2016-2017学年云南省昆明三中、滇池中学九年级（上）期末物理试卷
一、选择题（本大题共8小题，每小题3分，共24分．下列各题的答案中只有一个是正确的，请考生用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．）
1．生活处处有物理，留心观察皆学问．对以下现象解释正确的是（ ）
A．初冬季节，在家里洗澡时发现房间里充满“白气”，这些“白气”是水蒸气
B．剧场上淡淡薄雾是二氧化碳气体
C．放在衣橱里的樟脑丸，时间久了会明显变小，是因为樟脑丸蒸发为气体跑掉了
D．把酒精擦在手背上，手背感觉很凉爽，是因为酒精蒸发时要吸收热量
2．第一个发现电磁之间联系的科学家是（ ）
A．安培 B．瓦特 C．奥斯特 D．法拉第
3．磁性水雷是一种非触发式水雷，它利用可绕轴转动的小磁针来控制引爆电路．当军舰被地磁场磁化变成一个浮动的磁体，接近磁性水雷时，会触发磁性水雷引爆电路，引起水雷爆炸．磁性水雷引爆电路的依据是（ ）
A．磁体具有指南北的作用 B．磁极间的相互作用规律
C．电荷间的相互作用规律 D．磁场对电流的作用规律
4．如图所示是电阻甲和乙的U﹣I图象，下列说法正确的是（ ）
A．甲的电阻值保持10Ω不变
B．乙的电阻值保持20Ω不变
C．甲、乙并联在电路中，当电源电压为2 V时，电路总电流为0.3 A
D．甲、乙串联在电路中，当电路电流为0.2 A时，电路总电压4V
5．通过电阻R的电流为I，在相等的时间内产生的热量是Q，当电阻为2R，电流是I时，在相等的时间内产生的热量为（ ）
A．4Q B．2Q C． Q D． Q
6．LED灯具有节能、环保特点．“220V 11W”LED灯泡和“220V 60W”白炽灯泡正常发光的亮度相当．与白炽灯泡相比，LED灯泡可以节能约为（ ）
A．18.3% B．83.5% C．16.5% D．81.7%
7．如图所示电路中，电源电压不变，L1，L2都发光，一段时间后，其中一灯突然熄灭，而电流表电压表的示数都不变，产生这现象的原因是（ ）
A．灯L1短路 B．灯L2短路 C．灯L1开路 D．灯L2开路
8．一只电阻两端的电压由3V增大到4V时，通过该电阻的电流增加了0.25A，则该电阻消耗的电功率增加了（ ）
A．0.25W B．1.75W C．0.75W D．1W
二、填空题（本大题共10小题，每空1分，共20分）
9．不断弯折铁丝，铁丝的温度升高，是通过 的方法增大铁丝内能的；把铁丝放在火上烤，铁丝的温度升高，是通过 的方法增大铁丝内能的．
10．甲铁块的质量是乙铁块质量的2倍，它们吸收了相等的热量，则甲、乙两铁块的比热之比是 ，甲、乙两铁块升高的温度之比是 ．
11．某吸尘器中的电动机线圈电阻为10Ω，接在220V的电压下，工作电流为4A，则吸尘器发热损耗的功率是 W，输出功率是 W．
12．安装家庭电路时，从进户线到用电器之间应有①保险盒、②总开关和③
电能表，它们的排列顺序是 、 、保险盒．（选填“②”或“③”）
13．把标有“6V，3W”和“6V，6W”的两盏电灯串联后接入电路中（灯泡电阻不变），如果让其中一盏灯能长时间正常发光，则该电路两端的电压应为 V，两灯消耗的总功率为 W．
14．小红家里的电能表标有“3000R/kW•h”的字样，现小红只利用该电能表测定家中电取暖器消耗的电能，当取暖器单独工作时，电能表的转盘在90s内转过60转，则该取暖器消耗的电能是 度，电功率是 W．
15．小芳用导线及两个相同的铁钉自制了甲、乙两个电磁铁，通过如图所示的电路来探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”．将两个电磁铁串联接入电路是为了探究电磁铁磁性强弱与 是否有关；当滑动变阻器的滑片依次向左滑动到几个不同位置时，电磁铁甲、乙吸引大头针的个数都会逐渐增多，说明电流越 ，电磁铁磁性越强．（选填“大”或“小”）
16．利用磁场对电流的作用的基本原理可制成 机．它工作时，把 能转化为机械能．
17．如图所示，电源电压恒定不变，闭合开关S，滑片P向右移动，示数 ，示数 ．（选填“变大”、“变小”或“不变”）
18．如图甲所示，电源电压保持不变．闭合开关S后，当滑片P从最右端滑到最左端的过程中，小灯泡的I﹣U关系图象如图乙所示．电源电压为 V，滑动变阻器的最大阻值为 Ω．
三、作图、实验与探究题（本大题共6小题，共32分）
19．图中表示体温计的一部分，它的示数是 ℃．
20．请用笔画线代替导线，将图中的连有开关的电灯和三孔插座接入家庭电路中．
21．根据图中通电螺线管的N极，标出磁感线方向、小磁针的N极，并在括号内标出电源的正、负极．
22．（8分）在研究电流与电阻和电压关系的实验中：
（1）闭合开关前，滑动变阻器应处于 ，目的是： ．
（2）按甲电路连接了乙实物电路，其中有两个元件连接错误．它们分别是 和 （只须填写连错的元件）．
（3）重新连接电路后，用开关S进行试触，如果电流表指针向左偏转，说明电流表的 ；如果电流表指针向右偏转超过刻度盘，应换用较 量程．
（4）正确连接电路后，测出R1=5Ω、两端电压为3V时的电流．然后将电阻R1由5Ω换成10Ω，为了使电阻R1两端的电压仍然为3V，他应将滑动变阻器的滑动触头P向 端滑动，在触头P滑动的过程中，电路中的电流将 ．
23．（8分）在探究“影响电流热效应的因素”实验中：
（1）为了探究电流通过电阻产生的热量与电流的关系，小明设计了甲图装置，在烧瓶内安装一根电阻丝，并插入一支温度计，该实验通过比较 ，来判断相同时间内不同电流产生的热量多少．下面的探究实例中，也是采用这种研究方法的是 ．
A．力是看不见的，可以通过力的作用效果认识它
B．探究电流与电压、电阻的关系
C．用总电阻表示同一段电路中串联的两个电阻
实验中烧瓶内液体小明选择了煤油而不是水，这样选择的理由是 ．
（2）小明先测量烧瓶内液体的温度后，闭合开关，通电30s再测量烧瓶内液体的温度，得到温度的升高量填入表中；然后移动滑动变阻器滑片改变电流大小，重复上述操作，获得第二组数据（见表）．
实验次数
电流/A
通电时间/s
电阻/Ω
温度升高量/℃
1
0.3
30
10
1.5
2
0.6
30
10
6.0
由此得出：同一导体，在通电时间相等时，电流 ，其产生的热量 ．
（3）若要探究电流通过电阻产生热量与电阻的关系，可选择乙图中
（选填“A”或“B”）烧瓶中的电阻与甲图中的烧瓶电阻 （选填“串联”或“并联”）．
（4）小明提议利用上述实验装置该做“比较水和煤油比热容的大小”的实验，则他应选择乙图中 （选填“A”或“B”）烧瓶与甲图中的烧瓶并联，并将其中一烧瓶中的液体换成 ．水和煤油吸热的多少是通过 来反映的（选填“温度计示数”或“加热时间”）．
24．（10分）小丽同学手里有一个标有“3.8V”字样小灯泡，她想知道小灯泡正常工作时的电阻，于是在学校实验室找来一些器材连接了如图甲所示的实验电路，电源电压恒定不变．
（1）小丽测小灯泡电阻的实验原理是 ．
（2）请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物连接完整（要求滑片向左移灯泡变亮），并在图乙虚线框内画出电路图．
（3）闭合开关，移动滑动变阻器滑片，她发现灯泡始终不亮，电流表有示数，电压表无示数，其故障原因是 ．
（4）故障排除后，调节滑动变阻器使小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图丙所示，示数为 A，小灯泡正常工作时的电阻是 Ω．
（5）完成上述实验后，小丽向老师要了一个已知阻值为R0的定值电阻和一个单刀双掷开关，借助部分现有的实验器材，设计了如图丁所示的实验电路，测出了小灯泡的额定功率，请你帮她完成下列实验步骤：
①连接好实验电路，闭合开关S1，将开关S2拨到触点 （选填“1”或“2”），移动滑片，使电压表的示数为 V．
②保持滑片的位置不动，再将开关S2拨到触点 （选填“1”或“2”），读出电压表的示数为U．
③小灯泡额定功率的表达式为P额= （用已知量和测量量表示）．
四、综合题（本大题共3小题，共24分）
25．（8分）某品牌电热水壶的铭牌上标着如图表所示的数据，求：
（1）该热水壶的电阻；
（2）当热水壶装满水后，从20℃加热到100℃，水吸收的热量；
（3）在额定电压下，要放出这些热量，电热水壶工作的时间；（不计热损失，c水=4.2×103J/（kg•℃））
（4）如果用电热水壶烧水，测得实际电压只有110V左右，这时电热水壶发热时的功率大约是多少？
热水壶容量
2.0L
额定电压
220V
加热时的功率
800W
频率
50Hz
26．（8分）如图所示的电路，电源电压恒定，R1=R2=6欧．当开关S1、S2都断开时，电流表的示数为0.5安；当开关S1．、S2都闭合时，电流表的示数为1.5安．求：（1）电源电压；
（2）电阻R3的阻值；
（3）S1、S2都闭合时，电路消耗的总功率．
27．（8分）如图甲所示为某型号汽车的自动测定油箱内油量的电路原理图，其中电源两端的电压恒为24V，R0为定值电阻．A为油量指示表（一只量程为0～0.6A的电流表）．Rx为压敏电阻（厚度不计），它的上表面受力面积为10cm2，其阻值与所受压力的对应关系如图乙所示；油箱的横截面积为20dm2，油箱加满油时深度为0.4m，油量指示表的示数如图丙所示（最大值处）．（已知汽油的密度ρ=0.7×103kg/m3汽油的热值q=3.0×1010J/m3）请解答下列问题：
（1）当该车匀速行驶1h消耗10L（1L=1dm3）汽油时，汽油完全燃烧放出的热量有30%转化成汽车的有用功，则汽车在这段时间内的功率是多少？
（2）当油箱装满汽油时，压敏电阻Rx上表面受到的压力是多大？定值电阻R0
的阻值是多大？
（3）当油箱内汽油用完时，油量指示表的指针指向某一位置，求此位置所对应的电流值是多少？
2016-2017学年云南省昆明三中、滇池中学九年级（上）期末物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本大题共8小题，每小题3分，共24分．下列各题的答案中只有一个是正确的，请考生用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．）
1．生活处处有物理，留心观察皆学问．对以下现象解释正确的是（ ）
A．初冬季节，在家里洗澡时发现房间里充满“白气”，这些“白气”是水蒸气
B．剧场上淡淡薄雾是二氧化碳气体
C．放在衣橱里的樟脑丸，时间久了会明显变小，是因为樟脑丸蒸发为气体跑掉了
D．把酒精擦在手背上，手背感觉很凉爽，是因为酒精蒸发时要吸收热量
【考点】液化及液化现象；汽化及汽化吸热的特点；升华和凝华的定义和特点．
【分析】（1）在一定条件下，物体的三种状态﹣﹣固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化；
（2）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固．
（3）六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华．
【解答】解：A、初冬季节，在家里洗澡时发现房间里充满“白气”，这些“白气”是水蒸气液化成的小水滴，该选项说法不正确；
B、演出时放出的白雾是由干冰升华吸热，空气中的水蒸气遇冷液化成的小水滴，该选项说法不正确；
C、樟脑丸时间久了会明显变小，是由固态直接变为了气态，属于升华现象，该选项说法不正确；
D、把酒精擦在手背上，手背感觉很凉爽，是因为酒精蒸发时从手上吸收热量，该选项说法正确．
故选D．
【点评】本题考查了生活中的常见物态变化现象，注重了物理知识和生活实际的联系，是一道联系实际的好题．
2．第一个发现电磁之间联系的科学家是（ ）
A．安培 B．瓦特 C．奥斯特 D．法拉第
【考点】物理量的单位及单位换算．
【分析】根据对物理学家及其成就的了解作答．
【解答】解：
A、安培最早发现了电流周围的磁场方向与电流方向的关系．故A不符合题意；
B、瓦特发明了蒸汽机，其名字被命名为功率的单位．故B不符合题意；
C、奥斯特是丹麦物理学家，最早发现了电和磁之间的联系﹣﹣电生磁现象．故C符合题意；
D、法拉第最早发现了磁生电现象，为发电机的发明奠定了基础．故D不符合题意．
故选C．
【点评】此题考查的是我们对物理学家及其成就的了解，属于物理学史的考查，比较简单，容易解答．
3．磁性水雷是一种非触发式水雷，它利用可绕轴转动的小磁针来控制引爆电路．当军舰被地磁场磁化变成一个浮动的磁体，接近磁性水雷时，会触发磁性水雷引爆电路，引起水雷爆炸．磁性水雷引爆电路的依据是（ ）
A．磁体具有指南北的作用 B．磁极间的相互作用规律
C．电荷间的相互作用规律 D．磁场对电流的作用规律
【考点】磁极间的相互作用．
【分析】解决本题要掌握的知识有：地球是一个大磁体，周围存在磁场；军舰在地磁场的作用下被磁化成一个磁体．
【解答】解：
军舰是钢铁制成的，在地磁场的作用下被磁化成一个磁体，这个磁体与水雷中的小磁针靠近时，由于异名磁极相吸引，会引起小磁针的偏转，从而引爆电路，所以其根本依据是磁极间的相互作用规律．
故选B．
【点评】地球周围存在磁场；军舰被地磁场磁化成大磁体；磁极间的作用规律是异名磁极相吸引．
4．如图所示是电阻甲和乙的U﹣I图象，下列说法正确的是（ ）
A．甲的电阻值保持10Ω不变
B．乙的电阻值保持20Ω不变
C．甲、乙并联在电路中，当电源电压为2 V时，电路总电流为0.3 A
D．甲、乙串联在电路中，当电路电流为0.2 A时，电路总电压4V
【考点】欧姆定律的应用．
【分析】（1）根据欧姆定律可知，电阻一定时，通过电阻电阻的电流与两端两端的电压成正比，据此分析图象甲乙电阻的变化；由图象可知当甲两端电压为2V时对应的电流，根据欧姆定律求出R甲的阻值；
（2）根据并联电路的电压特点结合图象读出对应的电流，再根据并联电路的电流特点得出干路电流；
（3）根据串联电路的电流特点读出图象中对应的电压，利用串联电路的电压特点求出电源的电压．
【解答】解：AB．由图象可知，甲对应的电流与电压成正比，而乙对应的电流与电压不成正比，
根据欧姆定律可知甲电阻的阻值不变，乙电阻的阻值变化，
由图象可知，当甲两端电压为2V时，通过甲的电流为0.1A，
由I=可得，R甲===20Ω；故AB错误；
C．甲、乙并联在2V电源时，根据并联电路的电压特点可知两电阻两端的电压为2V，
由图象可知，I甲=0.1A，I乙=0.2A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流I=I甲+I乙=0.1A+0.2A=0.3A，故C正确；
D、甲、乙串联在电路中，当电路电流为0.2A时，通过甲、乙的电流均为0.2A，
由图象可知，U甲=4V，U乙=2V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电路总电压：
U=U甲+U乙=4V+2V=6V，故D错误．
故选C．
【点评】本题考查了串联电路的电流特点和并联电路的电压特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活运用，关键是根据图象得出相关的信息．
5．通过电阻R的电流为I，在相等的时间内产生的热量是Q，当电阻为2R，电流是I时，在相等的时间内产生的热量为（ ）
A．4Q B．2Q C． Q D． Q
【考点】焦耳定律的计算公式及其应用．
【分析】知道通过电阻R的电流为I，根据焦耳定律得出在时间t内产生的热量Q=I2Rt；当电阻为2R，电流是I时，根据焦耳定律求在相等的时间内产生的热量．
【解答】解：原来电阻R通电时间为t时产生的热量：
Q=I2Rt，
电阻为2R，电流是I时，在相等的时间内产生的热量：
Q′=（I′）2R′t=（I）2×2R×t=I2Rt=Q．
故选C．
【点评】本题考查了学生对焦耳定律Q=I2Rt的掌握和运用，属于基础题目．
6．LED灯具有节能、环保特点．“220V 11W”LED灯泡和“220V 60W”白炽灯泡正常发光的亮度相当．与白炽灯泡相比，LED灯泡可以节能约为（ ）
A．18.3% B．83.5% C．16.5% D．81.7%
【考点】电功的计算．
【分析】设两种灯泡正常发光的时间为t，利用公式W=Pt计算消耗的电能；消耗的电能之差与白炽灯消耗的电能之比就是节约的百分比．
【解答】解：
设两种灯泡正常发光的时间为t，
∵P=，
∴LED消耗的电能为W1=P1t=11W×t
白炽灯消耗的电能为W2=P2t=60W×t
∴LED灯可以节约≈81.7%．
故选：D．
【点评】LED灯具有节能、环保、对人眼无危害等特点，现在已基本替代白炽灯．
7．如图所示电路中，电源电压不变，L1，L2都发光，一段时间后，其中一灯突然熄灭，而电流表电压表的示数都不变，产生这现象的原因是（ ）
A．灯L1短路 B．灯L2短路 C．灯L1开路 D．灯L2开路
【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用．
【分析】根据电路图可知，两灯泡并联，电流表测量通过L1的电流，电压表并联支路两端的电压（电源电压），若一灯灭了，电流表、电压表示数都不变，说明不亮的灯为开路．
【解答】解：两灯泡并联，电压表测量并联后的电压，也为电源电压，电流表与L1串联，测量L1的电流，若一灯灭了，两表示数不变，说明电压表能与电源相通，L1中的电流不变，故L2断路．
故选D．
【点评】本题考查了电路故障的判断．在判断故障时，会根据电压表的示数的变化判断：若电压表有示数，说明电压表与电源能相通，电压表两接线柱之间有开路；若电压表无示数，说明电压表被短路或与电源不能相通．
8．一只电阻两端的电压由3V增大到4V时，通过该电阻的电流增加了0.25A，则该电阻消耗的电功率增加了（ ）
A．0.25W B．1.75W C．0.75W D．1W
【考点】电功率的计算．
【分析】根据欧姆定律表示出两种情况下电路中的电流得出等式求出电阻R的阻值，再根据P=求出两种情况下电阻R消耗的电功率，进一步求出该电阻R所消耗电功率的变化．
【解答】解：根据欧姆定律可得：
当U=3V时，电路中的电流I1==，
当U′=4V时，电路中的电流I2==，
则﹣=0.25A，
解得：R=4Ω，
该电阻R所消耗电功率的变化：
PR′﹣PR=﹣=﹣=1.75W．
故选B．
【点评】本题考查了欧姆定律和电功率公式的应用，关键是根据电流的变化确定定值电阻的阻值．
二、填空题（本大题共10小题，每空1分，共20分）
9．不断弯折铁丝，铁丝的温度升高，是通过 做功 的方法增大铁丝内能的；把铁丝放在火上烤，铁丝的温度升高，是通过 热传递 的方法增大铁丝内能的．
【考点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能．
【分析】（1）改变物体内能有两种方式：做功和热传递．做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，热传递有传导、对流和辐射三种方式．
（2）热传递的实质是能量的转移，做功是能量的转化．
【解答】解：改变物体内能有两种方式：做功和热传递．
拿一段铁丝反复弯折多次，感到弯折处也烫手是通过做功改变物体内能的，对物体做功，物体内能增加，温度升高，把铁丝放在火上烤，铁丝的温度升高，是通过热传递的方式增大铁丝内能的．
故答案为：做功；热传递．
【点评】本题考查了改变物体内能有两种方式，对物体做功，物体内能增加，温度升高；物体吸收热量，内能增加，温度升高．
10．甲铁块的质量是乙铁块质量的2倍，它们吸收了相等的热量，则甲、乙两铁块的比热之比是 1：1 ，甲、乙两铁块升高的温度之比是 1：2 ．
【考点】热量的计算．
【分析】根据热量公式Q=Cm△t来分析，都是铁块比热容相同，吸收了相等的热量，甲铁块的质量是乙铁块质量的2倍，则甲、乙两铁块升高的温度之比是 1：2．
【解答】解：都是铁块比热容相同所以比热之比是 1：1．
∵
∴
答案为：1：1，1：2．
【点评】本题考查学生对热量公式的理解和运用．
11．某吸尘器中的电动机线圈电阻为10Ω，接在220V的电压下，工作电流为4A，则吸尘器发热损耗的功率是 160 W，输出功率是 720 W．
【考点】电功率的计算．
【分析】电动机消耗的总功率等于电动机输出功率与电动机线圈消耗功率之和，根据P=UI求解总功率，根据P=I2R计算发热功率，从而得到输出功率．
【解答】解：
电动机消耗电能的功率：
P=UI=220V×4A=880W，
电动机正常工作时因发热而损失的功率：
P热=I2R=（4A）2×10Ω=160W，
电动机正常工作时的输出功率：
P出=P﹣P热=880W﹣160W=720W．
故答案为：160；720．
【点评】本题考查了电动机消耗的电能与电动机输出的机械能、线圈产生的热量间的关系，答题时要注意功率公式的适用条件．
12．安装家庭电路时，从进户线到用电器之间应有①保险盒、②总开关和③电能表，它们的排列顺序是 ③ 、 ② 、保险盒．（选填“②”或“③”）
【考点】家庭电路的连接．
【分析】电能表是测量家庭消耗电能多少的仪表，也防止一些人偷电，一定安装在家庭电路的最前端，并且在总开关的前面．
检修电路时要断开开关，在电能表的后面要接入总开关．
保险丝能在电路电流过大时，能自动切断电源．为了方便更换保险丝，保险盒一定要安装在总开关的后面．
【解答】解：电能表的测量整个家庭消耗电能的多少，一定安装在最前面．
总开关控制整个电路，为了检修电路比较方便，要安装的电能表的后面．
电路中电流过大会熔断保险丝，为了更换保险丝比较方便，保险盒安装在总开关的后面．
故答案为：③；②．
【点评】掌握家庭电路的各元件的作用和安装位置，使各元件正常使用，并且保证使用的安全性．
13．把标有“6V，3W”和“6V，6W”的两盏电灯串联后接入电路中（灯泡电阻不变），如果让其中一盏灯能长时间正常发光，则该电路两端的电压应为 9 V，两灯消耗的总功率为 4.5 W．
【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用．
【分析】已知两灯泡的额定电压和额定功率，根据公式P=UI先计算出两灯正常发光时的电流，两灯串联后，正常发光的是电流较小的一个，再利用公式R=求出两灯的电阻，利用欧姆定律求出电源电压，再利用公式P=UI算出两灯消耗的总功率．
【解答】解：由P=UI可得，灯泡正常发光时的电流
I1===0.5A，
I2===1A，
由I=可得灯泡电阻：
R1===12Ω，
R2===6Ω，
因为串联电路中电流处处相等，所以正常发光的是：“6V 3W”的灯泡，串联时电路电流为0.5A，
电源电压：U=I1（R1+R2）=0.5A×（12Ω+6Ω）=9V，
两灯消耗的总功率P=UI1=9V×0.5A=4.5W．
故答案为：9；4.5．
【点评】
本题考查电流、电阻、电压和电功率的计算，关键是欧姆定律公式及其变形的应用，难点是判断两灯串联时正常发光的是哪一个灯泡．
14．小红家里的电能表标有“3000R/kW•h”的字样，现小红只利用该电能表测定家中电取暖器消耗的电能，当取暖器单独工作时，电能表的转盘在90s内转过60转，则该取暖器消耗的电能是 0.02 度，电功率是 800 W．
【考点】电功率的计算；电能表参数的理解与电能的求法．
【分析】电能表所标“3000R/kW•h”表示每消耗1kW•h的电能电能表的转盘转3000转，现在知道转盘转了60转，可以求出电取暖器在90s内消耗的电能，再利用P=求出电取暖器的电功率．
【解答】解：
“3000R/kW•h”表示每消耗1kW•h的电能电能表的转盘转3000转，
电能表的转盘转60转消耗的电能：
W=kW•h=0.02kW•h（度）=0.02×3.6×105J=7.2×104J，
t=90s，
电取暖器的电功率：
P===800W．
故答案为：0.02；800．
【点评】本题考查了使用电能表电能和电功率的计算，理解电能表的相关参数的意义是关键．
15．小芳用导线及两个相同的铁钉自制了甲、乙两个电磁铁，通过如图所示的电路来探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”．将两个电磁铁串联接入电路是为了探究电磁铁磁性强弱与 电磁铁线圈匝数 是否有关；当滑动变阻器的滑片依次向左滑动到几个不同位置时，电磁铁甲、乙吸引大头针的个数都会逐渐增多，说明电流越 大 ，电磁铁磁性越强．（选填“大”或“小”）
【考点】影响电磁铁磁性强弱的因素．
【分析】电磁铁磁性强弱与线圈匝数有关；与铁芯有无有关；与线圈中电流大小有关，在探究过程中要用到控制变量法．
【解答】解：将两个电磁铁串联接入电路，通过两电磁铁的电流相等，则是为了探究电磁铁磁性强弱与电磁铁线圈匝数是否有关；
滑动变阻器的滑片向左滑动，滑动变阻器的电阻变小，电路中的电流会变大，电磁铁甲、乙吸引大头针的个数就会逐渐增多，说明电磁铁的磁性变强，可得电流越大，电磁铁磁性越强．
故答案为：电磁铁线圈匝数；大．
【点评】掌握电磁铁磁性强弱的影响因素，利用控制变量法和转换法探究电磁铁磁性强弱的影响因素．
16．利用磁场对电流的作用的基本原理可制成 电动 机．它工作时，把 电 能转化为机械能．
【考点】磁场对通电导线的作用．
【分析】根据对电动机的原理及能量转化的了解，可直接做出解答．
【解答】解：利用磁场对电流的作用的基本原理可制成电动机，其工作过程中，是通电线圈在磁场中受力转动，把电能转化为机械能．
故答案为：电动；电．
【点评】本题主要考查了电动机的原理和能量转化的了解．知道电动机是利用磁场对电流的作用制成的是解答的关键．
17．如图所示，电源电压恒定不变，闭合开关S，滑片P向右移动，示数 不变 ，示数 变小 ．（选填“变大”、“变小”或“不变”）
【考点】电路的动态分析．
【分析】由电路图可知，滑动变阻器与定值电阻并联，电压表测滑动变阻器右边接入电路电阻的电压，电流表A1测定干路的电流，电流表A2测定R1的电流．根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过定值电阻电流的变化．
【解答】解：由图可知：该电路为并联电路，滑动变阻器与定值电阻并联，电压表测滑动变阻器右边接入电路电阻的电压，电流表A1测定干路的电流，电流表A2测定R1的电流；
当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻不变，故通过滑动变阻器的电流不变，根据U=IR可知，电压表测量的电阻的阻值变小，电压表示数变小；
并联电路互不影响，电流表A2的示数不变，电流表A1的示数不变．
故答案为：不变；变小．
【点评】本题考查了电路的动态分析，分析电路图得出电路的连接方式和电表的测量对象是本题的突破口，灵活运用并联特点是关键．
18．如图甲所示，电源电压保持不变．闭合开关S后，当滑片P从最右端滑到最左端的过程中，小灯泡的I﹣U关系图象如图乙所示．电源电压为 12 V，滑动变阻器的最大阻值为 9 Ω．
【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电压规律．
【分析】（1）由电路图可知，当滑片位于左端时，电路为L的简单电路，电路中的电流最大，电压表测电源的电压，由图乙读出电源的大小；
（2）当滑片位于右端时，灯泡L与滑动变阻器的最大阻值R串联，电路中的电流最小，根据图象读出两电表的示数，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值．
【解答】解：（1）由电路图可知，当滑片位于左端时，电路为L的简单电路，电路中的电流最大，电压表测电源的电压，
由图乙可知，电源的电压U=12V；
（2）当滑片位于右端时，灯泡L与滑动变阻器的最大阻值R串联，电路中的电流最小，
由图乙可知，UL=3V，电路中的电流I=1.0A，
∵串联电路中总电压等于各分电压之和，
∴滑动变阻器两端的电压：
U滑=U﹣UL=12V﹣3V=9V，
根据欧姆定律可得，滑动变阻器的最大阻值：
R滑===9Ω．
故答案为：12；9．
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，侧重考查了学生分析图象的能力和结合电路图的变化得出两电表对应的示数．
三、作图、实验与探究题（本大题共6小题，共32分）
19．图中表示体温计的一部分，它的示数是 37.5 ℃．
【考点】体温计的使用及其读数．
【分析】体温计是专门用来测量人体体温的，它的测量范围是35℃～42℃，体温计的最小分度值是0.1℃，根据液柱指示的位置进行读数．
【解答】解：体温计的分度值是0.1℃，直玻璃管内水银液柱指示在37℃后面第5个小格上，因此读数为37.5℃．
故答案为：37.5．
【点评】体温计的测量范围、最小分度值都是固定值，可以作为物理常识记忆，此题考查的是生活中常见的体温计的读数方法，是一道基础题．
20．请用笔画线代替导线，将图中的连有开关的电灯和三孔插座接入家庭电路中．
【考点】家庭电路的连接．
【分析】家庭电路中，为保证安全，火线必须通过开关连接到电灯泡的顶端接触点；三孔插座必须有地线连接到插座最上面的孔．
【解答】解：
【点评】对于电灯接线操作的基本要求是：“火线零线并排走，零线直接进灯头，火线接在开关上，通过开关进灯头”．而对于插座的接线方法是要求“左零右火”，三孔插座还要求中接地．
21．根据图中通电螺线管的N极，标出磁感线方向、小磁针的N极，并在括号内标出电源的正、负极．
【考点】通电螺线管的极性和电流方向的判断；磁极间的相互作用；磁感线及其特点；安培定则．
【分析】利用螺线管的右端为N极，结合磁感线的特点和磁极间作用规律可以确定磁感线的方向和小磁针的N、S极．
利用线圈的绕向和螺线管的N、S极，结合安培定则可以确定螺线管中电流的方向，进一步可以得到电源的正负极．
【解答】
解：螺线管的右端为N极，磁感线从磁体的N极出发，回到S极，所以可以确定螺线管周围磁场的方向是从右向左的．
当小磁针静止时，根据磁极间作用规律可知，靠近电磁铁N极的一定是小磁针的S极，由此可知小磁针的右下端为N极．
根据螺线管的右端为N极，以及线圈的绕向利用安培定则可以确定螺线管中电流是从螺线管的左端流入右端流出．
根据电流方向与电源正负极之间的关系：在电源外部电流从正极流出，回到负极，可以确定电源的正负极：左端为正极，右端为负极．
如下图所示：
【点评】解决此题关键要抓住此题的突破口：螺线管的右端为N极．然后利用相关知识解决磁感线的方向、小磁针的N极、电源的正负极．
22．在研究电流与电阻和电压关系的实验中：
（1）闭合开关前，滑动变阻器应处于 最大阻值 ，目的是： 保护电路 ．
（2）按甲电路连接了乙实物电路，其中有两个元件连接错误．它们分别是 电流表 和 电压表 （只须填写连错的元件）．
（3）重新连接电路后，用开关S进行试触，如果电流表指针向左偏转，说明电流表的 正负接线柱接反了 ；如果电流表指针向右偏转超过刻度盘，应换用较 大 量程．
（4）正确连接电路后，测出R1=5Ω、两端电压为3V时的电流．然后将电阻R1
由5Ω换成10Ω，为了使电阻R1两端的电压仍然为3V，他应将滑动变阻器的滑动触头P向 右 端滑动，在触头P滑动的过程中，电路中的电流将 变小 ．
【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验．
【分析】（1）实物电路连接过程中，开关断开，滑动变阻器的滑片移到最大阻值处，起保护电路的作用；
（2）电压表和电流表的使用，电压表并联在被测电路两端，电流表串联在被测电路里；
（3）电流从电流表“+”接线柱流入，从“﹣”接线柱流出，接反了指针会反向偏转，指针偏向刻度盘左侧没有刻度的地方，量程选小了，指针会偏向刻度盘右侧没有刻度的地方；
（4）研究电流与电阻的关系时，控制电阻两端的电压不变，通过移动滑动变阻器滑片来实现．
【解答】解：（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片移到最大阻值处，在本实验中起保护电路的作用；
（2）电压表应该并联在定值电阻两端，图中与定值电阻串联了，电流表应该串联在电路里，图中与定值电阻并联了；
（3）进行试触，如果电流表指针向左偏转，说明电流表的正负接线柱接反了，如果电流表指针向右偏转超过刻度盘，说明选择的量程太小了，应更换大量程；
（4）当电阻R1由5Ω换成10Ω后，电路中的总电阻增大，电流减小，滑动变阻器两端的电压U滑=IR滑减小，所以电阻R1两端的电压U1=U电源﹣U滑增大了，为了保持R1两端的电压不变，需要将U1再次减小到原来的电压值，故应减小电路中电流，所以将滑动变阻器的滑片向右端移动，直到U1等于R1两端的电阻为5Ω时的电压值3V．
故答案为：（1）最大阻值；保护电路；（2）电流表；电压表；（3）正负接线柱接反了；大；（4）右；变小．
【点评】（1）本题考查学生通过参与科学探究活动，初步认识科学探究方法的重要性，学习控制变量的方法、信息处理的方法，有对信息初步的处理能力；
（2）解决本题的关键是正确理解该实验的原理，即在保持电压不变的前提下探究电流与电阻的关系，同时还应能根据欧姆定律正确分析出Rl
两端的电压变化情况．
23．在探究“影响电流热效应的因素”实验中：
（1）为了探究电流通过电阻产生的热量与电流的关系，小明设计了甲图装置，在烧瓶内安装一根电阻丝，并插入一支温度计，该实验通过比较 温度计示数变化 ，来判断相同时间内不同电流产生的热量多少．下面的探究实例中，也是采用这种研究方法的是 A ．
A．力是看不见的，可以通过力的作用效果认识它
B．探究电流与电压、电阻的关系
C．用总电阻表示同一段电路中串联的两个电阻
实验中烧瓶内液体小明选择了煤油而不是水，这样选择的理由是 煤油的比热小 ．
（2）小明先测量烧瓶内液体的温度后，闭合开关，通电30s再测量烧瓶内液体的温度，得到温度的升高量填入表中；然后移动滑动变阻器滑片改变电流大小，重复上述操作，获得第二组数据（见表）．
实验次数
电流/A
通电时间/s
电阻/Ω
温度升高量/℃
1
0.3
30
10
1.5
2
0.6
30
10
6.0
由此得出：同一导体，在通电时间相等时，电流 越大 ，其产生的热量 越多 ．
（3）若要探究电流通过电阻产生热量与电阻的关系，可选择乙图中 B （选填“A”或“B”）烧瓶中的电阻与甲图中的烧瓶电阻 串联 （选填“串联”或“并联”）．
（4）小明提议利用上述实验装置该做“比较水和煤油比热容的大小”的实验，则他应选择乙图中 A
（选填“A”或“B”）烧瓶与甲图中的烧瓶并联，并将其中一烧瓶中的液体换成 水 ．水和煤油吸热的多少是通过 加热时间 来反映的（选填“温度计示数”或“加热时间”）．
【考点】焦耳定律．
【分析】（1）①电流产生的热量不能用眼睛直接观察，通过温度计示数变化来反映．这种方法是转换法．
②煤油比水的比热小，吸收相同的热量，煤油的温度变化比较大，实验效果比较好．
（2）由表格数据分析，在通电时间和电阻一定时，观察温度变化量和电流的关系．
（3）电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关．探究电流产生热量多少跟电阻的关系，控制电流和通电时间不变，改变电阻的大小．
（4）“比较水和煤油比热容的大小”根据Q=cm△t，可以采用质量相同，吸收热量相同的不同物质，根据温度变化量来判断比热大小．
两个烧瓶内的电阻相同，并联在同一电压下，产生的热量相同，水和煤油吸收热量多少用加热时间来反映．
【解答】解：（1）电流产生的热量不能用眼睛直接观察，通过温度计示数变化来反映，这是转换法．温度计示数变化越大，电流产生的热量越多．这是转换法．
A．力是看不见的，可以通过力的作用效果认识它，这是把力转换为物体的形变或运动状态的变化，是转换法，符合题意．
B．探究电流与电压、电阻的关系，探究电流跟电压关系时，控制电阻不变，探究电流跟电阻关系时，控制电压不变，这是控制变量法．不符合题意．
C．用总电阻表示同一段电路中串联的两个电阻，总电阻和两个串联电阻的效果是相同的，是等效替代法．不符合题意．
煤油比水的比热小，吸收相同的热量，煤油的温度变化比较大，温度计示数变化明显，实验效果比较好．
（2）由表格数据知，电阻相同，通电时间相同，电流越大，温度升高量越大，说明电流产生热量越多．
（3）电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关．探究电流产生热量多少跟电阻的关系，控制电流和通电时间不变，改变电阻的大小．由于串联电路中电流处处相等，通电时间相同，所以选择乙图中的B电阻与甲图中的烧瓶电阻串联．
（4）“比较水和煤油比热容的大小”根据Q=cm△t，可以采用质量相同，吸收热量相同的不同物质，所以选择A烧瓶，由于电阻相同，和甲图烧瓶并联，电压相同，电流产生热量相同，并且把烧瓶A的液体换成和甲图中质量相同的水．
水和煤油吸热的多少是通过加热时间来反映．
故答案为：（1）温度计示数变化；A；煤油的比热小；
（2）越大；越多；
（3）B；串联；
（4）A；水；加热时间．
【点评】用同一个实验装置可以探究电流产生热量多少跟影响因素之间的关系，也可以探究不同物质比热不同，但是都是采用控制变量法和转换法来进行的．
24．（10分）（2016秋•昆明期末）小丽同学手里有一个标有“3.8V”字样小灯泡，她想知道小灯泡正常工作时的电阻，于是在学校实验室找来一些器材连接了如图甲所示的实验电路，电源电压恒定不变．
（1）小丽测小灯泡电阻的实验原理是 R= ．
（2）请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物连接完整（要求滑片向左移灯泡变亮），并在图乙虚线框内画出电路图．
（3）闭合开关，移动滑动变阻器滑片，她发现灯泡始终不亮，电流表有示数，电压表无示数，其故障原因是 灯泡短路或电压表短路 ．
（4）故障排除后，调节滑动变阻器使小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图丙所示，示数为 0.38 A，小灯泡正常工作时的电阻是 10 Ω．
（5）完成上述实验后，小丽向老师要了一个已知阻值为R0
的定值电阻和一个单刀双掷开关，借助部分现有的实验器材，设计了如图丁所示的实验电路，测出了小灯泡的额定功率，请你帮她完成下列实验步骤：
①连接好实验电路，闭合开关S1，将开关S2拨到触点 2 （选填“1”或“2”），移动滑片，使电压表的示数为 3.8 V．
②保持滑片的位置不动，再将开关S2拨到触点 1 （选填“1”或“2”），读出电压表的示数为U．
③小灯泡额定功率的表达式为P额= 3.8V×． （用已知量和测量量表示）．
【考点】伏安法测电阻的探究实验；串联电路的电压规律；欧姆定律的应用；电功率的测量．
【分析】（1）测电阻的原理为R=；
（2）滑片向左移灯泡变亮，即电路的电阻变小，说明滑动变阻器滑片以左电阻丝连入电路中；
根据电流流向法，从电源的正极出发依次串联各电路元件，然后把电压表并联在灯泡两端即可；
（3）移动滑动变阻器滑片，电流表有示数，说明电路为通路，她发现灯泡始终不亮，电压表无示数，则灯短路或电压表短路；
（4）根据电流表的量程和分度值读出示数，灯泡在额定电压下才正常发光，根据欧姆定律求出灯泡正常发光时的电阻；
（5）在没有电流表的情况下，利用定值电阻R0和电压表代替电流表与灯泡串联，通过开关的转换，移动滑动变阻器的滑片，使灯泡两端的电压等于3.8V，使灯正常发光；
保持滑片的位置不动，再通过开关的转换使电压表测出灯与定值电阻R0的电压U；
在前后两次开关转换的过程中，电路的连接关系没有改变，各用电器分得的电压保持不变，此时灯仍正常发光，根据串联电路电压的规律可求出此时定值R0的电压，由欧姆定律求出通过定值电阻R0的电流，根据串联电路电流的规律，即灯正常发光时的电流大小，根据P=UI写出小灯泡额定功率的表达式．
【解答】解：（1）测电阻的原理为R=；
（2）根据滑片向左移时灯泡变亮，滑动变阻器接入电路的阻值变小，即滑片以左电阻丝连入电路中，故应将滑动变阻器的A接线柱与小灯泡的右接线柱连接，如下图所示：
（3）电流表有示数，说明电路为通路，她发现灯泡始终不亮，电压表无示数，则灯短路或电压表短路；
（4）灯泡正常发光时的电压为3.8V，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.38A，
根据欧姆定律，小灯泡正常工作时的电阻：R==10Ω．
（5）①连接好实验电路，闭合开关S1，将开关S2拨到触点2，移动变阻器的滑片，使电压表的示数为3.8V；
②保持滑动变阻器滑片位置不变，S2接1，读出电压表示数U；
③根据串联电路电压的规律，此时定值电阻R0两端的电压：U0=U﹣U额=U﹣3.8V，
通过灯泡的电流：I额=I0==，
则小灯泡额定功率：P额=U额I额=3.8V×．
故答案为：（1）R=；
（2）实物图的连接如上图所示；
（3）灯泡短路或电压表短路；
（4）10；
（5）①2；3.8；②1；③3.8V×．
【点评】
本题测小灯泡正常工作时的电阻，考查了实验原理、连接实物电路图、常见故障的分析、电表读数、求灯泡功的电阻及在没有电流表的情况下设计实验方案测电阻的能力，综合性强，难度大，对能力要求高．
四、综合题（本大题共3小题，共24分）
25．某品牌电热水壶的铭牌上标着如图表所示的数据，求：
（1）该热水壶的电阻；
（2）当热水壶装满水后，从20℃加热到100℃，水吸收的热量；
（3）在额定电压下，要放出这些热量，电热水壶工作的时间；（不计热损失，c水=4.2×103J/（kg•℃））
（4）如果用电热水壶烧水，测得实际电压只有110V左右，这时电热水壶发热时的功率大约是多少？
热水壶容量
2.0L
额定电压
220V
加热时的功率
800W
频率
50Hz
【考点】电功与热量的综合计算．
【分析】（1）已知电热水壶的额定电压和额定功率，根据公式R=可求电热水壶的电阻．
（2）根据公式Q=cm（t﹣t0）可求水吸收的热量．
（3）释放热量等于吸收热量，根据公式Q=W=Pt，可求电热水壶工作时间．
（4）电压较低时的功率为实际功率，根据公式P实=可求实际功率．
【解答】解：（1）由P=可知该电热水壶的电阻：
R===60.5Ω．
（2）水吸收的热量：
Q=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×1000kg/m3×2×10﹣3m3×（100℃﹣20℃）=6.72×105J．
（3）因为Q=W=Pt
所以t===840s．
（4）电热水壶发热时的功率大约是：
P实===200W．
答：（1）该电热水壶的电阻为60.5欧．
（2）水吸收的热量为6.72×105J．
（3）电热水壶工作的时间为840s．
（4）电热水壶发热时的功率大约是200W．
【点评】本题考查用电器电阻、水吸收热量、用电时间和实际功率的计算，关键是各公式及其公式变形的灵活运用．
26．如图所示的电路，电源电压恒定，R1=R2=6欧．当开关S1、S2都断开时，电流表的示数为0.5安；当开关S1．、S2都闭合时，电流表的示数为1.5安．求：（1）电源电压；
（2）电阻R3的阻值；
（3）S1、S2都闭合时，电路消耗的总功率．
【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．
【分析】（1）分析清楚电路结构，应用串联电路特点与欧姆定律求出电源电压．
（2）根据电路结构，应用并联电路特点与欧姆定律求出电阻阻值．
（3）由P=UI可以求出电路消耗的功率．
【解答】解：（1）由图示电路图可知，当开关S1、S2都断开时，R1、R2串联，电流表测电路电流，
由I=可知，电源电压：U=I（R1+R2）=0.5A×（6Ω+6Ω）=6V；
（2）当开关S1．、S2都闭合时，R1、R3并联，R2被短路，电流表测干路电流，
I1===1A，
I3=I﹣I1=1.5A﹣1A=0.5A，
R3===12Ω；
（3）S1、S2都闭合时，电路消耗的总功率：
P=UI=6V×1.5A=9W；
答：（1）电源电压为6V；
（2）电阻R3的阻值为12欧姆；
（3）S1、S2都闭合时，电路消耗的总功率为9W．
【点评】本题考查了求电源电压、电阻阻值、电路功率问题，分析清楚电路结构，应用串并联电路特点、欧姆定律、电功率公式即可正确解题．
27．如图甲所示为某型号汽车的自动测定油箱内油量的电路原理图，其中电源两端的电压恒为24V，R0为定值电阻．A为油量指示表（一只量程为0～0.6A的电流表）．Rx为压敏电阻（厚度不计），它的上表面受力面积为10cm2，其阻值与所受压力的对应关系如图乙所示；油箱的横截面积为20dm2，油箱加满油时深度为0.4m，油量指示表的示数如图丙所示（最大值处）．（已知汽油的密度ρ=0.7×103kg/m3汽油的热值q=3.0×1010J/m3）请解答下列问题：
（1）当该车匀速行驶1h消耗10L（1L=1dm3）汽油时，汽油完全燃烧放出的热量有30%转化成汽车的有用功，则汽车在这段时间内的功率是多少？
（2）当油箱装满汽油时，压敏电阻Rx上表面受到的压力是多大？定值电阻R0的阻值是多大？
（3）当油箱内汽油用完时，油量指示表的指针指向某一位置，求此位置所对应的电流值是多少？
【考点】热机的效率；功率的计算；欧姆定律的应用．
【分析】（1）根据公式Q=Vq求出汽油放出的热量，根据效率求出汽车的有用功，根据P=求出汽车的功率；
（2）由液体压强公式P=ρgh可求得汽油对压敏电阻的压强；再根据导出公式F=PS算出油对Rx的压力，在乙图图象中找出对应的电阻值；电源电压已知，装满油时电流表示数为所接量程的最大值，电路的总电阻为R总=，把所求得的总电阻减去Rx的阻值就等于R0的阻值．
（3）油箱内汽油用完时，压敏电阻受到的压力为零，由图象可求出压敏电阻的阻值，然后由欧姆定律可求出电路中的电流值．
【解答】解：（1）汽油完全燃烧放出的热量为：Q=Vq=0.01m3×3.0×1010J/m3=3.0×108J；
汽车的有用功为：W=Qη=3.0×108J×30%=9×107J；
汽车的功率为：P===2.5×104W；
（2）当油箱装满油时，汽油对压敏电阻的压强为：P=ρgh=0.7×103kg/m3×10N/kg×0.4m=2800Pa；
由P=得，汽油对压敏电阻的压力为：F=PS=2800Pa×10×10﹣4m2=2.8N．
在乙图图象中查得对应的Rx的阻值为Rx=30Ω．
电源电压为24V，当油箱装满油时，由丙图可知电流表示数为0.6A，由I=得，
电路的总电阻为：R总===40Ω，
R0的阻值为：R0=R总﹣Rx=40Ω﹣30Ω=10Ω；
（3）当油箱内汽油用完时，汽油对Rx的压力为0，由乙图图象可知此时Rx
的电阻值为300Ω，
此时电路总电阻为：R总′=RX+R0=300Ω+10Ω=310Ω．
此时的电流为：I==≈0.08A．
答：（1）汽车在这段时间内的功率是2.5×104W；（2）当油箱装满汽油时，压敏电阻Rx上表面受到的压力是2.8N；定值电阻R0的阻值是10Ω；（3）当油箱内汽油用完时，油量指示表的指针指向某一位置，求此位置所对应的电流值是0.08A．
【点评】本题综合考查了力学与电路中的相关知识，对学生的审题能力、综合分析计算能力等要求较高，难度较大．
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