www.ks5u.com
宜昌市部分示范高中教学协作体2017年秋期末联考
高一物理
（全卷满分：110分 考试用时：90分钟）
第Ⅰ卷 客观题
一、选择题（共12小题，每小题4分；1—8为单选，9—12为多选，对而不全得2分，共48分）
1．在下面研究的各个问题中可以被看做质点的是（ ）
A．确定奥运会冠军在万米长跑中的比赛成绩
B．研究奥运会乒乓球男单冠军打出的弧圈球的转动
C．研究冬奥会运动员在花样滑冰比赛中的动作、姿势是否优美
D．研究一列火车通过某一路标的时间
2．物体同时受到同一平面内的三个共点力作用，下列几组力中，可能使物体处于平衡状态的是（ ）
A．10N、10N、1N B．2N、3N、6N
C．1N、5N、10N D．10N、8N、1N
3．小明和同桌一起做测量反应时间的小实验，如图所示．具体操作是：让同桌用手指捏住一竖直长直尺的零刻度处，小明用手等在直尺刻度值为处做捏住直尺的准备，但不碰到尺，当他看到同桌松手放开直尺时，就立即捏住直尺，并记录下捏住处的刻度值．已知当地重力加速度为g，则本次实验中，小明测得自己的反应时间为（ ）
A． 错误！未找到引用源。 B．
C． D．
4．质点做直线运动的速度-时间图象如图所示，该质点（ ）
A．在第1秒末速度方向发生了改变
B．在第2秒末加速度方向发生了改变
C．在前2秒内发生的位移为零
D．第3秒末和第5秒末的位置相同
5．某人用绳子将一桶水从井内向上提的过程中，不计绳子的重力，以下说法正确的是（ ）
A．只有在桶匀速上升过程中，绳子对桶的拉力才等于桶对绳子的拉力
B．桶加速上升的过程中，绳子对桶的拉力大于桶对绳子的拉力
C．桶加速上升的过程中，绳子对桶的拉力大于桶的重力
D．绳子对桶的拉力和桶对绳子的拉力是一对平衡力
6．一物体受到三个共面共点力F1、F2、F3的作用，三力的矢量关系如图所示（小方格边长相等），则下列说法正确的是（ ）
A．三力的合力有最大值F1+F2+F3，方向不确定
B．三力的合力有唯一值3F3，方向与F3同向
C．三力的合力有唯一值2F3，方向与F3同向
D．由题给条件无法求出合力大小
7．物体在平抛运动过程中，在相等的时间内，下列哪些量是相等的（ ）
①位移 ②加速度
③平均速度 ④速度的变化量
A．①② B．②③
C．②④ D．③④
8．如图所示，一小球在斜面上处于静止状态，不考虑一切摩擦，如果把竖直挡板由竖直位置缓慢绕O点转至水平位置，则此过程中球对挡板的压力F1和球对斜面的压力F2的变化情况是（ ）
A．F1先增大后减小，F2一直减小
B．F1先减小后增大，F2一直减小
C．F1和F2都一直减小
D．F1和F2都一直增大
9．下列说法中正确的有（ ）
A．牛顿通过理想斜面实验，总结出了牛顿第一定律
B．物体速度越大，惯性一定越大
C．根据牛顿第二定律可知，力是使物体产生加速度的原因
D．根据牛顿第三定律可知，两个物体间的作用力和反作用力总是大小相等、方向相反
10．如图所示，升降机顶部拴有原长为20cm的竖直轻弹簧，弹簧下端挂了一重物，当升降机匀速运动时，弹簧长度为30cm．某段时间内升降机中的人看到弹簧的长度稳定在32cm，弹簧始终处在弹性限度内．则该段时间内升降机的运动可能是 （g取10m/s2）（ ）
A．向上匀加速运动，加速度大小为2 m/s2
B．向上匀加速运动，加速度大小为5m/s2
C．向下匀减速运动，加速度大小为2 m/s2
D．向下匀减速运动，加速度大小为5m/s2
11．图为蹦极运动的示意图．弹性绳的一端固定在O点，另一端和运动员相连．运动员从O点自由下落，至B点弹性绳自然伸直，经过合力为零的C点到达最低点D，然后弹起．整个过程中忽略空气阻力．分析这一过程，下列表述正确的是（ ）
A．经过B点时，运动员的速率最大
B．经过C点时，运动员的速率最大
C．从C点到D点，运动员的加速度增大
D．从C点到D点，运动员的加速度不变
12. 如图所示，如图所示，在光滑地面上，水平外力F拉动小车和木块一起做无相对滑动的加速运动，小车质量是M，木块质量是m，力大小是F，加速度大小是a，木块和小车之间动摩擦因数是μ，则在这个过程中，木块受到的摩擦力大小是( )
A．μmg
B.
C．μ(M＋m)g
D．ma
第Ⅱ卷 主观题
二、实验题（总计2小题，第13题每空2分，第14题每空4分，共16分）
13．“验证力的平行四边形定则”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳．图乙是在白纸上根据实验结果画出的图．
（1）图乙中的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是 （填“F”或“F′”）．
（2）以下做法中对减小实验误差有益的是 （填字母序号）
A．弹簧测力计、细绳、橡皮筋都要与木板平行
B．两弹簧测力计的夹角要取90°，这样便于计算它们的合力大小
C．在同一次实验中为了保证结点位置在O点不变，可以用手指将结点按在O点
D．拉橡皮筋的细绳适当长一些，记录弹簧测力计拉力的方向时应用铅笔沿细绳画直线．
14．探究加速度与力的关系装置如图1所示．带滑轮的长木板一端伸出桌面，另一端适当垫高，使木块连上纸带后恰好匀速下滑，细绳通过两滑轮分别与弹簧秤挂钩和沙桶连接，调节滑轮高度使细线恰好与木板平行．按住木块，缓慢向沙桶中添加细沙，释放木块，记下弹簧秤的示数F及并通过计算求出相应纸带的加速度a，再改变沙桶质量…获取多组F，a的数据．
（1）关于该实验的操作，以下说法正确的是 ．
A．实验过程中，应先闭合打点计时器开关，再释放木块
B．添加细沙，比用钩码可以更方便地获取多组实验数据
C．每次添加细沙后，需测出沙及沙桶的质量
D．实验过程要确保沙及沙桶的质量远小于木块的质量
（2）某次打出的纸带如图2所示，选取A、B、C、D、E，5个计数点（每两个计数点间还有4个点未画出），则打B点时的速度大小为 m/s，木块的加速度大小为 m/s2．（保留三位有效数字）
三．计算题（共4小题，共计46分，解答应写出必要的文字说明、关系式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。）
15．（12分）一滑块以初速度v0=2m/s开始从斜面顶端匀加速下滑，第4s末的速度为6m/s，
求：（1）滑块下滑时的加速度；（2）第3s末的速度；（3）第3s内的位移．
16．（10分）如图，用力F提拉有细绳连在一起的A、B两物体，以5m/s2的加速度匀加速竖直上升，已知A、B的质量分别是1kg和2kg，绳子所能承受的最大拉力是35N，取g=10m/s2则：
（1）力F的大小是多少？
（2）为使绳子不被拉断，加速上升的最大加速度是多少？
17．（12分）甲车以16m/s的速度通过某路口做匀速直线运动，2.5s后乙车从此路口由静止开始以4m/s2的加速度同向做匀加速直线运动．问：
（1）乙车出发多长时间后，它们第一次相遇？
（2）相遇时距路口多远？
（3）在相遇前，乙车运动了多长时间，甲、乙两车相距最远？相距最远为多少？
18．（12分）如图所示，传送带与水平面的夹角θ=30°，正以恒定的速度v=2.5m/s顺时针转动，现在其底端A轻放一货物（可视为质点），货物与传送带间的动摩擦因数μ=，经过t=2s，传送带突然被卡住而立即停止转动，由于惯性，货物继续沿传送带向上运动，并刚好到达传送带顶端B．求传送带底端A与顶端B的距离．（g取10m/s2）
宜昌市部分示范高中教学协作体2017年秋期末联考
高一物理答案及评分标准
命题人: 审题人：
（全卷满分：110分 考试用时：90分钟）
一．选择题（共12小题，1～8是单项选择题，每小题只有一个选项是正确的，选对的得4分，选错或不选得0分， 9～12是多项选择题，每小题至少有两个选项是正确的，选对的得4分，选对但不全的得2分，选错或不选得0分，共48分）
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
答案
A
A
C
D
C
B
C
B
CD
AC
BC
BD
二．实验题（共16分）
13.（每空2分，共4分）
（1）F
（2）A
14．（每空4分，共12分）
（1）AB
（2）0.230 0.930
三．计算题（共4小题，共计46分，解答应写出必要的文字说明、关系式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。）
15（12分）. 解：（1）由vt=v0+at可得，a=．（3分）
（2）根据vt′=v0+at′可得，第3s末的速度v3=（2+1×3）m/s=5m/s．（3分）
（3）根据可得，
前2s内的位移x1=（2×2+×1×）m=6 m（2分）
前3s内的位移x2=(2×3+×1×)m=10.5m（2分）
第3s内的位移=4.5 m（2分）
16.解：（1）以AB整体为研究对象，根据牛顿第二定律有：
F﹣（mA+mB）g=（mA+mB）a（3分）
得：F=（mA+mB）（g+a）=（1+2）×（10+5）N=45N．（2分）
（2）以B为研究对象，进行受力分析，根据牛顿第二定律有：
Tm﹣mBg=mBam；
据题有 Tm=35N（3分）
所以物体整体上升的最大加速度 am=7.5m/s2；（2分）
17.解：（1）设乙车出发t1后，甲、乙车第一次相遇，相遇时甲、乙车位移相等，则有：
v甲（t1+t0）=a（3分）
代入数据得：t1=10s （2分）
（2）相遇时距路口的距离为：
S1=v甲（t1+t0）=16×（10+2.5）m=200m（3分）
（3）相遇前当两物体速度相等时距离最大，设乙车运动了t2时间，则：
v甲=at2
解得：（2分）
所以最远距离为:
△s=v甲（t2+t0）﹣=16×（2.5+4）﹣=72m．（2分）
18.解：货物从A处开始做匀加速运动，设加速度为a1，由牛顿第二定律得
μmgcosθ﹣mgsinθ=ma1（3分）
代入数据得 a1=2.5 m/s2（1分）
匀加速运动的时间t1==s=1s（1分）
位移x1==m=1.25m（1分）
在t=1～2s内，货物随传送带一起匀速的位移为
x2=v（t﹣t1）=2.5×（2﹣1）m=2.5m（1分）
传送带停止转动后，货物匀减速运动到B端，速度刚好为0．设加速度大小为a2．
所以 μmgcosθ+mgsinθ=ma2（2分）
代入数据得 a2=12.5 m/s2（1分）
匀减速的位移为x3==m=0.25m （1分）
则传送带底端A与顶端B的距离L=x1+x2+x3=4m（1分）
即：传送带底端A与顶端B的距离是4m．
微信/支付宝扫码支付