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吉林通榆一中2018-2019高二物理上学期期中试卷(有答案)

时间:2018-11-08 17:29:44作者:试题来源:网络
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资源网 w ww.tt z yw.Co m 2018--2019年高二年级上学期期中试卷
物理试卷
第I卷
一.选择 题(本题共12小题,每小题4分,共48分。在每小题列出的四个选项中,第1---8题只有一项是符合题目要求的,第9---12题有多项符合题目要求的,全选正确的得4分,选对不全的得3分,有错选或不答的得零分)
1.把六个相同的小灯泡接成如图甲、乙所示的电路,调节变阻器使灯泡正常发光,甲、乙两电路所消耗的总功率分别用P甲和P乙表示,则下列结论中正确的是(  )
 
甲            乙
A.P甲=P乙       B.P甲=3P乙
C.P乙=3P甲   D.P乙>3P甲
2.有额定电压都是110 V,额定功率PA=100 W,PB= 40 W 的电灯两盏,若接在电压是220 V的电路上,两盏电灯均能正常发光,那么电路中消耗功率最小的电路是图中的哪一个(  )
 
3.如图所示,厚薄均匀的矩形金属薄片边长ab=10 cm,bc=5 cm,当将A与B接入电压为U的电路中时,电流为1 A;若将C与D接入电压为U的电路中,则电流为(  )
A.4 A         B.2 A
C.12 A                   D.14 A
4.如图所示,虚线a、b、c代表电场中的三个等势面,实线为一带正电的质点仅在电场力的作用下通过该区域时的运动轨迹,P、Q为这 条轨迹上先后经过的两个点,由此可知(   )
A.三个等势面中,a电势最高
B.质点在Q点时,加速度较小
C.带电质点通过P点时动能较大
D.质点通过Q时电势能较小
5.如图所示,直线OAC为某一直流电源的总功率随电流I变化的图线,曲线OBC表示同一直流电源内部的热功率随电流I变化的图线.若A、B点的横坐标均为1 A,那么AB线段表示的功率为(  )
A.1 W   B.6 W
C.2 W   D.2.5 W
6.如图所示,当滑动变阻器的滑片P向右移动时,三个灯泡亮度的变化情况是(  )]
A.L1变亮,L2和L3均变暗
B.L1变亮,L2不能确定,L3变暗
C.L1变暗,L2和L3均变亮
D.L1变亮,L2变亮,L3变暗
7.一个动能为Ek的带电粒子,垂直于电场线方向飞入平行板电容器,飞出电容器时动能为2Ek.如果使这个带电粒子的初速度变为原来的两倍,那么它飞出电容器的动能变为(  )
A.8Ek         B.5Ek
C.4.25Ek   D.4Ek
8 (多选)如图所示,在a点由静止释放一个质量为m、电荷量为q的带电粒子,粒子到达b点时速度恰好为零,设a、b所在的电场线竖直向下,a、b间的高度差为h,则(  )
A.带电粒子带负电
B.a、b两点间的电势差Uab=mghq
C.b点场强大于a点场强
D.a点场强大于b点场强
 9. (多选)如图所示,长为L、倾角为θ的光滑绝缘斜面处于电场中,一带电荷量为+q、质量为m的小球以初速度v0从斜面底端A点开始沿斜面上滑,当到达斜面顶端B点时,速度仍为v0,则(  )
A.A、B两点间的电势差一定等于mgLsin θq
B.小球在B点的电势能一定大于在A点的电势能
C.若电场是匀强电场,则该电场的电场强度的最小值一定为mgsin θq[
D.若该电场是斜面中垂线上某点的点电荷Q产生的,则Q一定是正电荷
10. (多选)某导体中的电流随其两端电压的变化如图所示,则下列说法中正确的是(  )
A.该元件是非线性元件,所以不能用欧姆定律计算导体在某状态下的电阻
B.加5 V电压时,导体的电阻约是5 Ω
C.由图可知, 随着电压的增大,导体的电阻不断减小
D.由图可知,随着电压的减小,导体的电阻不断减小
11. (多选)如图所示的电路,L是小灯泡,C是极板水平放置的平行板电容器.有一带电油滴悬浮在两极板间静止不动.若滑动变阻器的滑片向下滑动,则(  )
A.L变亮       B.L变暗
C.油滴向上运动        D.油滴向下运动
12. (多选)如图所示为两个不同闭合电路中两个不同电源的U­I图象,则下列说法中正确的是(  )
A.电动势E1=E2,短路电流I1>I2
B.电动势E1=E2,内阻r1> r2
C.电动势E1>E2,内阻r1<r2
D.当两电源的工作电流变化量相同时,电源 2的路端电压变化较大
第II卷
二. 填空题(共2小题,计18分.把答案填写在答题纸上)
13.I(4分)(1)如图甲、乙所示的两把游标卡尺,它们的游标尺分别为9 mm长10等分、19 mm长20等分,则读数依次为________mm、________mm.
 
甲            乙
II. (6分)如图所示为一多用电表的表盘,其中A、B、C为某同学测量时指针所指的三个不同位置,由图回答下列问题.
(1)如果该同学选择了“×10”挡来测量电阻,则A指针对应的测量电阻的阻值为________ Ω;
(2)如果该同学选择了“50 V”的直流电压挡来测量电压,则C指针对应的测量的电压________V;
(3)如果该同学选择了“250 mA”的直流电流挡来测量电流,则A指针对应的测量的电流为________ mA.
14.(8分)在“测定金属丝的电阻率”的实验中,某同学进行了如下测量:
(1)用毫米刻度尺测量接入电路中的被测金属丝的有效长度.测量3次,求出其平均值l.其中一次测量结 果如图10甲所示,金属丝的另一端与刻度尺的零刻线对齐,图中读数为________cm.用螺旋测微器测量金属丝的直径,选不同的位置测量3次,求出其平均值d.其中一次测量结果如图乙所示,图中读数为________mm.
 
甲          乙
 (2)采用如图所示的电路测量金属丝的电阻.电阻的测量值比真实值________(填“偏大”或“偏小”).最后由公式ρ=________计算出金属丝的电阻率(用直接测量的物理量表示).
三.计算题(本题共4小题,共34分. 解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤.只写出最后答案的不能得分,有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位.)
15.(8分)如图所示的电路中,当S闭合时,电压表和电流表(均为理想电表)的示数各为1.6 V和0.4 A.当S断开时,它们的示数各改变0.1 V和0.1 A,求电源的电动势和内阻.

 

 

 

 

 

 

16.(8分)某一用直流电动机提升重物的装置,如图所示,重物质量m=50 kg,电源的电压为U=110 V,不计电源内阻及各处摩擦,闭合电键S,当电动机以v=0.90 m/s的恒定速度向上提升重物时,电路中的电流I=5 A(g取10 m/s2),由此可知电动机线圈的电阻R为多少?

 

 

 

17. (9分)如图所示,平行板电容器的电容为C,带电荷量为Q,极板长为L,极板间距离为d,极板与水平面间的夹角为α,P、M两点恰好处在电容器的边缘,两极板正对区域均看成匀强电场.现有一质量为m的带电液滴由两极板中的P点从静止开始沿与极板平行的直线运动到M点,此过程中克服空气阻力做功为W,重力加速度为g,求:
 (1)液滴的电荷量;
(2)液滴刚开始运动时加速度的大小;
(3)液滴到达M点时速度的大小.

 

 

 

 

 

 


18. (9分)如图所示,线段A为某电源的U­I图线,线段B为某电阻的U­I图线,当上述电源和电阻组成闭合电路时,求:
(1)电源的输出功率P出多大?
(2)电源内部损耗的电功率是多少?
(3)电源的效率η多大?

 

 

 

 

 


高二物理参考答案
1B 2C 3A 4C 5C 6C 7C 8ABC  9 AC 10BD  11BD  12AD
13.I答案: (1)17.5(2分)23.35 (2分)
解析: (1)题图甲读数:整毫米是17,不足1毫米数是5×0.1 mm=0.5 mm,最后结果是17 mm+0.5 mm=17.5 mm.
 题图乙读数:整毫米是23,不足1毫米数是7×0.05 mm=0.35 mm,最后结果是23 mm+0.35 mm=23.35 mm.
II答案:(1)220(2分)  (2) 12.0(2分) (3)100 (2分)
解析:多用电表测电流或电压时,只要根据旋钮所指示的量程看表盘相对应的刻度弧线,根据读数规则, 直接读出指针指示的刻度数即可,而欧姆表的刻度指示数乘以挡位倍率才是电阻的测量值.
14. (8分)答案: (1)24.12 ~24.14 0.515~0.518 (2)偏小 πd2U4Il 
解析:(1)金属丝的长度为24.12~24.14 cm,直径读数为0.515~0.518 mm.
(2)采用安培表外接法,由于电压表的内阻不是无穷大,电压表有分流,从而电流表的测量值大于真实值,由R=UI可知,电阻的测量值小于真实值.
由R=ρlS,R=UI,S=14πd2,可得ρ=πd2U4Il.
15. (8分)答案: 2  V 1 Ω
解析:当S闭合时, R1、R2并联接入电路,当S断开时,只有R1接入电路,此时路端电压 增大、干路电流减小.
当S闭合时,由闭合电路欧姆定律得:
U=E-Ir, 即1.6=E-0.4r        ①(3分 )
当S断开时,只有R1接入电路,由闭合电路欧姆定律得:
U′=E-I′r, 即1.6+0.1=E-(0.4-0.1)r    ②(3分)
由①②得:E=2 V,r=1 Ω. (2分)
16(8分)答案 4.0 Ω[
解析:电动机消耗的总能量一部分转化为重物的机械能,一部分转化为内能,
故P电=P机+P热(2分)
其中P电=UI,P机=mgv,P热=I2R   (2分)
所以有IU=mgv+I2R(2分)
所以R=IU-mgvI2=4.0 Ω. (2分)
17. (9分)答案:(1)Cmgdcos αQ (2)gsin α(3)2gLsin α-Wm
解析: (1)板间电压U=QC,电场强度E=Ud,对液滴,有
qE=mgcos α,(2分)
联立解得液滴带电荷量q=Cmgdcos αQ.(1分)
(2)释放瞬间,有mgsin α=ma,(2分)
故液滴的 加速度a=gsin α. (1分)
(3)对加速过程,由动能定理得mgLsin α-W=12mv2(2分)
故液滴到达M点时的速度v=2gLsin α-Wm.(1分)
18. (9分)答案: (1)4 W (2)2 W (3)66.7%
解析:(1)由A的图线可读出电源电动势E=3 V,内阻r=EIm=36 Ω=0.5 Ω(2分)
从图象的交点可读出路端电压U=2 V,电路电流I=2 A(1分)
则电源的输出功率为P出=UI=4 W. (1分)
(2)电源内部损耗的电功率P内=I2r=2 W. (2分)
(3)电源的总功率为P总=IE=6 W(1分)
故电源的效率为η=P出P总×100%≈66.7%.(2分)

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