2016-2017学年内蒙古呼伦贝尔市阿荣旗九年级（上）期末物理试卷
一、选择题（15个小题，每小题3分，总分45分）
1．下列现象中不能用分子热运动观点解释的是（ ）
A．酒香不怕巷子深 B．沙尘暴起，尘土满天
C．用盐把青菜腌成咸菜 D．衣橱里的樟脑球逐渐变小
2．如图所示，酒精灯给装有水的小试管加热，不一会儿，软木塞被“冲”了出来，这一现象类似于汽油机中的（ ）
A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程
3．下列有关电流形成的说法正确的是（ ）
A．电荷的移动便形成了电流
B．电路中只要接入电源便一定能形成电流
C．金属导体中自由电子发生定向移动便形成了电流
D．电流的方向总是由电源的负极流向正极
4．A、B是两个轻质泡沫小球，C是用毛皮摩擦过的橡胶棒，A、B、C三者之间相互作用时的场景如图所示，由此判断（ ）
A．小球A带正电 B．小球B带正电
C．小球B可能不带电 D．小球A可能不带电
5．在如图所示的四个电路中，哪个电路中三个电灯是并联的（ ）
第30页（共30页）
A． B． C． D．
6．如图（a）所示电路中，当闭合开关后，两只电压表的指针偏转均如图（b）所示，则电阻R1和R2两端的电压分别为（ ）
A．6V 1.5V B．7.5V 1.5V C．1.5V 7.5V D．1.5V 6V
7．关于电阻，下列说法中正确的是（ ）
A．铜导线的电阻比铁导线的电阻小
B．粗细相同的铝导线，长的电阻大
C．导体两端的电压越大，导体的电阻越大
D．导体的电阻越大，电流通过导体产生的热量越多
8．如图1所示是电阻甲和乙的I﹣U图象，下列说法正确的是（ ）
A．电阻乙为定值电阻
B．当电阻甲两端电压为2V时，R甲=0.4Ω
C．如图2所示，当开关闭合，电路电流为0.2A时，电路总电阻是15Ω
D．如图3所示，当开关闭合，电源电压为2V时，电路总电流为0.4A
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9．如图所示，将标有“12V 6W”的灯泡L1和“6V 6W”的灯泡L2并联后，接在6V的电源上（设灯丝电阻不变），则（ ）
A．两灯的实际功率之和等于12W
B．两灯的实际功率之和大于12W
C．灯泡L1比灯泡L2亮
D．灯泡L2比灯泡L1亮
10．某同学为了估测一个铭牌缺失的家用电热水壶正常工作时的电阻．将壶中装入lkg 25℃的自来水．按下开关后3min水被烧开．则该电热水壶正常工作时的电阻约为（水的比热容为4.2×l03J/（kg•℃）（ ）
A．3Ω B．30Ω C．300Ω D．3000Ω
11．关于热现象，以下说法正确的是（ ）
A．内能少的物体也可能将能量传递给内能多的物体
B．汽油机的做功冲程是将机械能转化为内能
C．物体吸收的热量越多，其比热容就越大
D．物体的温度越高，所含的热量越多
12．关于电功和电功率的相关知识下列说法不正确的是（ ）
A．电功率是表示电流做功快慢的物理量
B．千瓦、瓦都是电功率的单位
C．消耗电能多的用电器电功率越大
D．电流做功的过程就是电能转化成其他形式的能的过程
13．小明对中考体育测试使用的身高测量仪感兴趣，为了了解它的测量原理，他尝试设计了如图所示的四个电路，其中能够实现身高越高、电压表示数越大的电路是（ ）
A． B． C．
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D．
14．组成原子核的粒子是（ ）
A．质子和中子 B．质子和原子 C．原子和电子 D．中子和电子
15．如图电路中，电源电压保持不变，当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表和电压表的示数变化情况分别为（ ）
A．电流表的示数变小，电压表的示数变大
B．电流表的示数变大，电压表的示数变小
C．电流表的示数变小，电压表的示数不变
D．电流表的示数变小，电压表的示数变小
二、填空题（本题10个小题，共20分）
16．酒精和水充分混合后，其总体积 （选填“大于”、“小于”或“等于”）混合前的总体积，此现象说明组成物质的分子间有 ．
17．柴油机和汽油机在构造上的主要区别是：柴油机气缸顶部有 ，在吸气冲程中的不同是：柴油机吸入气缸里的是 ．
18．某段金属导体两端电压为4V时，通过的电流是0.2A；当该导体两端电压为12V时，通过该导体的电流为 A；当该导体两端电压降为0时，电阻为 Ω．
19．只将一个“220V 800W”的电暖气接入示数为如图所示的电能表所在的电路中，正常工作5h，消耗电能 kW•h，此时电能表示数变为 ．
20．滑动变阻器的铭牌上常标有“10Ω、2A”；那么其中“10Ω”的意思是 ；“2A”的意思是 ．
21．体积为0.1m3、热值为2.1×107J/m3的某气体燃料完全燃烧放出的热量为
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J；若这些热量全部被温度为20℃、质量为10kg的水吸收，则水升高的温度是 ℃．[c水=4.2×103J/（kg•℃）]．
22．如图所示，空缺电路的甲处是 ，乙处是 （选填“电源”、“电流表”或“电压表”）．填入后要求：①闭合开关，小灯泡L1和L2都能发光；②小灯泡L1和L2并联连接．
23．某11W节能灯的亮度相当于60W的白炽灯，若将一盏60W的白炽灯换成节能灯每天工作2h，则一个月（30填）可节约 度电，结合生活实际再列举一条节约用电措施： ．
24．高效节能的LED灯，其核心元件发光二极管的主要材料是 ，假如电熨斗内部的电热丝、电动车内电动机的线圈、白炽灯的灯丝都处于超导状态，其中仍能正常工作且减少了能量损失的是 （选填“电熨斗”、“电动车”或“白炽灯”）．
25．水的比热容是4.2×103J/（kg•℃），其含义是1kg的水温度升高 ℃时吸收的热量是 J．
三、实验探究题（本题3小题，共17分）
26．在“练习使用滑动变阻器”实验中，
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（1）小群连接了如图甲的实验电路，其中三条线有错误，请在图甲中把接错的导线打上“×”，再用笔画表示导线，改到正确的位置上．
（2）请在图乙的方框内根据修改后的实物图，画出电路图．
（3）小群正确连接电路后，闭合开关，电流表、电压表的读数如图丙所示，则通过灯泡L的电流为 A，灯泡L两端的电压为 V．
27．如图（1）所示是某实验小组在“探究电阻上的电流跟两端电压的关系”实验时，根据实验数据所画出的图象．通过甲（或乙）图象说明，当电阻一定时，通过电阻的电流与电阻两端的电压成 比；通过比较甲和乙图象，说明当电压一定时，通过电阻的电流与电阻成 比；由图象可知R甲=5Ω，R乙= Ω．此实验中，滑动变阻器除了有 的作用，还可以改变电阻中的电流和两端电压．请在图（2）表盘中标出电阻甲两端电压为2V时，电流表指针的准确位置．
28．在伏安法测电阻的实验中，
（1）请将如图1所示的电路连接完整，要求当滑动变阻器的滑片向右移动时，电流表的示数减小，在连接电路时，开关应 ．
（2）移动滑动变阻器的滑片P，当电压表的示数为2.4V时，电流表的示数如图2所示，为 A，则该电阻的阻值为 Ω．小明就把这次实验测得的阻值作为最后的结果，你认为合适吗？ ，理由是 ．
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四、计算题（本题2个小题，29题10分，30题8分，共18分）
29．如图是一台电热水壶铭牌上的部分信息，请根据铭牌所提供的信息[水的比热容c=4.2×103J（kg•℃）]，求：
（1）电热水壶正常工作时的电流；
（2）电热水壶装满水时水的质量；
（3）若给该电热水壶装满水进行加热，使水的温度从28℃升高到72℃，则水吸收的热量是多少？
（4）若电热水壶正常工作时，所产生的热量有80%被水吸收，则在第（3）小问中给水加热的时间是多少秒？
30．如图所示，R1=25Ω，小灯泡L的规格为“2.5V 0.3A”，电源电压保持不变．
（1）S1、S2都断开时，小灯泡L正常发光，求电源电压；
（2）S1、S2都闭合时，电流表示数变为0.6A，求R2的功率．
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2016-2017学年内蒙古呼伦贝尔市阿荣旗九年级（上）期末物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（15个小题，每小题3分，总分45分）
1．下列现象中不能用分子热运动观点解释的是（ ）
A．酒香不怕巷子深 B．沙尘暴起，尘土满天
C．用盐把青菜腌成咸菜 D．衣橱里的樟脑球逐渐变小
【考点】分子动理论与热现象的缘由．
【分析】分子动理论包括以下方面的内容：
1、分子之间存在空隙．
2、分子在永不停息地做无规则运动．
3、分子之间存在引力和斥力．
【解答】解：A、因为酒分子的运动使香气四溢，在较远处也能闻到，可以由分子的无规则运动解释，故A不符合题意；
B、尘士虽小，但仍是由很多分子组成的固体小颗粒，无法用分子动理论解释，故B符合题意；
C、用盐把青菜腌成咸菜，是因为盐分子扩散造成的，可用分子动理论解释，故C不符合题意；
D、樟脑球由于分子的运动，外层分子慢慢扩散到空中则使体积减小，可以由分子的无规则运动解释，故D不符合题意．
故选B．
2．如图所示，酒精灯给装有水的小试管加热，不一会儿，软木塞被“冲”了出来，这一现象类似于汽油机中的（ ）
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A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程
【考点】内能的利用及其意义．
【分析】酒精灯给装有水的小试管加热，水内能增加，软木塞被水蒸气“冲”了出来，水蒸气对木塞做功，内能减少，从能的转化角度来说是内能转化为机械能．分析汽油机四个冲程，找出符合要求的冲程即可解决此题．
【解答】解：A、吸气冲程不存在能的转化，故A错误；
B、压缩冲程是动能转化为内能，故B错误；
C、做功冲程是内能转化为机械能，故C正确；
D、排气冲程不存在能的转化，故D错误．
故选C．
3．下列有关电流形成的说法正确的是（ ）
A．电荷的移动便形成了电流
B．电路中只要接入电源便一定能形成电流
C．金属导体中自由电子发生定向移动便形成了电流
D．电流的方向总是由电源的负极流向正极
【考点】电流的形成．
【分析】电流是由电荷的定向移动形成的，可以是正电荷，也可以是负电荷；电路有持续电流的条件是有电压（电源）、电路是通路；物理学中规定，正电荷定向移动的方向为电流的方向，负电荷定向移动的方向与电流的方向相反．
【解答】解：A、电荷只有定向移动才能形成电流，故A错误；
B、电路中有电流的条件是有电压（电源）、电路是通路，缺一不可，故B错误；
C、电荷的定向移动形成电流，正负电荷均可，金属导体中的自由电子是负电苛，所以金属导体中自由电子发生定向移动便形成了电流，故C正确；
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D、在电源外部，电流的方向是由正极流向负极；在电源内部，电流的方向是由负极流向正极，故D错误．
故选C．
4．A、B是两个轻质泡沫小球，C是用毛皮摩擦过的橡胶棒，A、B、C三者之间相互作用时的场景如图所示，由此判断（ ）
A．小球A带正电 B．小球B带正电
C．小球B可能不带电 D．小球A可能不带电
【考点】物体带电情况的判断．
【分析】带电体具有吸引轻小物体的性质；
电荷间相互作用的规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．
【解答】解：C是用毛皮摩擦过的橡胶棒，故C带负电，当靠近A小球是，相互吸引，即说明A可能带正电，可能不带电；
C靠近B时，发现排斥，即说明B 一定带负电，故将AB靠近时，AB吸引，B一定是带电的，故A可能带正电，也可能不带电，故选D．
故选D．
5．在如图所示的四个电路中，哪个电路中三个电灯是并联的（ ）
A． B． C． D．
【考点】串联电路和并联电路的辨别．
【分析】
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解决此题要知道并联电路是指将所有用电器的一端连在一起，另一端也连在一起，再连入电路的两点间而组成的电路．即不是一条电路，而是由多条路径组成的．
【解答】解：A、由于电压表相当于开路，电流表相当于导线，所以此电路中左边的灯泡短路，且是一个串联电路，故不符合题意；
B、由于电压表相当于开路，故此电路中的三个灯泡串联，故该选项不符合题意；
C、由于电流表相当于导线，故该电路中的三个灯泡并联，故该选项符合题意；
D、由于电压表相当于开路，故此电路中的三个灯泡串联，故该选项不符合题意；
故选C．
6．如图（a）所示电路中，当闭合开关后，两只电压表的指针偏转均如图（b）所示，则电阻R1和R2两端的电压分别为（ ）
A．6V 1.5V B．7.5V 1.5V C．1.5V 7.5V D．1.5V 6V
【考点】串联电路的电压规律．
【分析】由图a可知，电阻R1与R2串联，电压表V2测两电阻串联电压，即电源电压，电压表V1测电阻R2两端电压，根据串联电路特点确定电压表量程与分度值，读出电压表示数，然后由串联电路特点求出两电阻两端的电压．
【解答】解：（1）由电路图可知，电压表V2示数应大于电压表V1示数，而两电压表指针位置相同，则电压表V2量程是0～15V，分度值是0.5V，电压表示数UV1=7.5V；电压表V1量程是0～3V，分度值是0.1V，电压表示数UV2=1.5V；
（2）电阻R2的电压U2=UV1=1.5V，电阻R1的电压U1=UV2﹣U2=7.5V﹣1.5V=6V；
故选A．
7．关于电阻，下列说法中正确的是（ ）
A．铜导线的电阻比铁导线的电阻小
B．粗细相同的铝导线，长的电阻大
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C．导体两端的电压越大，导体的电阻越大
D．导体的电阻越大，电流通过导体产生的热量越多
【考点】影响电阻大小的因素；焦耳定律．
【分析】影响电阻大小的因素是：材料、长度、横截面积、温度，电阻大小与电流、电压无功，根据控制变量法进行分析各项．
【解答】解：
A、只告诉了两导体材料的关系，而导体的横截面积、长度关系没告诉，故不能确定两者电阻大小．故A错误；
B、粗细相同的铝导线，长度越长，电阻越大，故B正确；
C、电阻的大小与电压无关，故C错误；
D、电阻产生热量的多少与电阻、电流、和通电时间有关，故D错误．
故选B．
8．如图1所示是电阻甲和乙的I﹣U图象，下列说法正确的是（ ）
A．电阻乙为定值电阻
B．当电阻甲两端电压为2V时，R甲=0.4Ω
C．如图2所示，当开关闭合，电路电流为0.2A时，电路总电阻是15Ω
D．如图3所示，当开关闭合，电源电压为2V时，电路总电流为0.4A
【考点】欧姆定律的应用．
【分析】（1）根据欧姆定律可知，电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比，据此分析图象甲乙电阻的变化；
（2）由图象可知，当甲两端电压为2V时对应的电流，根据欧姆定律求出R甲的阻值；
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（3）根据串联电路的电流特点读出图象中对应的电压，利用串联电路的电压特点求出电源的电压，进而计算出总电阻．
（4）根据并联电路的电压特点结合图象读出对应的电流，再根据并联电路的电流特点得出干路电流．
【解答】解：A、由图象可知，甲对应的电流与电压成正比，而乙对应的电流与电压不成正比，根据欧姆定律可知甲电阻的阻值不变，乙电阻的阻值变化，故A不正确；
B、由图象可知，当甲两端电压为2V时，通过甲的电流为0.4A，则R甲===5Ω；故B不正确；
C、甲、乙串联在电路中，当电路电流为0.2A时，通过甲、乙的电流均为0.2A，由图象可知，U甲=1V，U乙=2V，
据串联电路中总电压等于各分电压之和，故此时电源的电压：U=U甲+U乙=1V+2V=3V，故总电阻是：R总===15Ω，故C正确；
D、甲、乙并联在2V电源时，根据并联电路的电压特点可知两灯泡两端的电压为2V，由图象可知，I甲=0.4A，I乙=0.2A，
因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流I=I甲+I乙=0.4A+0.2A=0.6A，故D错误；
故选C．
9．如图所示，将标有“12V 6W”的灯泡L1和“6V 6W”的灯泡L2并联后，接在6V的电源上（设灯丝电阻不变），则（ ）
A．两灯的实际功率之和等于12W
B．两灯的实际功率之和大于12W
C．灯泡L1比灯泡L2亮
D．灯泡L2比灯泡L1亮
【考点】实际功率．
【分析】（1）已知额定电压和额定功率，根据R=求得两灯泡的电阻；
（2）根据并联电路的电压特点和P=得出灯L1、L2
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的实际功率，再根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小判断灯泡的亮暗．
【解答】解：（1）灯泡L1的电阻R1===24Ω，灯泡L2的电阻R2===6Ω，
并联接在6V的电源上，灯泡L1的实际功率P实1===1.5W，
灯泡L2的实际功率P实2=6W．
因为灯泡的亮度取决于实际功率，故灯泡L2比灯泡L1亮，故D正确，C错误；
（2）两灯的实际功率之和P总=P实1+P实2=1.5W+6W=7.5W，小于12W，故AB错误．
故选D．
10．某同学为了估测一个铭牌缺失的家用电热水壶正常工作时的电阻．将壶中装入lkg 25℃的自来水．按下开关后3min水被烧开．则该电热水壶正常工作时的电阻约为（水的比热容为4.2×l03J/（kg•℃）（ ）
A．3Ω B．30Ω C．300Ω D．3000Ω
【考点】焦耳定律的计算公式及其应用．
【分析】由Q=cm△t计算水吸收的热量，由Q=W=t计算电热水壶正常工作电阻．
【解答】解：
电热水壶中水吸收的热量：
Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×1kg×=3.15×105J，
由题知，电热水壶正常工作时消耗电能W=Q，
由W=t可得电热水壶正常工作电阻：
R=t=×3×60s≈27.7Ω，
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所以B选项与其电阻大小比较接近，所以B正确．
故选B．
11．关于热现象，以下说法正确的是（ ）
A．内能少的物体也可能将能量传递给内能多的物体
B．汽油机的做功冲程是将机械能转化为内能
C．物体吸收的热量越多，其比热容就越大
D．物体的温度越高，所含的热量越多
【考点】物体内能的改变；温度、热量与内能的关系．
【分析】（1）发生热传递的条件是物体之间存在温度差；
（2）四冲程汽油机的做功冲程将内能转化为机械能；
（3）比热容是物质的一种特性，它只与物体的种类有关，与物体的温度、质量、位置等无关；
（4）热量是物体通过热传递方式改变的内能，是一个过程量，不能说含有或具有．
【解答】解：
A、发生热传递的条件是物体之间存在温度差，则热传递的发生与物体内能的多少无关，所以热传递时内能少的物体可能将能量传给内能多的物体，故A正确；
B、四冲程汽油机的做功冲程将内能转化为机械能，故B错误；
C、比热容是物质的一种特性，它只与物体的种类有关，与物体的温度、质量、位置等无关，故C错误；
D、热量是一状态量，描述它的术语是“吸收”和“放出”，不能用含有，故D错误．
故选A．
12．关于电功和电功率的相关知识下列说法不正确的是（ ）
A．电功率是表示电流做功快慢的物理量
B．千瓦、瓦都是电功率的单位
C．消耗电能多的用电器电功率越大
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D．电流做功的过程就是电能转化成其他形式的能的过程
【考点】电功率；电功的实质．
【分析】①电流做功的过程实质是消耗电能转化为其他形式能的过程，国际单位J，常用单位kW•h；
②单位时间内做功的多少叫电功率，电功率是表示电流做功快慢的物理量，国际单位W，还有kW．
【解答】解：
A、电功率是表示电流做功快慢的物理量，功率越大，做功越快．此说法正确；
B、千瓦、瓦都是电功率的单位，此说法正确；
C、电功率的大小与电能多少和通电时间都有关系，时间不确定，消耗电能多的用电器电功率不一定越大．此说法错误；
D、电流做功的过程实质是消耗电能转化为其他形式能的过程，此说法正确．
故选C．
13．小明对中考体育测试使用的身高测量仪感兴趣，为了了解它的测量原理，他尝试设计了如图所示的四个电路，其中能够实现身高越高、电压表示数越大的电路是（ ）
A． B． C． D．
【考点】欧姆定律的应用．
【分析】分析电路结构，根据身高的变化，判断滑动变阻器接入电路的阻值的变化，再根据欧姆定律判断电压表示数的变化．
【解答】解：
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A、两电阻串联，电压表测R′两端的电压，身高越高R′接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中的电流变大，R两端的电压变大，根据串联电路的总电压可知R′电压变小，即电压表的示数变小，故A不符合题意；
B、两电阻串联，电压表测R两端的电压，身高越高R′接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中的电流变大，R两端的电压变大，即电压表的示数变大，故B符合题意；
C、两电阻串联，电压表测电源的电压，因电源的电压不变，所以身高越高时电压表的示数保持不变，故C不符合题意；
D、两电阻并联，电压表测电源的电压，身高越高时，定值电阻R不能保护电路，并且由并联电路电压特点知电压表的示数不变，故D不符合题意．
故选B．
14．组成原子核的粒子是（ ）
A．质子和中子 B．质子和原子 C．原子和电子 D．中子和电子
【考点】原子结构、元电荷与带电情况．
【分析】原子由带正电的原子核和核外带负电的电子构成，原子核是由带正电的质子和不带电的中子构成的．
【解答】解：在原子中心有个很小的核叫原子核，它由带正电的质子不带电的中子构成，故A正确．
故选A．
15．如图电路中，电源电压保持不变，当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表和电压表的示数变化情况分别为（ ）
A．电流表的示数变小，电压表的示数变大
B．电流表的示数变大，电压表的示数变小
C．电流表的示数变小，电压表的示数不变
D．电流表的示数变小，电压表的示数变小
【考点】欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用．
第30页（共30页）
【分析】由电路图可知，R1和R2并联，电压表测量电源电压，电流表测干路电流；当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电源电压保持不变，电压表的示数不变；根据欧姆定律可知通过R1的电流不变，但通过R2的电流变小，根据并联电路的电流特点可知电流表示数的变化．
【解答】解：∵电压表测电源的电压且电源的电压不变，
∴电压表的示数不变；
当滑动变阻器的滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，
∵I=，R1两端的电压不变；
∴R2支路的电流变小，R1支路的电流不变，
∵并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，
∴干路电流变小，即电流表的示数变小．
故选C．
二、填空题（本题10个小题，共20分）
16．酒精和水充分混合后，其总体积 小于 （选填“大于”、“小于”或“等于”）混合前的总体积，此现象说明组成物质的分子间有 空隙 ．
【考点】分子动理论的基本观点．
【分析】根据分子动理论的内容回答：物质都是由分子组成的，分子之间存在一定的空隙，并且分子在永不停息地做无规则运动，分子之间总存在相互作用的引力和斥力．
【解答】解：酒精和水都是由分子构成的物质，它们的分子之间都存在一定的空隙．当把酒精和水混合以后，两种分子不发生化学反应，两种物质的分子相互穿插渗透，进入彼此的分子空隙，所以总体积会小于二者的体积之和．
故答案为：小于；空隙．
17．柴油机和汽油机在构造上的主要区别是：柴油机气缸顶部有 喷油嘴 ，在吸气冲程中的不同是：柴油机吸入气缸里的是 空气 ．
【考点】热机．
【分析】柴油机和汽油机的主要区别：
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（1）汽油机在吸气冲程中吸入了汽油和空气的混合气体，在压缩冲程中，机械能转化为内能，内能增大，温度升高，汽油机气缸顶端有个火花塞，此时火花塞喷出电火花，点燃汽油，产生高温高压的燃气推动活塞做功．
（2）柴油机在吸气冲程中吸入空气，在压缩冲程中，机械能转化为内能，空气的内能增大；柴油机气缸顶端有个喷油嘴，此时喷油嘴喷出雾状的柴油，柴油遇到高温的空气，达到着火点而燃烧，点燃方式是压燃式．燃烧产生高温高压的燃气推动活塞做功．柴油机的压缩比例更大、温度更高、做功更多，效率更高．
【解答】解：
（1）汽油机和柴油机在构造上的区别是：汽油机顶部有个火花塞，柴油机顶部有个喷油嘴；
（2）在吸气冲程里，汽油机吸入气缸的是汽油和空气的混合物，而柴油机吸入的是空气．
故答案为：喷油嘴；空气．
18．某段金属导体两端电压为4V时，通过的电流是0.2A；当该导体两端电压为12V时，通过该导体的电流为 0.6 A；当该导体两端电压降为0时，电阻为 20 Ω．
【考点】欧姆定律的应用．
【分析】（1）知道导体两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律求出导体的电阻；
（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关，再根据欧姆定律求出当该导体两端电压为12V时通过该导体的电流．
【解答】解：由I=可得，导体的电阻：
R===20Ω，
因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，
所以，当该导体两端电压为12V时或该导体两端电压降为0时，导体的电阻仍为20Ω不变，
当该导体两端电压为12V时，通过该导体的电流：
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I′===0.6A．
故答案为：0.6；20．
19．只将一个“220V 800W”的电暖气接入示数为如图所示的电能表所在的电路中，正常工作5h，消耗电能 4 kW•h，此时电能表示数变为 03660 ．
【考点】电能表参数的理解与电能的求法．
【分析】利用公式W=Pt计算消耗的电能．电能表的示数：①月末的示数等于月初的示数加上本月消耗的电能，②最后一位是小数，③单位kW•h．
【解答】解：电暖气的额定功率P=800W=0.8kW，
正常工作时间t=5h，
消耗的电能为W=Pt=0.8kW×5h=4kW•h．
电能表开始的示数为：362.0kW•h；
则电暖气工作5h后电能表的示数为：362.0kW•h+4kW•h=366.0kW•h．
此时电能表示数变为03660
故答案为：4；03660．
20．滑动变阻器的铭牌上常标有“10Ω、2A”；那么其中“10Ω”的意思是 变阻器最大电阻为10Ω ；“2A”的意思是 允许通过的最大电流为2A ．
【考点】滑动变阻器的工作原理．
【分析】滑动变阻器是通过改变接入电路的电阻丝长度来改变电阻值的，滑动变阻器的铭牌信息分别为总电阻和允许通过的最大电流．
【解答】解：
在滑动变阻器上：“10Ω”的意思是变阻器最大电阻为10Ω；
“2A”的意思是允许通过的最大电流为2A．
故答案为：变阻器最大电阻为10Ω；允许通过的最大电流为2A．
21．体积为0.1m3、热值为2.1×107J/m3的某气体燃料完全燃烧放出的热量为 2.1×106
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J；若这些热量全部被温度为20℃、质量为10kg的水吸收，则水升高的温度是 50 ℃．[c水=4.2×103J/（kg•℃）]．
【考点】热量的计算．
【分析】根据燃料完全燃烧放量公式Q放=mq计算煤油完全燃烧所放出的热量，再由Q放=Q吸=cm△t，得到△t=后计算水升高的温度．
【解答】解：完全燃烧0.1m3某气体放出的热量：
Q放=qV气体=2.1×107J/m3×0.1m3=2.1×106J；
由Q吸=cm△t=Q放，可得
水温度升高值：△t===50℃．
故答案为：2.1×106；50．
22．如图所示，空缺电路的甲处是 电流表 ，乙处是 电源 （选填“电源”、“电流表”或“电压表”）．填入后要求：①闭合开关，小灯泡L1和L2都能发光；②小灯泡L1和L2并联连接．
【考点】电路图及元件符号．
【分析】解答此题从以下知识点入手：
①电流从电源的正极出发，最后回到电源的负极．
②在电路中，电流表相当于导线，电阻接近于零；电压表相当于断路，电阻特别大．
③串联电路只有一个通路，电路无分支；并联电路包括两部分：干路和支路．
【解答】解：要使两只灯泡并联，电流分两支，一支经L1，另一支经L2，然后共同回负极，在电路中，电流表相当于导线，故甲为电流表，乙为电源即可．
故答案为：电流表；电源．
23．某11W节能灯的亮度相当于60W的白炽灯，若将一盏60W的白炽灯换成节能灯每天工作2h，则一个月（30填）可节约 2.94
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度电，结合生活实际再列举一条节约用电措施： 随手关灯 ．
【考点】电功的计算．
【分析】（1）白炽灯的电功率减去节能灯的功率即为节约的功率，根据W=Pt求出一个月能节约的电能；
（2）结合生活经验可写出节约用电的措施．
【解答】解：一个月能节约的电能：
W节约=P节约t=（P白﹣P节）t=（60×10﹣3kW﹣11×10﹣3kW）×2h×30=2.94kW•h=2.94度；
由生活经验可知，节约用电的措施有：养成人走灯灭随手关灯的好习惯、使用节能灯具、不要让电视机长时间处于待机状态等．
故答案为：2.94；随手关灯．
24．高效节能的LED灯，其核心元件发光二极管的主要材料是 半导体 ，假如电熨斗内部的电热丝、电动车内电动机的线圈、白炽灯的灯丝都处于超导状态，其中仍能正常工作且减少了能量损失的是 电动机 （选填“电熨斗”、“电动车”或“白炽灯”）．
【考点】半导体的特点．
【分析】（1）二极管是由半导体做成的器件，它具有单向导电性．
（2）假设导体没有电阻，当用电器通电时，用电器不会产生电热，利用电流的热效应工作的家用电器将不能工作．
【解答】解：制作二极管的材料是半导体材料，常用的有：硅、锗等材料．
白炽灯灯丝、电熨斗都是利用电流的热效应工作的，如果导体没有电阻，当用电器通电时，用电器不会产生电热，白炽灯不能发光，电熨斗不能熨衣服．导体有电阻时，电动机工作，电能转化为机械能和内能，假设导体没有电阻，当电动机通电时，电动机不会产生电热，电能全部转化为机械能，效率更高更好．
故答案为：半导体；电动机．
25．水的比热容是4.2×103J/（kg•℃），其含义是1kg的水温度升高 1 ℃时吸收的热量是 4.2×103 J．
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【考点】比热容解释简单的自然现象．
【分析】要解答本题需掌握：比热容的定义，即单位质量的某种物质温度升高和降低1℃吸收和放出的热量．
【解答】解：由比热容得定义可知水的比热容的物理含义是：1kg的水温度升高1℃时吸收的热量是4.2×103J．
故本题的答案为：1，4.2×103．
三、实验探究题（本题3小题，共17分）
26．在“练习使用滑动变阻器”实验中，
（1）小群连接了如图甲的实验电路，其中三条线有错误，请在图甲中把接错的导线打上“×”，再用笔画表示导线，改到正确的位置上．
（2）请在图乙的方框内根据修改后的实物图，画出电路图．
（3）小群正确连接电路后，闭合开关，电流表、电压表的读数如图丙所示，则通过灯泡L的电流为 0.2 A，灯泡L两端的电压为 1.6 V．
【考点】实物的电路连接；根据实物图画电路图．
【分析】（1）在实物连接图中，主要从电压表、电流表和滑动变阻器上考虑：需要注意滑动变阻器的接法一上一下；电压表和被测电阻并联并注意正负接线柱；电流表和被测电阻串联并注意正负接线柱．找错误时根据这几个方面考虑；
（2）根据电流流向法画出电路图；
（3）根据电流表的量程和分度值读出通过灯泡的电流和灯泡两端的电压．
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【解答】解：（1）由电路图可知，电流表的正负接线柱接反了，电流应从正接线柱流入、负接线柱流出；
滑动变阻器上方两个接线柱接入电路中，应按一上一下的原则串联在电路中，如下图所示：
（2）先画出电源，根据电流流向从电源的正极依次画出电流表、灯泡、滑动变阻器、开关回到负极，然后把电压表并联在灯泡两端，如下图所示：
（3）由丙图可知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，通过灯泡的电流为0.2A；
电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，灯泡两端的电压为1.6V．
故答案为：
（1）实物图的连接如上图所示；
（2）电路图如上图所示；
（3）0.2；1.6．
27．如图（1）所示是某实验小组在“探究电阻上的电流跟两端电压的关系”实验时，根据实验数据所画出的图象．通过甲（或乙）图象说明，当电阻一定时，通过电阻的电流与电阻两端的电压成 正 比；通过比较甲和乙图象，说明当电压一定时，通过电阻的电流与电阻成 反 比；由图象可知R甲=5Ω，R乙= 10 Ω．此实验中，滑动变阻器除了有 保护电路
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的作用，还可以改变电阻中的电流和两端电压．请在图（2）表盘中标出电阻甲两端电压为2V时，电流表指针的准确位置．
【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验．
【分析】（1）从图象可以得出的信息有：该图象是正比例函数，因此可根据控制变量法分析得出结论；
（2）由图象得出一组电压和电流值，利用欧姆定律可求得；在研究电流跟电阻的关系的实验中，滑动变阻器的作用：一是保持定值电阻两端的电压不变：而是保护电路．
【解答】解：（1）由图象甲可以得出：①图象的横坐标表示电压，纵坐标表示电流；②图象是个正比例函数图象；③在探究电流与电压的关系时，应控制电阻不变；
综上所述，由图象可得出的结论是：当电阻一定时，通过电阻的电流与电阻两端的电压成正比．
比较甲、乙的图象，在电压为3V时，甲的阻值小，通过的电流大，所以得到的结论是：当电压一定时，通过电阻的电流与电阻成反比；
（2）①由图象知：U=3V，I乙=0.3A，则R乙===10Ω．
②在研究电流跟电阻的关系的实验中，滑动变阻器的作用：一是保持定值电阻两端的电压不变：而是保护电路．
③由图象甲可知：电阻甲两端电压为2V时，电流值为0.4A，则电流表指针应在0.4A的位置，如图：
故答案为：正；反；10；保护电路．
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28．在伏安法测电阻的实验中，
（1）请将如图1所示的电路连接完整，要求当滑动变阻器的滑片向右移动时，电流表的示数减小，在连接电路时，开关应 断开 ．
（2）移动滑动变阻器的滑片P，当电压表的示数为2.4V时，电流表的示数如图2所示，为 0.3 A，则该电阻的阻值为 8 Ω．小明就把这次实验测得的阻值作为最后的结果，你认为合适吗？ 不合适 ，理由是 没有多次测量求平均值，以减小误差 ．
【考点】伏安法测电阻的探究实验．
【分析】（1）为了防止短路的发生，在连接和拆除电路时，开关应是断开的．滑动变阻器应接一上一下．滑动变阻器的阻值大小是由滑片与下面一个接线柱之间的距离决定的．
（2）在进行电流表的读数时，注意量程和分度值．根据R=计算电阻的阻值．在测量电阻阻值时，为了数据更加准确，应多测几次求平均值．
【解答】解：（1）滑动变阻器已连接了上面一个接线柱，应再连接下面一个接线柱．滑动变阻器的滑片向右移动时，电流表的示数减小．所以滑动变阻器的阻值变大，滑动变阻器应接在左边A接线柱上，如图：
；
在连接电路过程中，开关应为断开的．
（2）由图知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，其读数为0.3A．
由I=得，R===8Ω；
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在此实验中，小明只测了一组数据便求出了电阻的阻值，这样不准确．为减小误差应多测几次求平均值．
故答案为：（1）如图；断开；（2）0.3；8；不合适；没有多次测量求平均值，以减小误差．
四、计算题（本题2个小题，29题10分，30题8分，共18分）
29．如图是一台电热水壶铭牌上的部分信息，请根据铭牌所提供的信息[水的比热容c=4.2×103J（kg•℃）]，求：
（1）电热水壶正常工作时的电流；
（2）电热水壶装满水时水的质量；
（3）若给该电热水壶装满水进行加热，使水的温度从28℃升高到72℃，则水吸收的热量是多少？
（4）若电热水壶正常工作时，所产生的热量有80%被水吸收，则在第（3）小问中给水加热的时间是多少秒？
【考点】电功率与电压、电流的关系；密度公式的应用；热量的计算；电功率与电能、时间的关系．
【分析】（1）根据I=求正常工作时的电流；
（2）根据m=ρV求电热水壶装满水时水的质量；
（3）由Q=mc△t求水吸收的热量；
（4）根据η=求出给水加热的时间．
【解答】解：（1）据铭牌所提供的信息，电热水壶正常工作时的电流：
I===10A；
（2）电热水壶装满水时水的质量：
m=ρV=103kg/m3×1×10﹣3m3=1kg；
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（3）该电热水壶装满水进行加热，使水的温度从28℃升高到72℃，则水吸收的热量：
Q=mc△t=1kg×4.2×103J/（kg•℃）×（72℃﹣28℃）=1.848×105J；
（4）电热水壶的效率η=，
即80%=，
解得给水加热的时间：
t=105s．
答：（1）电热水壶正常工作时的电流为10A；
（2）电热水壶装满水时水的质量为1kg；
（3）水吸收的热量为1.848×105J；
（4）在第（3）小问中给水加热的时间是105s．
30．如图所示，R1=25Ω，小灯泡L的规格为“2.5V 0.3A”，电源电压保持不变．
（1）S1、S2都断开时，小灯泡L正常发光，求电源电压；
（2）S1、S2都闭合时，电流表示数变为0.6A，求R2的功率．
【考点】欧姆定律的应用．
【分析】（1）S1、S2都断开时，R1与L串联，小灯泡L正常发光，可知电路中电流，由串联电路特点和欧姆定律计算电源电压；
（2）S1、S2都闭合时，R1与R2并联，电流表测干路电流，由并联电路特点和P=UI计算R2的功率．
【解答】解：
（1）由电路图可知，S1、S2都断开时，R1与L串联，小灯泡L正常发光，
所以UL=U额=2.5V，电路中电流：I=I1=I额=0.3A，
由I=可得R1两端电压：U1=I1R1=0.3A×25Ω=7.5V，
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由串联电路电压特点可得电源电压：U=U额+U1=2.5V+7.5V=10V；
（2）由电路图知，S1、S2都闭合时，R1与R2并联，电流表测干路电流，
由并联电路的电压特点知：U=U1′=U2=10V，
通过R1的电流：I1′===0.4A，
由并联电路的电流特点可得，通过R2的电流：I2=I′﹣I1′=0.6A﹣0.4A=0.2A，
所以R2的功率：P2=UI2=10V×0.2A=2W．
答：（1）电源电压为10V；
（2）R2的功率为2W．
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2017年1月25日
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