人教版高中物理选修第八单元气体单元测试（二）Word版含答案.docx

此卷只装订不密封 班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 ‎ ‎2018-2019学年高二下学期第八单元训练卷 物 理 （二）‎ 注意事项：‎ ‎1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。‎ ‎2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。‎ ‎3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。‎ ‎4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。‎ 一、单选题 ‎1．于一定量的理想气体，下列四个论述中正确的是（ ）‎ A．当分子热运动变剧烈时，压强必变大 B．当分子热运动变剧烈时，压强可以不变 C．当分子间的平均距离变大时，压强必变小 D．当分子间的平均距离变大时，压强必变大 ‎2．为了控制温室效应，各国科学家都提出了不少方法和设想．有人根据液态CO2密度大于海水密度的事实，设想将CO2液化后，送入深海海底，以减小大气中CO2的浓度．为使CO2液化，最有效的措施是（ ）‎ A．减压、升温 B．增压、升温 C．减压、降温 D．增压、降温 ‎3．对于地面所受到的大气压强，甲说：“这个压强就是地面上每平方米面积的上方整个大气柱对地面的压力，它等于地面上方的这一大气柱的重力”，乙说：“这个压强是由地面附近那些做规则运动的空气分子对每平方米地面的碰撞造成的”．下列判断正确的是（ ）‎ A．甲说得对 B．乙说得对 C．甲、乙说得都对 D．甲、乙说得都不对 ‎4．已知离地面愈高时大气压强愈小，温度也愈低，现有一气球由地面向上缓慢升起，试问大气压强与温度对此气球体积的影响如何（ ）‎ A．大气压强减小有助于气球体积增大，温度降低有助于气球体积增大 B．大气压强减小有助于气球体积变小，温度降低有助于气球体积减小 C．大气压强减小有助于气球体积增大，温度降低有助于气球体积减小 D．大气压强减小有助于气球体积变小，温度降低有助于气球体积增大 ‎5．如图所示，U形管封闭端内有一部分气体被水银封住，已知大气压强为p‎0‎，则封闭部分气体的压强p（以汞柱为单位）为（ ）‎ A．p‎0‎‎+‎h‎2‎ B．‎p‎0‎‎-‎h‎1‎ C．p‎0‎‎-(h‎1‎+h‎2‎)‎ D．‎p‎0‎‎+(h‎2‎-h‎1‎)‎ ‎6．在某一恒温水池（温度远低于1000C）底部有一气泡从池底缓慢上升，气泡内的气体可视为理想气体，在水泡上升的过程中，气体质量不变，则下面判断正确的是（ ）‎ A．气泡内气体分子的平均动能增大 B．气泡内气体的内能增大 C．气泡内气体分子的平均距离增大 D．气泡气体向外放热 ‎7．一个带活塞的气缸内盛有一定量的气体，若此气体的温度随其内能的增大而升高，则（ ）‎ A．将热量传给气体，其温度必升高 B．压缩气体，其温度必升高 C．压缩气体，同时气体向外界放热，其温度必不变 D．压缩气体，同时将热量传给气体，其温度必升高 二、多选题 ‎8．一定量的理想气体，处在某一初始状态，现在要使它的温度经过变化后又回到初始状态，下述过程中可能实现的是（ ）‎ A．保持体积不变而减小压强，接着保持压强不变而使体积增大 B．先保持体积不变而增大压强，接着保持压强不变而使体积增大 C．先保持压强不变而减小体积，接着保持体积不变而使压强增大 D．先保持压强不变而增大体积，接着保持体积不变而使压强减小 三、填空题 ‎9．一定质量的理想气体的状态变化过程如图的p-T图线所示，吸热的过程有_____________（选填A→B、B→C、C→A）‎ ‎10．1654年德国马德堡市市长格里凯曾做了两个中空的金属半球，直径约0.36m，把它们扣在一起，然后抽去里面的空气，两边共用16匹马才把球拉开，这就是科学史上传为美谈的“马德堡半球”。如果大气压强p‎0‎=105Pa，假设每匹马的拉力相等且在同一直线上，那么每匹马的拉力约为______N（取两位有效数字）‎ ‎11．如图所示，汽缸固定在平板车上，质量为m的活塞将气体封闭 在汽缸内，已知外界大气压强为P0，活塞横截面积为S，不计活塞与汽缸壁的摩擦，当小车和汽缸以相同的加速度a沿水平方向运动时，则汽缸内气体的压强为______‎ ‎12．如图所示的容器，两端是直径不同的两个圆筒，里面各有一个活塞，其横截面积分别是SA=8cm2,SB=24cm2，质量分别为MA=8kg,MB=12kg.它们之间有一质量不计的轻杆相连，活塞可无摩擦滑动，但不漏气；活塞B的下面是和大气相通的，活塞A的上面是真空。若大气压强p‎0‎=1‎×‎105Pa,则被封闭气体的压强为___‎ 四、解答题 ‎13．‎ 很多家庭都用坛子腌菜，腌菜用的坛子要求密封性良好，否则里面的菜就容易坏。怎样才能选带一个不漏气的坛子呢？在民间流行一种这样的方法：先在坛子边缘的水槽中灌上水，然后将一张点燃的纸丢进坛里，稍等片刻再合上坛子盖，如图所示，这时槽中的水如果能被吸进坛子里面，说明坛子不漏气；如果水不能被吸进坛子里面，说明坛子漏气。试说明这种方法的原理。‎ ‎14．如图所示的试管内封有一定质量的气体，静止时气柱长为L‎0‎，大气压强为P0，当试管绕竖直轴以角速度ω在水平面匀速转动时气柱长变为L，其他尺寸如图所示，求转动时的气体压强。（设温度不变，管截面积为S，水银密度为ρ）‎ ‎15．“神舟”五号在返回的过程中，为了使返回舱能安全着陆，需在10km的高度上打开降落伞。返回舱上的静压高度控制器通过测量大气压强判定高度。静压高度控制器通过气体对单位面积的压力大小来计算高度。当外界大气温度发生变化时，固定容器内气体压强发生变化（压强与温度在理想状况下成正比），气体对侧面的压力通过静压高度控制器显示，（如图）。已知地面温度为27℃，压强为1.0×105Pa，容器内壁与静压控制器连接部分侧面积为20cm2，假设气体为理想气体，在10km以内每升高1km温度下降6℃，求在8km高度时，静压控制器示数。‎ ‎2018-2019学年高二下学期第八单元训练卷 物 理（二）答 案 ‎1．B ‎【解析】当分子热运动变剧烈时，可知温度升高，分子平均动能增大，气体的压强在微观上与分子的平均动能和分子的密集程度有关．要看压强的变化还要看气体的密集程度的变化，所以压强可能增大、可能减小、可能不变．故A错误，B正确；当分子间的平均距离变大时，可知分子的密集程度变小，要看气体的变化还要看分子的平均动能（或温度），所以压强可能增大、可能减小、可能不变．故CD错误．故选B。‎ ‎2．D ‎【解析】液态CO2密度大于海水密度,为使CO2液化，需要降温、升压。所以D正确 ‎3．C ‎【解析】压强就是地面上每平方米面积的上方整个大气柱对地面的压力，它等于地面上方的这一大气柱的重力，所以甲说法正确。也可以认为压强是由地面附近那些做规则运动的空气分子对每平方米地面的碰撞造成的，所以乙说法也对。‎ ‎4．C ‎【解析】气球由地面向上缓慢升起，大气压强减小有助于气球体积增大，温度降低有助于气球体积减小，选项C正确 ‎5．B ‎【解析】选右边最高液面为研究对象，右边液面受到向下的大气压强p‎0‎，在相同高度的左边液面受到液柱h‎1‎向下的压强和液柱h‎1‎上面气体向下的压强p，则p+h‎1‎=‎p‎0‎，解得：p=p‎0‎-‎h‎1‎。故B项正确，ACD三项错误。‎ ‎6．C ‎【解析】AB：气泡缓慢上升，气泡可充分与水发生热交换，所以气泡温度与外面水温总能一致，则气泡温度不变，气泡内气体分子的平均动能不变，气泡内气体的内能不变。故AB两项错误。‎ C：气泡上升过程中，压强减小，温度不变，则气泡体积增大，气泡内气体分子的平均距离增大。故C项正确。‎ D：气泡上升过程中，体积增大，对外做功，W0‎，则气泡上升过程中，气泡气体从外吸热。故D项错误。‎ ‎7．D ‎【解析】将热量传给气体，因改变内能有两种方式：做功和热传递，根据热力学第一定律判断可知，气体的内能不一定增大，则其温度不一定升高．故A错误．压缩气体，外界对气体做功，且同时放热，内能可能减小，则温度就降低．故B错误．压缩气体，外界对气体做功，同时气体向外界放热，根据热力学第一定律可知，内能可能增大、可能不变，也可能减小，则其温度变化是不确定的．故C错误．压缩气体，外界对气体做功，同时将热量传给气体，根据热力学第一定律可知，内能一定增大，温度一定升高．故D正确．‎ ‎8．ACD ‎【解析】A：据理想气体状态方程pVT‎=C可知，保持体积不变而减小压强，温度降低；接着保持压强不变而使体积增大，温度升高，可以回到初始温度。故A项正确。‎ B：据理想气体状态方程pVT‎=C可知，保持体积不变而增大压强，温度升高；接着保持压强不变而使体积增大，温度升高，不可能回到初始温度。故B项错误。‎ C：据理想气体状态方程pVT‎=C可知，保持压强不变而减小体积，温度降低；接着保持体积不变而使压强增大，温度升高，可以回到初始温度。故C项正确。‎ D：据理想气体状态方程pVT‎=C可知，保持压强不变而增大体积，温度升高；接着保持体积不变而使压强减小，温度降低，可以回到初始温度。故D项正确。‎ ‎9．B→C ‎【解析】A→B是等容降温过程，气体内能减少，但不做功，则A→B过程放热；B→C过程是等压升温膨胀过程，内能增加，对外做功，则B→C过程吸热；C→A 过程是等温升压、体积减小的过程，虽外界对气体做功但气体内能不变，则C→A 过程放热。只有B→C是吸热过程。‎ ‎10．1.3‎×‎103‎ ‎【解析】半球的截面积S=πr‎2‎=‎1‎‎4‎πd‎2‎=π×‎0.18‎‎2‎m‎2‎≈0.102‎m‎2‎，大气压在一半球面上的压力F气‎=p‎0‎S=‎10‎‎5‎×0.102=1.02×‎10‎‎4‎N，两边共用16匹马，两边各有8匹马，每匹马的拉力F=F气‎8‎=‎1.02×‎‎10‎‎4‎‎8‎N≈1.3×‎10‎‎3‎N ‎11．‎p=p‎0‎+‎maS ‎【解析】设气体的压强为p，以活塞为研究对象，对活塞受力分析，根据牛顿第二定律可得：pS-p‎0‎S=ma，解得p=p‎0‎+‎maS。‎ ‎12．2.5‎×‎104Pa ‎【解析】设被封闭气体压强为p，以A、B和轻杆整体为研究对象，对其受力分析，据平衡条件可得：p‎0‎SB‎+pSA=MA‎+‎MBg+pSB ，代入数据解得：p=2.5×‎10‎‎4‎Pa。‎ ‎13．答案见解析 ‎【解析】将点燃的纸张丢进坛中，坛子内的气体温度升高，这时再合上坛子盖，坛子内的火焰很快熄灭，坛子内的气体迅速降温。如果坛子不漏气，根据气体压强与温度的关系，随着温度下降，坛内气体的压强随之减小，外界的大气压大于坛内气体压强，槽中的水被“吸”进坛中；如果某处漏气，则坛子内外相通，合上盖子后，内外没有压强差，水就不能被吸进去。‎ ‎14．‎P=P‎0‎+ρL‎1‎ω‎2‎(L‎2‎+L‎0‎-L+L‎1‎‎2‎)‎ ‎【解析】选取水银柱为研究对象，转动所需向心力由液柱两侧气体压力差提供，则：‎‎(P-P‎0‎)S=mω‎2‎R 又m=ρL‎1‎S、‎R=L‎2‎+L‎1‎‎2‎+(L‎0‎-L)‎ 解得：‎P=P‎0‎+ρL‎1‎ω‎2‎(L‎2‎+L‎0‎-L+L‎1‎‎2‎)‎ ‎15．168N ‎【解析】在10km以内每升高1km温度下降60C，则8km时温度t‎2‎‎=27-6×‎8‎‎0‎C=-‎21‎‎0‎C 地面时T‎1‎‎=273+27K=300K、‎p‎1‎‎=1×‎10‎‎5‎Pa ‎8km时T‎2‎‎=273+‎-21‎K=252K、‎p‎2‎‎=?‎ 因为压强与温度在理想状况下成正比，则p‎1‎T‎1‎‎=‎p‎2‎T‎2‎，解得：‎p‎2‎‎=8.4×‎10‎‎4‎Pa 静压控制器示数F‎2‎‎=p‎2‎S=8.4×‎10‎‎4‎×20×‎10‎‎-4‎N=168N