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豫南九校2017—2018学年上期第三次联考 高二物理答案 一、选择题（本题共10小题，每小题5分．其中16小题给出的选项中只有一项符合题目要求，710小题给出的选项中有多项符合题目要求，多选题全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）‎ ‎1．【答案】D ‎ ‎ 【解析】法拉第发现的电磁感应定律并总结出五种情况下会产生感应电流，其核心就是通过闭合线圈的磁通量发生变化，选项AB中，绕在磁铁上面的线圈和通电线圈，线圈面积都没有发生变化，前者磁场强弱没有变化，后者通电线圈中若为恒定电流则产生恒定的磁场，也是磁场强弱不变，都会导致磁通量不变化，不会产生感应电流，选项A、B错．选项C中往线圈中插入条行磁铁导致磁通量发生变化，在这一瞬间会产生感应电流，但是过程短暂，等到插入后再到相邻房间去，过程已经结束，观察不到电流表的变化．选项C错．选项D中，线圈通电或断电瞬间，导致线圈产生的磁场变化，从而引起另一个线圈的磁通量变化产生感应电流，可以观察到电流表指针偏转，选项D对．‎ ‎2．【答案】C ‎ 【解析】物体C靠近A附近时，由于静电感应，A端带上负电，B端带上正电，故A错误；此时AB为等势体，两端电势相等，故B错误；移去C后，由于电荷间相互作用，重新中和，达到电中性状态，两金属箔均闭合；故C正确；先把AB分开，则A带负电，B带正电，移去C后，电荷不能再进行中和，故两金属箔仍然张开，故D错误，故选C．‎ ‎3．【答案】B． ‎ ‎4．【答案】D． ‎ ‎ 【解析】A、当B的方向垂直纸面向里，开始线圈所受安培力的方向向向下，电流方向相反，则安培力方向反向，变为竖直向上，相当于右边少了两倍的安培力大小，所以右边应加砝码，故AB错误，C、当B的方向垂直纸面向外，开始线圈所受安培力的方向向向上，电流方向相反，则安培力方向反向，变为竖直向下，相当于右边多了两倍的安培力大小，需要在左边加砝码．有mg=2NBIL，所以B=．故C错误、D正确．故选D．‎ ‎5．【答案】A． ‎ ‎ 【解析】由题意，根据闭合电路欧姆定律，则有：E=I1（Rg+R+r）=0.004×（Rg+R+r），E=I2（Rg+R+r+200Ω）=0.003×（Rg+R+r+200Ω），把Rg+R+r看成一个总电阻R总，则由上面两式可得：E=2.4V，R总=600Ω；电流为2mA时，有E=I3（R总+RX）=0.002×（600Ω+RX）　　 解得：RX=600Ω；故A正确，BCD错误；故选：A．‎ ‎6．【答案】B． ‎ ‎ 【解析】根据法拉第电磁感应定律可得，根据题意可得，故Ea：Eb=4：1，感应电流产生的磁场要阻碍原磁场的变大，即产生向里的感应磁场，根据楞次定律可得，感应电流均沿顺时针方向．故正确答案为B．‎ ‎7．【答案】ABD 高二物理答案 第5页（共5页）‎ ‎ 【解析】地球的地理南极和地理北极与地球的磁南极和磁北极不重合，存在一定的磁偏角，故A、B选项正确；地球两极的磁场与地面垂直，故C选项错误；磁场对运动的带电粒子有力的作用，故D选项正确．‎ ‎8．【答案】AD． ‎ ‎ 【解析】A、设正方形的边长为a，则导体的电阻R==ρ，由两导体的ρ与d相同，则两导体电阻相等，即R1=R2，故A正确，B错误；C、导体接入电路中，电压表示数U=IR=；，由于电源电动势E、内阻r、导体电阻R相同，则电压表示数U相同，即U1=U2，故C错误，D正确；故选AD．‎ ‎9．【答案】ＢＤ．‎ ‎ 【解析】正点电荷形成的电场的等势面为同心圆，所以A错误．Ａ、B两点位于同一个等势面上，两点之间无电势差，即是UAB=0．所以W=qUAB=0．所以B正确；因为A、B两点的电势都为10V．到C点的电势差都是4V．即：UAC=UBC=4V．所以WAC=WBC，C项错误；单位正电荷从A点移动到E点，跟单位负电荷从C点移动到E点静电力所做的功相等，均做正功，做功均为qU=．D选项正确．‎ ‎10．【答案】‎ ‎ 【解析】如果只在U2上加上甲图所示的电压，电子只在竖直方向上偏转，图a正确；如果只在U3上加上乙图所示的电压，电子只在水平方向上偏转，图b正确；如果同时在U2和U3上加上甲、乙所示的电压，电子在竖直方向和水平方向同时偏转，其在T内在竖直方向完成一个周期，在2T内在竖直方向完成两个周期，故在荧光屏上形成两个完整的正弦波形，图d正确．本题正确选项ABD．‎ 二、填空和实验题（本题共2小题，共16分）‎ ‎11．【答案】‎ ‎（1）变大 ‎（2）变大 ‎（3）不变 ‎12．【答案】‎ ‎①（每空2分）．‎ ‎②1.41（1.36~1.44均可）0.5（0.4~0.6均可）（每空3分）．‎ ‎ 【解析】①用电压挡检测电路故障，电压表的表头是电流计，原电路有断路，回路中无电流，将电压表接在间后有示数，说明电路被接通，即间有断路故障，再测量间电压，电压表读数不为零，说明断路故障的范围被缩小到间，则一定是导线断开；若读数为零，则说明电路仍未被接通，断路故障的范围被确定在间．‎ ‎②根据闭合电路的欧姆定律：，，上式可简化为，读出两点坐标：（60，0.12）和（260，0.05），代入方程解得：电动势E=1．41V，内阻r=0.5Ω．‎ ‎13．【答案】‎ ‎（1）负电　‎ ‎（2）mgtanθ/q　‎ ‎（3）gt/cosθ 高二物理答案 第5页（共5页）‎ ‎【解析】　‎ ‎（1）负电．（2分）‎ ‎（2）小球受力如右图所示，其中电场力F＝qE，‎ ‎ 由平衡条件得：F＝mgtanθ，（2分）‎ ‎ E＝mgtanθ/q．（2分）‎ ‎（3）剪断细线后小球做初速度为零的匀加速直线运动 ‎ F合＝mg/cosθ＝ma，（1分）‎ ‎ v＝at，（1分）‎ ‎ 所以v＝gt/cosθ（1分）‎ ‎ 速度方向与竖直方向夹角为θ斜向左下方．（1分）‎ ‎14．【答案】‎ ‎（1）3：1‎ ‎（2）9：1‎ ‎（3）3：1‎ ‎【解析】（1）线圈以速度v匀速进入磁场，当CD边在磁场中时，‎ ‎ 线框中感应电动势，‎ ‎ 此时线框中的感应电流为，‎ ‎ 同理，线圈以速度3v匀速进入磁场时，‎ ‎ 线框中的感应电流为 ‎ 所以第二次与第一次线圈中电流之比为3∶1（3分） （2）线圈以速度v匀速进入磁场，当CD边在磁场中时，‎ ‎ ．‎ ‎ 由于线圈做匀速运动，所以此时外力也最大，且外力大小等于安培力大小，‎ ‎ 此时外力 的功率为 同理，线圈以速度3v匀速进入磁场时，外力的功率为 所以第二次与第一次外力做功的功率之比为9∶1（3分） （3）线圈以速度v匀速进入磁场，线框中的感应电流为 设AD边长为l，则线框经过时间完全进入磁场，此后线框中不再有感应电流．‎ 高二物理答案 第5页（共5页）‎ ‎ 所以第一次线框中产生的热量为 同理，线圈以速度3v匀速进入磁场时，线框中产生的热量为 所以第二次与第一次线圈中产生热量之比为3∶1（4分）‎ ‎15．【答案】‎ ‎（1）E=Bdv；‎ ‎（2）；‎ ‎（3）；‎ ‎（4） ‎ ‎【解析】‎ ‎（1）其中r=ρd/ab．当外电路断开时，电动势为E=Bdv．（3分）‎ ‎（2）根据欧姆定律可求得负载R上的电流．（3分）‎ ‎（3）磁流体发电机的总功率P=EI=．（3分）‎ ‎（4）当导电流体受到的安培力与受到的压力差相等时，导电流体才能以恒定速度通过磁场，即有：．（3分）‎ ‎16．【答案】‎ ‎（1），方向与x轴方向的夹角为45°角斜向上 ‎（2）‎ ‎【解析】‎ ‎（1）粒子在电场中由Q到O做类平抛运动，设O点速度v与+x方向夹角为α，Q点到x轴的距离为L，到y轴的距离为2L，粒子的加速度为a，运动时间为t，根据类平抛运动的规律，有：‎ ‎ x方向：（1分）‎ ‎ y方向：（1分）‎ ‎ 粒子到达O点时沿y轴方向的分速度为：（1分）‎ ‎ 又：（1分）‎ ‎ 解得：，即，‎ 高二物理答案 第5页（共5页）‎ ‎ 粒子到达O点时速度方向与x轴方向的夹角为45°角斜向上．（1分）‎ ‎ 粒子到达O点时的速度大小为（1分）‎ ‎（2）设电场强度为E，粒子电荷量为q，质量为m，粒子在电场中受到的电场力为F，粒子在电场中运动的加速度：（2分）‎ ‎ 设磁感应强度大小为B，粒子做匀速圆周运动的半径为R，洛伦兹力提供向心力， 有：（2分）‎ ‎ 根据几何关系可知：（1分）‎ ‎ 整理可得：（1分）‎ 高二物理答案 第5页（共5页）‎