m的过程中，下列说法正确的是(　　)A．物体先做匀加速运动，然后做匀减速运动B．拉力F的平均功率为6.75WC．拉力F的最大瞬时功率为15WD．摩擦力做功为18J【参考答案】BC　根据做功公式可知，W－s图象的斜率表示拉力的大小，0～3m内，拉力F1＝5N,3～9m内，拉力F2＝2N，摩擦力的大小f＝μmg＝2N，根据牛顿第二定律可知，物块先做匀加速运动后做匀速运动，A选项错误；分析图象可知，0～9m内，拉力做功为27J，匀加速运动的加速度a＝＝1.5m/s2，匀加速运动的时间t1＝＝2s，匀加速运动的末速度v＝at1＝3m/s，匀速运动的时间t2＝＝2s，拉力的平均功率＝＝6.75W，B选项正确；拉力的最大瞬时功率P＝F1v＝5×3W＝15W，C选项正确；摩擦力做功Wf＝－fs＝－18J，D选项错误．6、如图所示，光滑的小球A和B通过轻杆相连，靠在竖直墙和水平地面上，从图示位置由静止释放，则(　　)A．轻杆对小球A不做功B．轻杆对小球B不做功C．轻杆对小球A先做正功后做负功D．轻杆对小球B先做正功后做负功【参考答案】 D　两球下滑的过程中，系统机械能守恒，小球A的重力势能的减少量等于小球A、B动能的增加量，根据投影定理可知，将小球A、B的速度分解成沿着杆与垂直于杆方向，如图所示：vAcosα＝vBcosβ，α＋β＝90°.根据功能关系可知，当α达到45°前，杆对小球B做正功，做功等于B的动能增量，杆对小球A做负功，当α达到45°后，B的速度将减小，轻杆做负功；杆对A做正功，由以上分析可知，杆对小球A先做负功再做正功，杆对小球B先做正功再做负功，D选项正确．7、如图所示，轻弹簧的一端固定在竖直墙上，一质量为m的光滑弧形槽静止放在光滑水平面上，弧形槽底端与水平面相切，一质量也为m的小物块从槽上高h处开始下滑，下列说法正确的是(　　)A．在下滑过程中，物块和槽组成的系统机械能守恒B．在下滑过程中，物块和槽组成的系统动量守恒C．在压缩弹簧的过程中，物块和弹簧组成的系统动量守恒D．被弹簧反弹后，物块能回到槽上高h处【参考答案】A　在下滑过程中，物块和槽组成的系统，只有重力做功，机械能守恒，A选项正确；系统动量守恒的条件是合外力为零，在下滑的过程中，系统竖直方向上受到重力作用，合外力不为零，系统的动量不守恒，B选项错误；在压缩弹簧的过程中，对于物块和弹簧组成的系统受到墙壁向左的弹力，系统的合外力不为零，动量不守恒，C选项错误；物块与槽在水平方向上动量守恒，故两者分离时，物块与槽的速度大小相等，方向相反，物块被弹簧反弹后，与槽的速度相同，做匀速直线运动，不会再滑上弧形槽，D选项错误．8、如图所示，H(核内有一个质子，没有中子)，H(核内有一个质子，一个中子)，H(核内有一个质子，两个中子)和He(核内有两个质子，两个中子)四种原子核的混合粒子沿平行板电容器两板中线OO′射入板间的匀强电场中，射出后都打在与OO′垂直的固定荧光屏上，使荧光屏上出现亮点．下列说法正确的是(　　)A．若它们射入电场时的速度相等，在荧光屏上将出现4个亮点B．若它们射入电场时的动能相等，在荧光屏上将出现4个亮点 C．若它们射入电场时的质量与速度之积相等，在荧光屏上将出现4个亮点D．若它们都是从静止开始由同一加速电场加速后再射入此偏转电场的，则在荧光屏上将出现4个亮点【参考答案】C　粒子在匀强电场中做类平抛运动，水平方向上，L＝vt，竖直方向上，y＝at2＝·t2，联立解得偏移量y＝，若它们射入电场时的速度相等，y与成正比，在荧光屏上将出现3个亮点，A选项错误；若它们射入电场时的动能相等，y与q成正比，在荧光屏上将只出现2个亮点，B选项错误；若它们射入电场时的质量与速度之积相等，在荧光屏上将出现4个亮点，C选项正确；若它们是由同一个电场从静止加速后射入此偏转电场的，根据推论可知，y都相同，荧光屏上将只出现1个亮点，D选项错误．9、(多选)如图所示，平行金属板M、N之间有竖直向下的匀强电场，虚线下方有垂直纸面的匀强磁场，质子和α粒子分别从上板中心S点由静止开始运动，经电场加速后从O点垂直磁场边界进入匀强磁场，最后从a、b两点射出磁场(不计重力)，下列说法正确的是(　　)A．磁场方向垂直纸面向里B．从a点离开的是α粒子C．从b点离开的粒子在磁场中运动的速率较小D．粒子从S出发到离开磁场，由b点离开的粒子所用时间较长【参考答案】CD　粒子带正电，进入磁场后向左偏转，根据左手定则可知，磁场方向垂直纸面向外，A选项错误；粒子在电场中做加速运动，根据动能定理可知，qU＝mv2－0；粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，qvB＝m，粒子在磁场中运动的轨道半径R＝·，荷质比越大，轨道半径越小，从a点离开的是质子，B选项错误；v＝，荷质比越大，在磁场中运动的速率越大，从b点离开的α粒子在磁场中运动的速率较小，C选项正确；粒子在电场中运动的时间t1＝＝·，在磁场中的运动时间t2＝，荷质比越大，所用时间越小，α粒子所用时间较长，D选项正确．10、（2019·广州大学附属中学高二期末） 如图甲所示，固定的光滑平行导轨（电阻不计）与水平面夹角为θ＝30°，导轨足够长且间距L＝0.5m，底端接有阻值为R＝4Ω的电阻，整个装置处于垂直于导体框架向上的匀强磁场中，一质量为m＝1kg、电阻r＝1Ω、长度也为L的导体棒MN在沿导轨向上的外力F作用下由静止开始运动，拉力F与导体棒速率倒数关系如图乙所示．已知g＝10m/s2。则A．v＝5m/s时拉力大小为12NB．v＝5m/s时拉力的功率为70WC．匀强磁场的磁感应强度的大小为2TD．当棒的加速度a＝8m/s2时，导体棒受到的安培力的大小为1N【答案】BCD【解析】A、由图可知时，，对应图象的拉力，故选项A错误；B、根据功率与速度的关系可得拉力的功率，故选项B正确；C、导体棒的最大速度，所以最大速度，此时拉力最小，根据共点力平衡条件可得安，根据安培力的计算公式可得安，代入数据得，故选项C正确；D、当棒的加速度时，拉力设为，速度为，根据牛顿第二定律可得，而，，整理可得，解得（或舍去），所以此时的安培力为，故选项D正确。 11、(多选)如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为r，开关S闭合后，平行板电容器中的带电液滴P处于静止状态，电流表和电压表均为理想电表，则(　　)A．带电液滴P一定带正电B．R4的滑片向上端移动时，电流表示数减小，电压表示数增大C．若仅将电容器下极板稍微向上平移，带电液滴P将向上极板运动D．若将开关S断开，带电液滴M将向下极板运动【参考答案】BC　分析电路可知，电容器上极板与电源正极相连，极板间的电场方向竖直向下，带电液滴P受重力和电场力作用，保持平衡，电场力方向向上，液滴带负电，A选项错误；R4的滑片向上端移动时，滑动变阻器的电阻增大，总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律可知，路端电压增大，总电流减小，R3两端电压增大，流过R3的电流增大，电流表测量流过滑动变阻器的电流，读数减小，R2两端电压减小，电压表读数增大，B选项正确；若仅将电容器下极板稍微向上平移，电容器两端电压不变，场强增大，液滴受到的合力向上，故液滴将向上极板运动，C选项正确；若将开关S断开，电容器两极板电压增大，等于电源电动势，场强增大，合外力向上，液滴向上运动，D选项错误．12、下列表述中正确的是(　　)A．汤姆逊发现了电子并用油滴实验测定了元电荷的数值B．卢瑟福用α粒子轰击氮原子核的核反应方程为N＋He→O＋H，该反应属于核聚变C．分别用黄光和蓝光照射金属钾表面均有光电子逸出，其中蓝光照射时，逸出的光电子最大初动能较小D．伽利略利用图所示实验研究自由落体运动，先在倾角较小的斜面上进行实验，其目的是使时间测量更容易【参考答案】D　汤姆逊发现了电子，密立根用油滴实验测定了元电荷的数值，A选项错误；卢瑟福用α粒子轰击氮原子核的核反应方程为N＋He→O＋ H，该反应属于人工核反应，B选项错误；分别用黄光和蓝光照射金属钾表面均有光电子逸出，根据光电效应方程可知，入射光频率大的，逸出的光电子的最大初动能较大，故用蓝光照射时，逸出的光电子最大初动能较大，C选项错误；伽利略利用图所示实验研究自由落体运动，先在倾角较小的斜面上进行实验，其目的是冲淡重力，使时间测量更容易，D选项正确．13、（2019·新课标全国Ⅰ卷）氢原子能级示意图如图所示。光子能量在1.63eV~3.10eV的光为可见光。要使处于基态（n=1）的氢原子被激发后可辐射出可见光光子，最少应给氢原子提供的能量为A．12.09eVB．10.20eVC．1.89eVD．1.5leV【答案】A【解析】由题意可知，基态（n=1）氢原子被激发后，至少被激发到n=3能级后，跃迁才可能产生能量在1.63eV~3.10eV的可见光。故。故本题选A。