云南省玉溪市一中2018-2019学年高二上学期第一次月考物理试题Word版含答案.doc

玉溪一中2018—2019学年上学期高二年级第一次月考 物理学科试卷 命题人：黄金勇 本试卷分第一卷（选择题）和第二卷（非选择题）两部分。满分100分，考试时间120分钟。‎ 第Ⅰ卷（选择题 共44分）‎ 一、单项选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，选对的得3分，选错的得0分）‎ ‎1．20世纪50年代，科学家提出了地磁场的“电磁感应学说”，认为当太阳强烈活动影响地球而引起磁暴时，磁暴在外地核中感应产生衰减时间较长的电流，此电流产生了地磁场．连续的磁暴作用可维持地磁场．则外地核中的电流方向为（地磁场N极与S极在地球表面的连线称为磁子午线）‎ A．垂直磁子午线由东向西 B．垂直磁子午线由西向东 C．沿磁子午线由南向北 D．沿磁子午线由北向南 ‎2．如图所示，当滑动变阻器R3的滑动头P向下移动时，则 V A ε r R1‎ R2‎ R3‎ P A．电压表示数变小，电流表示数变大 B．电压表示数变大，电流表示数变小 C．电压表示数变大，电流表示数变大 D．电压表示数变小，电流表示数变小 ‎3．如图所示，条形磁铁静止放在桌面上，当在其左上方放一电流方向垂直纸面向里的通电直导线后，则磁铁受到的摩擦力和弹力 A．摩擦力为零 ‎ B．摩擦力方向向左 C．弹力保持不变 ‎ D．摩擦力方向向右 ‎4．如图所示，三根通电长直导线P、Q、R互相平行且通过正三角形的三个顶点，三条导线中通入的电流大小相等，方向垂直纸面向里；通过直导线产生磁场的磁感应强度B=kI / r,I为通电导线的电流大小，r为距通电导线的垂直距离，k为常量；则通电导线R受到的磁场力的方向是 A．垂直R，指向y轴正方向 B．垂直R，指向y轴负方向 C．垂直R，指向x轴正方向 D．垂直R，指向x轴负方向 ‎ ‎ ‎5．如图所示，a、b是两个带有同种电荷的小球，用绝缘细线悬挂于同一点，两球静止时，它们距水平地面的高度相等，绳与竖直方向的夹角分别为、。若同 时剪断两根细线，空气阻力不计，两球带电量不变，则 A．两球a、b同时落地 ‎ B．球a先落地 C．球a水平飞行的距离比b球大 ‎ D．两球a、b水平飞行的距离相等 ‎6．如图所示，有一离子束沿直线通过相互垂直的匀强电场、匀强磁场区域Ⅰ，再进入匀强磁场区域Ⅱ中做偏转半径相同的圆周运动，则它们一定具有相同的 A．电性　　 ‎ B．比荷 C．电荷量 ‎ D．质量 ‎7．如图所示，光滑的的硬杆AOB水平放置且固定，∠AOB=，其上套两个轻质小环（质量不计）P、Q，它们之间用一轻绳相连，绳子不可伸长。现对Q施加一平行于OB方向向右的恒定拉力F作用，则当它们处于平衡时，以下说法正确的是 ‎ A B P O Q F A．满足OP = OQ B．绳子拉力大小为 C．绳子拉力大小为F D．OB对环Q的弹力大小为 ‎8．如图所示，圆心在O点，半径为R的圆弧轨道abc竖直固定在水平桌面上，Oc与Oa的夹角为60°，轨道最低点a与桌面相切．一段不可伸长的轻绳两端系着质量分别为m和‎4m的小球A和B（均可视为质点），挂在圆弧轨道边缘c的两边，开始时，B位于c点，从静止释放，设轻绳足够长，不计一切摩擦，则在B球由c下滑到a的过程中 A．当小球B经过a点时，A、B速度大小之比为tan600‎ B．当小球B经过a点时，A、B速度大小之比为sin300‎ C．小球B经过a点时的速度大小为 ‎ D．小球B经过a点时的速度大小为 二、多项选择题（本题共5小题，每小题4分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错的得0分）‎ ‎9．如图所示的四个图中，分别标明了通电导线在磁场中的电流方向、磁场方向以及通电导线所受磁场力的方向，其中正确的是 ‎10．某点电荷电场线分布如图所示，电场中a，b两点的电场强度大小分别为已知和，电势分别为和，则 A．该点电荷一定是正电荷 B．该点电荷一定是负电荷 C．， D．， ‎ ‎11．如图所示，在边界上方存在着垂直纸面向里的匀强磁场，有两个电荷量、质量均相同的正、负粒子(不计重力)，从边界上的O点以相同速度先后射入磁场中，入射方向与边界成θ角，则正、负粒子在磁场中 A．运动轨迹的半径相同 B．重新回到边界所用时间相同 C．重新回到边界时速度大小和方向相同 D．重新回到边界时与O点的距离相等 I U O R1‎ R2‎ ‎12．两只电阻的伏安特性曲线如图所示，则下列说法中正确的是 A．两电阻的阻值为R1大于R2 ‎ B．两电阻串联在电路中时，R1两端电压大于R2两端电压 ‎ C．两电阻串联在电路中时，R1消耗的功率小于R2消耗的功率 ‎ D．两电阻并联在电路中时，R1的电流大于R2的电流 ‎13．如图所示，在重力加速度为g的空间，有一个带电量为＋Q的点电荷固定在O点，点B、C为以O为圆心，半径为R的竖直圆周上的两点，点A、B、O在同一竖直线上，=R，点O、C在同一水平线上．现在有一质量为m、电荷量为-q的有孔小球，沿光滑绝缘细杆AC从A点由静止开始滑下，滑至C点时速度大小为，下列说法正确的是 A．两点B、A间的电势差为mgR/2q ‎ B．两点B、A间的电势差为mgR/q C．若从点A自由释放，则小球下落到B点时的速度大小为 D．若从点A自由释放，则小球下落到B点时的速度大小为 第Ⅱ卷 （非选择题 共56分）‎ 三、非选择题（本题共7小题。第14、15小题为填空题，第16～19小题为计算题，考生根据要求作答）‎ ‎14．（8分）某同学测量一个圆柱体的电阻率，需要测量圆柱体的尺寸和电阻．‎ ‎ ‎ ‎（1）分别使用游标卡尺和螺旋测微器测量圆柱体的长度和直径，某次测量的示数分别如图 (a)、(b)所示，长度为 mm，直径为________ mm.。‎ ‎（2）按图(c)连接电路后，实验操作如下：‎ ‎①将滑动变阻器R1的阻值置于最____处(填“大”或“小”)；将S2拨向接点1，闭合S1，调节R1，使电流表示数为I0。‎ ‎②将电阻箱R2的阻值调至最大，S2拨向接点2；保持R1不变，调节R2，使电流表示数仍为I0，此时R2阻值为1280 Ω。‎ ‎③由此可知，圆柱体的电阻为________Ω。 ‎ ‎15.（8分）如图所示为多用电表的刻度盘．若选用倍率为“×‎100”‎的欧姆挡测电阻时，表针指示如图所示，则：‎ ‎(1)所测电阻的阻值为________Ω；如果要用此多用电表测量一个阻值约为2.0×104Ω的电阻，为了使测量结果比较精确，应选用的欧姆挡是________(选填“×‎10”‎、“×‎100”‎或“×1k”)．‎ ‎(2)用此多用电表进行测量，当选用量程为50mA的直流电流挡测量电流时，表针指于图示位置，则所测电流为________mA。当选用量程为250mA的直流电流挡测量电流时，表针指于图示位置，则所测电流为________mA。‎ ‎16．（8分）如图所示，电源电动势为5V，内阻不计，阻值为R1=4Ω；R2=1Ω。先将电键S1，S2都闭合时，带电微粒在水平放置，两板间距离d=‎1.6m的足够长平行金属板正中间做直线运动。求：(取g＝‎10 m/s2，设金属板足够长)‎ ‎（1）带电粒子电荷极性；‎ ‎（2）某时刻将电键S2断开，带电粒子运动到极板所用时间。‎ m M B A R C ‎17．（8分）如图所示，质量分别为M和m（M＞m ‎）的小物体用轻绳连接；跨放在半径为R的光滑半圆柱体和光滑定滑轮B上，m位于半圆柱体底端C点，半圆柱体顶端A点与滑轮B的连线水平。整个系统从静止开始运动。设m能到达圆柱体的顶端，试求：‎ ‎（1）m到达圆柱体的顶端A点时，m和M的速度大小。‎ ‎（2）m到达A点时，对圆柱体的压力。‎ ‎18．（10分）质量为m=‎0.02 kg的通电细杆ab置于倾角θ=37°的平行放置的导轨上，导轨宽度为d=‎0.2 m，杆ab与导轨间的动摩擦因数μ=0.4，磁感应强度B=2 T的匀强磁场与导轨平面垂直且方向向下，如图所示.现调节滑动变阻器的触头，试求出为使杆ab静止不动，通过ab杆电流的范围.( (cos530=sin 370=0.6 , cos370=sin530 =0.8‎ ‎，g取‎10 m／s2)‎ ‎19．（14分）如图所示，真空中的xOy平面为竖直平面，在第一象限中有竖直向上的匀强电场，第四象限中有垂直于纸面的匀强磁场，场强大小为B。一质量为m、电荷量为q的带电粒子以初速度vo垂直于y轴从M点射入匀强电场，经电场偏转后和x轴成60o角斜向下从N点进入磁场，最后从y轴上某点Q水平射出磁场，不计重力。求：‎ ‎（1）MN两点的电势差；‎ ‎（2）粒子从M到Q所用时间；‎ ‎（3）电场强度E。‎ 玉溪一中2018—2019学年上学期高二年级第一次月考 物理学科参考答案 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ ‎7‎ ‎8‎ ‎9‎ ‎10‎ ‎11‎ ‎12‎ ‎13‎ A B Ｂ B A B D C CD BD ACD CD AC ‎14.（1）50.1　5.315　（2）①大　　③1280‎ ‎15．(1)1.5×103　×1k　(2)30.4(30.3～30.5都正确) 152‎ ‎16、解：(1) 由平衡条件知电荷极性为负 ‎（2）板间电压为时平衡： ‎ 当板间电压为时， F合= ‎ 得 ，， ‎ ‎17．（8分）解：（1）MgπR－mgR＝（M＋m）v2 ‎ v＝ ‎ ‎（2）＝mg－N ‎ ‎ N＝ mg － ＝mg ‎ ‎18. （10分）解：画出侧视受力图，建立坐标系.在图（a）中，由平衡条件得；‎ F1-mgsinθ-=0 ‎ FN-mgcosθ=0 ‎ ‎=μFN ‎ F1=BImaxd ‎ 解得Imax=‎0.46 A.‎ 在图（b）中，由平衡条件得：‎ F2+-mgsinθ=0 ‎ FN-mgcosθ=0 ‎ ‎=μFN ‎ F2=BImind 解得Imin=‎0.14 A.‎ 所以：‎0.14 A≤I≤‎‎0.46 A ‎19.（14分）解析：（1）带电粒子到达N点的速度为v==2v0，带负电 由动能定理得（-q）UMN=mv 2 - mv02‎ UMN= - ‎ ‎(2)粒子在电场中向下偏则带电粒子带负电，在磁场中从N向Q偏，由左手定则知磁场方向垂直纸面向里。‎ 由qBv=m得R=‎ ON=Rcos300=，运动时间t1==‎ 在磁场中的运动周期为T=，在磁场中的运动时间t2=T=‎ t= t1+ t2= ‎ ‎(3)M到N竖直方向由=得h=‎ E==v0B