知识讲解 圆周运动和向心加速度

1 圆周运动和向心加速度 【学习目标】 1、理解匀速圆周运动的特点，掌握描述匀速圆周运动快慢的几个物理量：线速度、角速度、周期、转速 的定义，理解它们的物理意义并能灵活的运用它们解决问题。 2、理解并掌握描写圆周运动的各个物理量之间的关系。 3、理解匀速圆周运动的周期性的确切含义。 4、理解向心加速度产生的原因和计算方法。 【要点梳理】 要点一、圆周运动的线速度 要点诠释： 1、线速度的定义： 圆周运动中，物体通过的弧长与所用时间的比值，称为圆周运动的线速度。 公式： （比值越大，说明线速度越大） 方向：沿着圆周上各点的切线方向 单位：m/s 2、 说明 1）线速度是指物体做圆周运动时的瞬时速度。 2）线速度的方向就是圆周上某点的切线方向 线速度的大小是 的比值。所以 是矢量。 3）匀速圆周运动是一个线速度大小不变的圆周运动。 4）线速度的定义式 ，无论是对于变速圆周运动还是匀速圆周运动都成立，在变速圆周运动中，只 要 取得足够小，公式计算的结果就是瞬时线速度 注：匀速圆周运动中的“匀速”二字的含义：仅指速率不变，但速度的方向（曲线上某点的切线方向） 时刻在变化。 要点二、描写圆周运动的角速度 要点诠释： 1、角速度的定义： 圆周运动物体与圆心的连线扫过的角度 与所用时间 的比值叫做角速度。 公式： 单位： (弧度每秒) 2、说明： 1)这里的 必须是弧度制的角。 2）对于匀速圆周运动来说，这个比值是恒定的，即匀速圆周运动是角速度保持不变的圆周运动。 3）角速度的定义式 ，无论是对于变速圆周运动还是匀速圆周运动都成立，在变速圆周运动中， 只要 取得足够小，公式计算的结果就是瞬时角速度。 4)关于 的方向：中学阶段不研究。 5）同一个转动的物体上，各点的角速度相等 例如：木棒 以它上面的一点 为轴匀速转动时，它上面的各点与圆心 的连线在相等时间内扫过 t lv ∆ ∆= t l ∆ ∆ v t lv ∆ ∆= t∆ θ∆ t∆ t∆ ∆= θω rad s/ θ∆ t∆ ∆= θω t∆ ω OA O O2 的角度相等。 即： 3、关于弧度制的介绍 (1)角有两种度量单位：角度制和弧度制 (2)角度制：将一个圆的周长分为 360 份，其中的一份对应的圆心角为一度。因此一个周角是 3600，平角 和直角分别是 1800 和 900。 (3)弧度制：定义半径长的弧所对应的圆心角为一弧度，符号为 rad。一段长为 的圆弧对应的圆心角是 rad, (4)特殊角的弧度值：在此定义下，一个周角对应的弧度数是： ；平角和直角分别是 （rad）。 （5）同一个角的角度 和用弧度制度量的 之间的关系是： rad , 要点三、匀速圆周运动的周期与转速 要点诠释： 1、周期的定义：做匀速圆周运动的物体运动一周所用的时间叫做周期，单位： 。 它描写了圆周运动的重复性。 2、周期 T 的意义：不难看到，周期是圆周运动的线速度大小和方向完全恢复初始状态所用的最小时间； 周期长说明圆周运动的物体转动得慢，周期短说明转动得快。 观察与思考：同学们看一看你所戴的手表或者墙上钟表上的时、分、秒针，它们的周期分别是多少？ 想一想角速度和周期的关系如何？（秒针的周期最小，其针尖的 最大， 也最大。） 3、匀速圆周运动的转速 转速 n：指转动物体单位时间内转过的圈数。 单位： r/s（转每秒），常用的单位还有 (转每分) 关系式： s(n 单位为 r/s)或 s(n 单位为 r/min) 注意：转速与角速度单位的区别： 要点四、描述圆周运动快慢的几个物理量的相互关系 要点诠释： 因为这几个都是描述圆周运动快慢，所以它们之间必然有内在联系 1、线速度、角速度和周期的关系 匀速圆周运动的线速度和周期的关系 ω ω ωA B C= = l∆ r l∆=∆θ θ∆=∆ rl ( )radr r ππθ 22 == 2 ππ和 α θ παθ 180 = 0180×= π θα s 线v ω r / min nT 1= T n = 60 角速度 转速 ( ): / ( ): / ω rad s n r s    2 rv T π=3 匀速圆周运动的角速度和周期的关系 匀速圆周运动的角速度和周期有确定的对应关系：角速度与周期成反比。 2、线速度、角速度与转速的关系： 匀速圆周运动的线速度与转速的关系： （n 的单位是 r/s） 匀速圆周运动的角速度与转速的关系： （n 的单位是 r/s） 3、线速度和角速度的关系： (1)线速度和角速度关系的推导： 特例推导： 设物体沿半径为 的圆周做匀速圆周运动，在一个Ｔ时间内转过 的弧长及 角度，则： 一般意义上的推导： 由线速度的定义： 而 ，所以 又因为 ，所以 (2) 线速度和角速度的关系： 可知： ， 。 同理： 一定时 ， 一定时 。 (3)对于线速度与角速度关系的理解： 是一种瞬时对应关系，即某一时刻的线速度与这一时刻的角速度的关系，适应于匀速圆周运动和变速 圆周运动。 【高清课程：圆周运动和向心加速度 向心加速度】 要点五、圆周运动的向心加速度 要点诠释： 1、向心加速度产生的原因：向心加速度由物体所受到的向心力产生,根据牛顿第二定律知道，其大小由向 心力的大小和物体的质量决定。 2、向心加速度大小的计算方法： （1）由牛顿第二定律计算： ； （2）由运动学公式计算： T πω 2= 2v rnπ= nπω 2= r 2πr 2π T T rv πω π 2 2 = = ωrv =⇒ t lv ∆ ∆= θ∆=∆ rl rtv ∆ ∆= θ t∆ ∆= θω ωrv = ωrv = ω = v r ω一定时v r∝ r v一定时 ∝ ω v ω ∝ 1 r r ω ∝ v Fa m = 向 向 2 2va r vr ω ω= = =向4 如果是匀速圆周运动则有： 3、向心加速度 的方向：沿着半径指向圆心，时刻在发生变化，是一个变量。 4、向心加速度的意义：在一个半径一定的圆周运动中，向心加速度描述的是线速度方向改变的快慢。 5、关于向心加速度的说明 （1）从运动学上看：速度方向时刻在发生变化，总是有 必然有向心加速度； （2）从动力学上看：沿着半径方向上指向圆心的的合外力必然产生指向圆心的向心加速度。 加速度是个矢量，既有大小又有方向，匀速圆周运动中加速度大小不变，而方向却不断变化。因此， 匀速圆周运动不是匀变速运动。 【典型例题】 类型一、描述匀速圆周运动的各个物理量 例 1、一个直径为 1.4m 的圆盘以中心为轴匀速转动，转速为 2 转/秒，求圆盘边缘一点的线速度、角速度、 周期和向心加速度。 【思路点拨】熟练的运用描写圆周运动的各个物理量之间的关系，可顺利的解题 【解析】由题意可知， 再根据公式 ， 可得： 。 【总结升华】熟练的运用描写圆周运动的各个物理量之间的关系，可顺利的解题。 例 2、 (2015 海南会考模拟)如图所示，钟表的秒针、分针、时针转动周期、角速度都不同，下列说法中 正确的是（ ） A．秒针的周期最大，角速度最大 B．秒针的周期最小，角速度最大 C．时针的周期最大，角速度最大 D．时针的周期最小，角速度最大 【答案】B 【解析】时针的周期是 12h，分针的周期是 1h，秒针的周期是 1min，秒针的周期最小，根据 可知 秒针的角速度最大，故 A 错误 B 正确；时针的周期是 12h，分针的周期是 1h，秒针的周期是 1min，时针 的周期最大，根据 可知时针的角速度最小，故 CD 错误。 【总结升华】该题为基本公式的应用，一定要搞清楚时针、分针、秒针的周期。 举一反三 【变式】电风扇叶片边缘一点的线速度为 56.7m/s，若它转动半径为 18cm，求电扇转动的角速度和周期。 【解析】根据线速度与角速度的关系 得 2 2 2 2 2 2 4 4va r r r f vr T πω π ω= = = = =向 a 0≠∆v 。snmr /r2,7.0 == ,1,n2,2 nTrnv === πωπ a rn = ω 2 · v m s rad s T s a m sn= = = =88 12 56 05 1105 2. / , . / , . , . /ω 2 T πω = 2 T πω = rv ω=5 类型二、向心加速度的计算 例 3、在长 20cm 的细绳的一端系一个小球，绳的另一端固定在水平桌面上，使小球以 5m/s 的速度在桌面 上做匀速圆周运动，求小球运动的向心加速度和转动的角速度。 【思路点拨】小球在水平桌面上做匀速圆周运动，可根据向心加速度公式和线速度与角速度的关系求解。 【解析】由题意可知 根据向心加速度的计算公式 例 4、如图所示，定滑轮的半径 ，绕在滑轮上的细线悬挂着一个重物，由静止开始释放，测得重 物以加速度 ＝2m/s 做匀加速运动。在重物由静止下落距离为 1m 的瞬间，滑轮边缘上的点的角速度 多大？向心加速度 多大？ 【思路点拨】这是一个关于变速圆周运动向心加速度计算的问题。物体的速度时刻等于轮缘上一点的线速 度，求出物体下落 1m 时的瞬时速度，然后利用角速度、向心加速度和线速度的关系可以求解。 【解析】 (1)重物下落 1m 时，瞬时速度为 显然，滑轮边缘上每一点的线速度也都是 2m/s，故滑轮转动的角速度，即滑轮边缘上每一点的转动角 速度为： (2)向心加速度为： 【总结升华】此题讨论的是变速运动问题，重物落下的过程中滑轮转动的角速度，轮上各点的线速度都在 不断增加，但在任何时刻角速度与线速度的关系 ，向心加速度与角速度、线速度的关系 仍然成立。 )s(02.02 2 )rad/s(315 == = == v rT T rv r v π π ω 所以 又因为 smvmr /5,20.0 == 2 2 25 1250 20 25 = = = = = va m / sr . v , rad / sr ω ω 向 由 可得角速度： r cm= 2 a 2 ω a smsmasv /2/1222 =××== sradsradr v /100/02.0 2 ===ω 2222 /200/02.0100 smsmra =×== ω ( )v r= ω rr 2 2 ω== va6 类型三、皮带传动问题 例 5、如图，主动轮 匀速转动，通过皮带不打滑地带动从动轮 转动，已知 分 别为 上的中点， 轮边缘上一点， 轮边缘上一点， 为皮带上一点。试比较： （1）A、B、C 点线速度的大小？ （2）A、B、E、F 各点角速度的大小？ （3）E、F 点线速度的大小？ 【思路点拨】分析比较各个点运动情况的异同，建立相互关系是解题的切入点。 【解析】（1）因为皮带传动过程与轮子不打滑，所以 A、B、C 三个点可以看成是皮带上的三个点，相同时 间必定通过相同的路程，因此，A、B、C 点的线速度相等，这也是两个轮子的联系。 即 （2）比较各点角速度： 比较 应通过 入手分析 因为 A、F 是同一物体上的点，角速度必然相等即 ，同理 所以 （3）由 【总结升华】（1）同一转动物体上的各点，角速度必然相等；（2）皮带传动时，与皮带接触的点线速度 相等。 例 6、如图所示为录音机在工作时的示意图，轮子 1 是主动轮，轮子 2 为从动轮，轮 1 和轮 2 就是磁带盒 内的两个转盘，空带一边半径为 r1＝0.5cm，满带一边半径为 r2＝3cm，已知主动轮转速不变，恒为 n1＝36 r/min，试求： O1以ω O2 r r E F1 2 1 2 = ， 、 r r1 2、 A O为 2 B O为 1 C v v vA B C= = BA ωω 、 v vA B= r v rr vv BA BA =    = = ω且因为 2 B B B A A A r v r v ωω 2 1 2 ===所以 FA ωω = EB ωω = ω ω ω ωF A B E= = =1 2 1 2 v r v r v r v v r r E E E F F F E F E F E F = ⇒ = ⋅ = ⋅    ⇒ = ⋅ = ⋅ =ω ω ω ω ω 1 2 2 1 1 FE vv =所以7 (1)从动轮 2 的转速变化范围； (2)磁带运动的速度变化范围． 【解析】本题应抓住主动轮(r1)的角速度恒定不变这一特征，再根据同一时刻两轮磁带走动的线速度相等， 从磁带转动时半径的变化来求解． (1)因为 ，且两轮边缘上各点的线速度相等，所以 ，即 ． 当 r2＝3cm 时，从动轮 2 的转速最小， ．当磁带走完，即 r2＝ 0.5cm，r1＝3cm 时，从动轮 2 的转速最大，为 ，故从动轮 2 的转速变 化范围是 6 r/min～216 r/min． (2)由 得知： cm 时， ， cm 时， ． 故磁带的速度变化范围是 0.019 m/s～0.113 m/s． 【总结升华】解答本题的关键是掌握磁带传动装置中主动轮、从动轮上各点线速度、角速度之间的关系， 并且注意从动轮转速的变化及磁带速度的变化是由于转动半径的变化引起的． 举一反三 【高清课程：圆周运动和向心加速度 例题】 【变式】图中所示为一皮带传动装置，右轮的半径为 r，a 是它边缘上的一点，左侧是一轮轴，大轮的半径为 4r，小轮的半径为 2r．b 点在小轮上，到小轮中心的距离为 r．c 点和 d 点分别位于小轮和大轮的边缘上，若 在传动过程中，皮带不打滑．则 a、b、c、d 的线速度之比 ；角速度之比 ；向心加速度之 比 。 【答案】2:1:2:4 2:1:1:1 4:1:2:4 类型四、平抛运动和匀速圆周运动综合题 例 7、如图所示，在半径为 的水平放置的圆板中心轴上距圆板高为 的 A 处以 沿水平抛出一个小球， 此时正在做匀速转动的圆板上的 半径恰好转动到与 平行的位置，要使小球与圆板只碰一次且落点为 v rω= 2 1 2 1 2 2 60 60 n nr r π π= 1 2 1 2 rn nr = 2min 0.5 36r / min 6r / min3n = × = 2max 3 36r/ min 216r/ min0.5n = × = 1 12v r nπ= 1 0.5r = 2 2 360.5 10 2 m /s 0.019m /s60v π−= × × × = 1 3r = 2 2 363 10 2 m /s 0.113m /s60v π−′ = × × × = R h v0 OB v08 B。求： （1）小球抛出的速度 ； （2）圆板转动时的角速度ω。 【思路点拨】思维的切入点是分析小球落在 B 点的条件,即：小球平抛落地时的水平位移是 R,且圆盘在这 段时间内转动了整数圈。 【解析】小球落在 B 点的条件即：小球平抛落地时的水平位移是 R 且圆盘在这段时间内转动了整数圈。 （1）“只碰一次”：若 较小，小球有可能在圆板上弹跳几次后落在 B 点。 所以此小球第一次落至圆板上时的 。由平抛运动的规律得 （2）因为圆板运动具有周期性，所以小球可在空中运动的时间 t 内，圆盘可能转动了整数圈，设圆板周 期为Ｔ，则 0，1，2，3……）。 所以圆盘的角速度 1，2，3……） 【总结升华】解决圆周运动问题要充分注意到其周期性的特点;解决综合性的问题要重视分析物理现象发 生的条件。 举一反三 【变式】（2015 河南校级模拟）如图所示，在水平匀速转动的圆盘圆心正上方一定高度处，若向同一方 向以相同速度每秒抛出 N 个小球，不计空气阻力，发现小球仅在盘边缘共有 6 个均匀对称分布的落点，则 圆盘转动的角速度可能是（ ） A． B． C． D． 【答案】A 【解析】小球在盘边缘共有 6 个均匀分布的落点，说明每转动 后就有一个小球落在圆盘的边 v0 Ａ v0 Ｃ Ｏ Ｂ v0 S Rx =    ⋅⋅⋅⋅⋅⋅= ⋅⋅⋅⋅⋅⋅= ∴ )2(2 1 )1( 2 0 gth tvR g h R t Rv 20 ==⇒ t nT T t n n= ⇒ = ( 为 ==== nh gnt n T (2222 πππω 1 3 Nπ 1 6 Nπ 11 3 Nπ 8 3 Nπ 1(2n )3 π π+9 缘，故 （n=0，1，2，3……）， ，故角速度为： （n=0， 1，2，3……），当 n=0 时，则 ，当 n=1 时，则 ，当 n=2 时， 。 例 8、（2016 测验）一同学做飞镖游戏，已知圆盘的直径为 d，飞镖距圆盘为 L，且对准圆盘 上边缘的 A 点水平抛出，初速度为 v0，飞镖抛出的同时，圆盘以垂直圆盘且过盘心 O 的水平轴匀速转动， 角速度为ω。若飞镖恰好击中 A 点，则下列关系正确的是（ ） A．dv02=L2g B． C．ωL=π(1+2n)v0，（n=0，1，2，3，…） D．dω2=gπ2(1+2n)2，（n=0，1，2，3，…） 【答案】C 【解析】飞镖做平抛运动的同时，圆盘上 A 点做匀速圆周运动，恰好击中 A 点，说明 A 点正好在最低点 被击中。 设时间为 t，飞镖飞行时间 t 和圆盘转动的周期满足： （n=0，1，2，3，…），由 和 L=v0t 得：ωL=πv0，故 B 错误，C 正确； 平抛的竖直位移为 d，则 ，联立有 ，2dv02=gL2，故 AD 错误，故选 C。 【点评】本题关键知道恰好击中 A 点，说明 A 点正好在最低点，利用匀速圆周运动和平抛运动规律联立 求 解 。 1(2n )3 θ π∆ = + 1t N ∆ = 1(2n ) N3t θω π∆= = +∆ 1 3 ω π= 7 3 ω π= 13 3 ω π= 0 2 dv ω= 2 Tt nT= + 2T π ω= 21 2d gt= 2 2 21 (2 1)2d g nω π= +10 【巩固练习】 一、选择题： 1、关于匀速圆周运动，下列说法正确的是( ) A．匀速圆周运动是变速运动 B．匀速圆周运动的速率不变 C．任意相等时间内通过的位移相等 D．任意相等时间内通过的路程相等 2、质点做匀速圆周运动时，哪些量不变( ) A. 速率 B. 速度 C. 角速度 D. 加速度 3、关于向心加速度，下面说法正确的是( ) A．向心加速度是描述线速度变化的物理量 B．向心加速度只改变线速度的方向，不改变线速度的大小 C．向心加速度大小恒定，方向时刻改变 D．物体做非匀速圆周运动时，向心加速度的大小也可用 来计算 4、（2015 徐州市学业检测）一个物体做匀速圆周时，线速度大小保持不变，下列说法中正确的是（ ） A．轨道半径越大角速度越大 B．轨道半径越大向心加速度越大 C．轨道半径越小角速度越大 D．轨道半径越小周期越长 5、（2015 姜堰市模拟）如图所示，自行车的大齿轮、小齿轮、后轮三个轮子的半径不一样，它们的边缘 有三个点 A、B、C，下列说法中正确的是（ ） A．A、B 的角速度相同 B．A、C 的角速度相同 C．B、C 的线速度相同 D．B、C 的角速度相同 6、（2015 河东区模拟）如图，一个匀速转动的圆盘上有 a、b、c 三点，已知 ，则下列说法中 错误的是（ ） A．a、b、c 三点角速度相同 B．a、b 两点线速度相同 C．c 点的线速度大小是 a 点线速度大小的一半 D．a、b、c 三点运动周期相同 7、由于地球的自转，比较位于赤道上的物体 1 与位于北纬 60°的物体 2，则( ) 2 n va r = 1 2oc oa=11 A．它们的角速度之比 B．它们的线速度之比 C．它们的向心加速度之比 D．它们的向心加速度之比 8、如图所示，一个球绕中心轴线 以角速度ω做匀速圆周转动，则( ) A．a、b 两点线速度相同 B．a、b 两点角速度相同 C．若 θ＝30°，则 a、b 两点的速度之比 D．若 θ＝30°，则 a、b 两点的向心加速度之比 9、一个物体做曲线运动，速度处处不为零，则（ ） A. 任何时刻物体所受的合力一定不为零 B. 任何时刻物体的加速度一定不为零 C. 物体速度的大小一定不断变化 D. 物体的速度方向一定不断变化 10、A、B 两质点做匀速圆周运动，其半径之比 ，其角速度之比 ，则 A、B 两质点的向心加速度之比 为（ ） A. B. C. 1 D. E. 11、（2016 月考）如图所示，甲、乙、丙三个轮子依靠摩擦传动，相互之间不打滑，其半径 分别为 r1、r2、r3。若甲轮的角速度为ω1，则丙轮的角速度为（ ） A． B． C． D． 12、（2016 云浮市罗定中学期中考试）如图所示，一种向自行车车灯供电的小发电机的上端有一半径 R0=1.0 cm 的摩擦小轮，小轮与自行车车轮的边缘接触。当车轮转动时，因摩擦而带动小轮转动，从而为 发电机提供动力。自行车车轮的半径 R1=35.0 cm，小齿轮的半径 R2=4.0 cm，大齿轮的半径 R3=10.0 cm。 则大齿轮的转速 n1 和摩擦小轮的转速 n2 之比为（假定摩擦小轮与自行车车轮之间无相对滑动）（ ） 1 2 2 1ω ω =∶ ∶ 1 2 2 1v v =∶ ∶ 1 2 2 1a a =∶ ∶ 1 2 4 1a a =∶ ∶ OO′ 3 2a bv v =∶ ∶ 3 2a ba b =∶ ∶ R R1 2 3 4： ：= ω ω1 2 4 3： ：= a a1 2： 4 3 3 4 9 16 16 9 1 1 3 r r ω 3 1 1 r r ω 3 1 2 r r ω 1 1 2 r r ω12 A．2∶175 B．1∶175 C．4∶175 D．1∶140 二、填空题： 1、如图所示的皮带传动装置中，右边两轮粘在一起且同轴，半径 ，皮带不打滑，则： (1) ＝_____________；(2) ＝___________。 2、如图所示，在 O1、O2、O3 三个轮的边缘各取一点 A、B、C，已知三个轮的半径之比 r1:r2:r3＝3:2:1， 则 A、B、C 三点的线速度大小之比为 vA:vB:vC＝________；A、B、C 三点的角速度之比 ________；A、B、C 三个轮子的转速之比 n1:n2:n3＝_______． 三、计算题： 1 、 如 图 所 示 是 一 个 皮 带 传 动 减 速 装 置 ， 轮 A 和 轮 B 共 轴 固 定 在 一 起 ， 各 轮 半 径 之 比 ，求在运转过程中，轮 C 边缘上一点和轮 D 边缘上一点向心加速度之比． 2、如图所示，质量为 m 的小球用长为 L 的悬绳固定于 O 点，在 O 点的正下方 处有一颗钉子，把悬绳 拉直与竖直方向成一定角度，由静止释放小球，则小球从右向左摆的过程中，悬绳碰到钉子前后小球的向 心加速度之比是多少? 3、飞机由俯冲转为拉起的一段轨迹可以看成圆弧，如图所示，如果这段圆弧的半径 r＝800 m，飞行员承 R R RA C B= = 2 v v vA B C： ： ω ω ωA B C： ： A B C ω ω ω =: : 2:1:1: 2A B C DR R R R =∶ ∶ ∶ 3 L13 受的加速度为 8g．飞机在最低点 P 的速率不得超过多少?(g 取 10m/s2)14 【答案与解析】 一、选择题： 1、ABD 解析：由线速度定义知，速度的大小不变，也就是速率不变，但速度方向时刻改变，故 A、B 对；做匀速 圆周运动的物体在任意相等时间内通过的弧长即路程相等，D 对，C 错。 2、AC 解析：在匀速圆周运动中速度、加速度是矢量，尽管其大小不变，但是其方向时刻在变化，所以选项 AC 正确。 3、BD 解析：加速度是描述速度变化快慢的物理量，向心加速度是描述线速度方向变化快慢的物理量，因此 A 错 B 对；只有匀速圆周运动的向心加速度大小才恒定。故 C 错。 4、C 解析：A、根据 可知，线速度大小保持不变，半径越大，角速度越小，故 A 错误； B、根据 可知，线速度大小保持不变，半径越大，向心加速度越小，故 B 错误； C、根据 可知，线速度大小保持不变，变径越小，角速度越大，故 C 正确； D、根据 可知，线速度大小保持不变，半径越小，周期越短，故 D 错误。 5、D 解析：大齿轮与小齿轮是同缘转动，边缘点线速度相等，故 ，由于半径不同和 可知， A、B 的角速度不同；由于 A、B 两点的线速度大小相等，B、C 两点角速度相同，由 可知，A、C 两点的角速度不同，故 AB 错误；小齿轮与后轮是同轴转动，角速度相等，所以 ，但 B、C 两点的线速度不同，故 C 错误，D 正确。 6、B 解析：A、a、b、c 三点共轴转动，角速度相等，故 A 正确； B、a、b 两点的线速度大小相等，故 B 错误； C、a、c 两点角速度相等，根据 知，c 点的线速度是 a 点线速度大小的一半，故 C 正确； D、a、b、c 三点角速度相等，周期相同，故 D 正确。 7、BC 解析：两物体的角速度相同，A 错误；物体 1 的轨道半径为 R，则物体 2 的轨道半径为 ，则线速度之比 为 ，B 正确；向心加速度由 可知 ，则 ，C 正确． 8、BCD 解析：由于 a、b 两点在同一球上，因此 a、b 两点的角速度ω相同，选项 B 正确；而据 v＝ωr 可知 ，选项 A 错误；由几何关系有 ，当θ＝30°时， ，则 ，选 项 C 正确；由 ，可知 ，选项 D 正确． 9、A BＤ 解析：由曲线运动的条件知道，曲线运动的质点受到的合外力一定不等于零，一定具有加速度，速度的方 v rω= 2va r = v rω= 2 rT v π= A B: 1:1v v = v r ω = v r ω = : 1:1B C ω ω = v rω= 2 R 1 2 1 2 2 1v v r r= =∶ ∶ ∶ 2a rω= a r∝ 1 2 2 1a a =∶ ∶ a bv v< cos=a br r θ 3 2a br r= 3 2a bv v =∶ ∶ 2a rω= 3 2a b a ba b r r= =∶ ∶ ∶15 向一定发生变化，但是速度的大小不一定发生变化，例如匀速圆周运动，其线速度的大小就不发生变化， 所以选项 ABD 正确。 10、A 解析：由向心加速度的计算公式 ， 所以选项 A 正 确。 11、A 解析：由甲、乙、丙三个轮子依靠摩擦传动，相互之间不打滑知三者线速度相同，其半径分别为 r1、r2、 r3，则ω1r1=ω2r2=ω3r3，故 ，故选 A。 12、A 解析：共轴转动，角速度相等，故小齿轮和车轮角速度相等；靠摩擦传动以及靠链条传动，线速度大小相 等，故大齿轮和小齿轮边缘点线速度相等，车轮与摩擦小轮边缘点线速度也相等；设大齿轮的转速 n1，则 大齿轮边缘点线速度为 2πR3n1，大齿轮和小齿轮边缘点线速度相等，故小齿轮边缘点线速度也为 2π R3n1，故其角速度为 ，小齿轮和车轮角速度相等，故车轮角速度为 ；车轮线速度 为 ，车轮与摩擦小轮边缘点线速度相等，故摩擦小轮边缘点线速度为 ；故 摩擦小轮的转速 ；故 n1∶n2=2∶175；故选 A。 二、填空题： 1、1：1：2 ，1：2：2 解析：A、B 两点的线速度大小相等，B、C 两点的角速度相等， 根据 和 得到： 1：1：2 1：2：2 2、3:3:1 2:3:2 2:3:2 解析：由于 O1、O2，O3 两轮共轴，所以 A、C 两点角速度相等，即 ；由于 O1、O2 通过皮带传动， 所以 A、B 两点线速度的大小相等，即 ．由 ，r1:r3＝3:1， ，则 ，整 理 得 ： vA:vB:vC=3:1:1 ， 由 ， r1:r2 ＝ 3:2 ， vA ＝ vB ， 则 ， 整 理 得 ，由 ，得 n1:n2:n3＝2:3:2． 三、计算题： 1、8:1 3 4)3 4(4 3)( 22 2 1 2 1 2 12 =×=⋅== ω ωω R R a aRa 可以得到 1 1 1 3 r r ωω = 3 1 2 2 R n R πω = 3 1 2 2 R n R πω = 3 1 1 2 2 R nv RR π= ⋅ 3 1 1 2 2 R nv RR π= ⋅ 3 1 1 1 3 12 2 1 0 2 0 2 175 2 2 R n R R R nRn nR R R π π ⋅ = = = ωrv = ω = v r A B Cv v v =： ： A B C ω ω ω =： ： A C ω ω= A Bv v= v rω= A C ω ω= 3 1A Cv v =: : v r ω = 2 3A B ω ω =: : 2 3 2A B C ω ω ω =: : : : 2 nω π=16 解析：B、D 轮边缘线速度相等，A、C 轮边缘线速度相等，A、B 轮角速度相等， ， ， ． 2、2:3 解析：在悬绳碰到钉子的前后瞬间，线速度不变．做圆周运动的半径从 L 变成了 ，则根据加速度公式 得两次向心加速度之比为半径之反比，即 2:3． 3、 解析：飞机在最低点做圆周运动，其向心加速度最大不得超过 8g 才能保证飞行员的安全．由 得 ． 2 11 2 C A D A v v v v = = ∶ 2 4 11 2 C A D A ω ω ω ω = = ∶ 2 4 8 11 1 C C C D D D a v a v ω ω= = × = ∶ 2 3 L 2va r = 80 10m / s 2 n va r = 8 10 100m /s 80 10m /snv a r= = × × =