湖南省邵阳市北塔区2019年中考物理仿真试卷（一）（含解析）.doc

‎2019年湖南省邵阳市北塔区中考物理仿真试卷（一）‎ 一、选择题 ‎1．下列说法不正确的是（　　）‎ A．人体正常体温为‎37℃‎ ‎ B．‎15℃‎空气中的声速为‎340m/s ‎ C．光在真空中传播的速度为3.0×‎105km/s ‎ D．水的沸点总是‎100℃‎ ‎2．小军对生活中的一些实例和对应解释，正确的是（　　）‎ A．水中的月亮﹣﹣光的直线传播 ‎ B．路灯下人影相随﹣﹣光的反射 ‎ C．用镜子增大空间感﹣﹣平面镜成像 ‎ D．近视眼镜的镜片﹣﹣凸透镜 ‎3．机场周围不允许有鸟类飞行，以免撞毁飞机。这是因为（　　）‎ A．以地面为参照物，鸟的速度很大 ‎ B．以机场内步行的人为参照物，鸟的速度很大 ‎ C．以停在机场的飞机为参照物，鸟的速度很大 ‎ D．以正在飞行的飞机为参照物，鸟的速度很大 ‎4．关于水资源，下列说法正确的是（　　）‎ A．温江自来水水源是地下水，与地表水相比较，水硬度相对偏高 ‎ B．地球上的淡水只占总水量的2.7%，而可供人类使用的淡水只有全部淡水的25% ‎ C．温江有金马河、杨柳河、江安河、清水河从北至南纵贯全境，不会出现水资源危机 ‎ D．因为地球上的水循环，所以水资源“取之不尽用之不竭”‎ ‎5．关于眼睛及其视力的矫正，下列说法中正确的是（　　）‎ A．眼睛的晶状体相当于凹透镜 ‎ B．物体通过晶状体所成的像是虚象 ‎ 29‎ C．近视眼看不清远处的景物，是因为景物在眼中成的像落在了视网膜的后面 ‎ D．用来矫正近视眼的镜片是凹透镜 ‎6．台球日益成为人们喜爱的运动项目。下列关于台球受力及运动的说法中错误的是（　　）‎ A．球杆击球后，球由于惯性仍能继续向前运动 ‎ B．台球对桌面的压力与桌面对台球的支持力相互平衡 ‎ C．击打球的不同部位，球的旋转方向不同，表明力的作用效果与力的作用点有关 ‎ D．运动的台球在碰到桌边后会改变运动方向，表明力可以改变物体的运动状态 ‎7．如图所示的现象中，能用流体压强与流速关系解释的是（　　）‎ A．茶壶嘴和壶身一样高 B．潜水员穿抗压潜水服 ‎ C．高山做饭用高压锅 D．口吹硬币跳跃木块 ‎8．在如图所示的电路中，闭合开关S，调节滑动变阻器，发现两只电表中有一只电表的示数明显减小，另一只电表的示数明显变大。下列判断正确的是（　　）‎ A．可能是灯L断路 ‎ B．一定是灯L短路 ‎ C．可能是滑动变阻器R断路 ‎ D．一定是滑动变阻器R的滑片向左滑动 ‎9．有一个看不见内部情况的小盒（如图甲），盒上有两只灯泡，由一个开关控制，闭合开关两灯都亮，断开开关两灯都灭；拧下其中任一灯泡，另一灯都亮。图乙中，符合要求的电路图是（　　）‎ 29‎ A．A B．B C．C D．D ‎10．下列事件中，力对物体做了功的是（　　）‎ A．用力推汽车，没有推动 ‎ B．将重物从一楼扛到二楼 ‎ C．举重运动员举着杠铃保持不动 ‎ D．提着水桶在水平路面上匀速前行 ‎11．如图所示，水平桌面上放置两个完全相同的玻璃容器，将两容器壁一侧开孔并用粗玻璃管相连。注水管紧贴左侧容器壁，现向内缓慢、均匀地注水，直至水注满两个容器。下列表示此过程中左侧容器底部受到水的压强p随时间t变化的曲线，其中合理的是 ‎（　　）‎ A． B． ‎ C． D．‎ ‎12．关于安全用电，下列说法正确的是（　　）‎ A．发现有人触电，立即用手把他拉开 ‎ 29‎ B．夏天家里空气开关跳闸了，不一定是用电器过载引起的 ‎ C．控制电灯的开关可以接在火线上也可以接在零线上 ‎ D．没有三孔插座，可以把用电器的三线插头改为两线插头接在两孔插座上使用 二、填空题 ‎13．物理学中把某种物质　 　的质量叫做这种物质的密度。0.5千克水全部凝固成冰时，其体积变大，质量　 　，密度　 　。（后二空均选填“变小”、“变大”或“不变”）‎ ‎14．太阳能是人类能源的宝库，太阳已持续发光发热约50亿年，还能工作约50亿年。太阳能属于　 　能源（选填“可再生”或“不可再生”）．太阳核心温度高达1500万℃，表面温度也约有‎6000℃‎，其原因就是太阳内部发生持续的　 　（选填“核裂变”或“核聚变”），释放了惊人的能量。‎ ‎15．生活和生产中的很多物品都运用了物理学的知识。根据　 　知识，可用图（a）的装置进行排空气法来收集气体；在图（b）中，书包带做得比较宽大，是为了能减小　 　。在图（c）中，“乳牛自动喂水器”利用的是　 　原理，使得两容器中的水面相平。‎ ‎16．在图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合电键S，当滑动变阻器的滑片P向左移动时，电流表A的示数将　 　，电压表V的示数将　 　，电压表V2的示数将　 　，电压表V与电压表V1示数的差值跟电压表V2示数的比值　 　。（均选填“变小”、“不变”或“变大”）‎ ‎17．张皓同学做“测定小灯泡电功率”的实验，设计的电路图如图甲所示，小灯泡所标示的额定电压为2.5V．‎ 29‎ ‎（1）张皓同学按甲图连好电路如图甲所示，闭合开关前，他应将滑片P移到滑动变阻器的最　 　（选填“左”或“右”）端；‎ ‎（2）接着检查电路连接，他发现有一根导线连接错了，请你在甲图中在应改动的导线上打“×”，并用笔画线代替导线画出正确的接法；‎ ‎（3）改正连接后，他闭合开关，发现灯泡不发光，电流表有示数，电压表示数为0，移动滑动变阻器的滑片P可以改变电流表的示数，那么电路的故障原因是：　 　；‎ ‎（4）排除故障后进行实验，他根据实验测得的数据，画出了小灯泡的电流随电压变化的图象如图乙所示，由图象可知小灯泡的额定功率是　 　W；‎ ‎（5）由步骤（5）知小灯泡的电流随电压变化的图象不是一条直线，他结合实验过程分析得知，形成的原因是：　 　。‎ ‎（6）张皓同学又设计了两种测量定值电阻Rx阻值的实验电路方案，方案中定值电阻的阻值为R0。‎ ‎①方案一：闭合开关S，如果电压表V1和V2的读数分别为Ul和U2，则电阻Rx的阻值表达式为Rx＝　 　。‎ ‎②方案二：电路中Rx≠R0，将S接到a，读出电流表的示数I1；再将S接到b，读出电流表的I2；由I1R0＝I2Rx可得Rx＝I1R0/I2．请判断结果是否正确并简要说明理由：　 　。‎ ‎18．如图所示，质量为‎1.2kg的木块浮在水面上静止不动，（g取10N/kg）求：‎ ‎（1）这时木块受到的浮力是多大？‎ ‎（2）此时木块浸在水中的体积为多少？‎ ‎（3）该木块体积是2×10﹣‎3m3‎，要使木块刚好浸没在水中，至少需要多大的力向下压木块？‎ 三、实验题 ‎19．如图所示，是探究平面镜成像的特点的实验装置。‎ ‎（1）用玻璃板代替平面镜做实验是为了　 　；‎ ‎（2）选取两根完全相同的蜡烛，是为了便于比较物和像的　 　关系；‎ ‎（3）在实验过程中，将一个点燃的蜡烛放在玻璃板前，再将另一只　 　（选填“点燃”或“不点燃”）的蜡烛放在玻璃板的后面来回移动，直到看上去跟前面蜡烛的像　 　‎ 29‎ ‎20．某实验小组进行简单机械类探究实验：‎ ‎（1）探究“杠杆平衡条件”实验前，为方便测量力臂，应将杠杆调节到水平位置平衡，图1中，杠杆的平衡螺母B应向　 　调节（选填“左”或“右”；‎ ‎（2）图2中，要使杠杆在水平位置平衡，需在C点悬挂　 　个同样钩码；‎ ‎（3）某同学进行正确的实验操作后，能不能根据（2）问中的一组数据得出结沦？　 　（选填“能”或“不能”），理由是　 　；‎ ‎（4）探究“动滑轮的待点”的实验结果表明：使用动滑轮可以　 　（选填“省力”或“省距离”），但不能改变力的方向；‎ ‎（5）生活和工作中使用的滑轮如：A．国旗杆顶部的滑轮；B．电动起重机吊钩上的滑轮，属于动滑轮的是　 　（选填“A“或“B”）。‎ ‎21．在探究“通电螺线管的外部磁场”的实验中，小明在螺线管周围摆放了一些小磁针。‎ ‎（1）通电后小磁针静止时的分布如图甲所示，由此可看出通电螺线管外部的磁场与　 　的磁场相似。‎ ‎（2）小明改变通电螺线管中的电流方向，发现小磁针指向转动180°，南北极发生了对调，由此可知：通电螺线管外部的磁场方向与螺线管中　 　方向有关。‎ 29‎ ‎（3）小明继续实验探究，并按图乙连接电路，他先将开关S接a，观察电流表的示数及吸引大头针的数目；再将开关S从a换到b，调节变阻器的滑片P，再次观察电流表的示数及吸引大头针的数目，此时调节滑动变阻器是为了　 　，来探究　 　的关系。‎ ‎22．小明同学在做“探究电流与电压的关系”实验时，准备了以下器材：干电池（1.5V）两节，电流表（0～（‎0.6A0～‎3A）、电压表（0～3V0～15V）、滑动变阻器（20Ω、‎2A）、定值电阻（5Ω）、开关各一只、导线若干。根据图甲所示的电路图进行实验。‎ ‎（1）连接电路。闭合开关前，滑动变阻器滑片P应处于　 　（选填“A”或“B”）端。‎ ‎（2）闭合开关，发现电流表无示数，电压表指针有明显偏转，原因可能是　 　。‎ ‎（3）实验过程中，电流表的示数如图丙所示，此时电路中的电流为　 　A。‎ ‎（4）试验中通过调节滑动变阻器滑片P，测出通过定值电阻R的不同电流和对应的电压值如表所示。老师看后说其中一次是错误的。帮小明分析出错的是第　 　次，原因是　 　。‎ 实验次数 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ 电压U/V ‎0.5‎ ‎1.0‎ ‎1.5‎ ‎2.0‎ ‎2.5‎ ‎3.0‎ 电流I/A ‎0.1‎ ‎0.2‎ ‎0.3‎ ‎0.4‎ ‎0.5‎ ‎0.6‎ 四、计算题 ‎23．小明想测一个体积为0.5dm3空心铜球所受浮力的大小，于是他找来一个底面积为0.3dm2的大烧杯和量程符合要求的弹簧测力计。他先向放在水平桌面上的大烧杯中装入‎3kg的水，将铜球用细线系着挂在弹簧测力计上测出重力后，缓慢将铜球浸入水中。当铜球浸没在水中静止时（如图所示），弹簧测力计的示数是铜球重力的5/6．（取g＝10N/kg）‎ 29‎ ‎（1）当铜球逐渐浸入水中而未完全浸没时，烧杯对桌面的压强逐渐　 　。（选填“变大”、“变小”或“不变”）‎ ‎（2）铜球全部浸入水中静止时，铜球受到的浮力是多少？‎ ‎（3）细线松动，铜球沉到烧杯底部静止后，若烧杯的重力忽略不计，烧杯对桌面的压强是多少？‎ ‎24．电吹风是现代家庭的常用电器。如图所示是电吹风的电路原理图，R是电热丝，M是带动风扇转动的电动机，某电吹风的主要技术参数如表所示：‎ 额定电压 ‎220V 频率 ‎50Hz 吹热风时功率 ‎800W 吹冷风时功率 ‎80W ‎（1）当只闭合S1时，电吹风正常工作1min消耗的电能是多少J？‎ ‎（2）当同时闭合S1、S2时，电吹风正常工作，通过R的电流为多大？（保留一位小数）‎ ‎（3）当电吹风正常工作并且吹热风时，1min内电流通过R产生的热量是多少J？‎ 29‎ ‎2019年湖南省邵阳市北塔区中考物理仿真试卷（一）‎ 参考答案与试题解析 一、选择题 ‎1．下列说法不正确的是（　　）‎ A．人体正常体温为‎37℃‎ ‎ B．‎15℃‎空气中的声速为‎340m/s ‎ C．光在真空中传播的速度为3.0×‎105km/s ‎ D．水的沸点总是‎100℃‎ ‎【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断不符合实际的是哪一个。‎ ‎【解答】解：A、正常情况下，人的体温在‎37℃‎左右，变化幅度很小。故A符合实际；‎ B、声音在不同介质中的传播速度不同，在‎15℃‎空气中的声速为‎340m/s。故B符合实际；‎ C、光在真空中的传播速度最快，为3.0×‎108m/s＝3.0×‎105km/s。故C符合实际；‎ D、只有在标准大气压下水的沸点是‎100℃‎．故D不符合实际。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法。‎ ‎2．小军对生活中的一些实例和对应解释，正确的是（　　）‎ A．水中的月亮﹣﹣光的直线传播 ‎ B．路灯下人影相随﹣﹣光的反射 ‎ C．用镜子增大空间感﹣﹣平面镜成像 ‎ D．近视眼镜的镜片﹣﹣凸透镜 ‎【分析】（1）光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；‎ ‎（2）当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，例如：平面镜成像、水中倒影等；‎ ‎（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。‎ ‎【解答】解：A、水中的月亮，是平面镜成像现象，属于光的反射造成的，故该选项说法不正确；‎ 29‎ B、路灯下出现人的影子，是光沿直线传播造成的，故该选项说法不正确；‎ C、用镜子可以增大空间感，这是由于平面镜成像造成的，故该选项说法正确；‎ D、近视眼镜的镜片是凹透镜，远视眼镜的镜片是凸透镜，故该选项说法不正确。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】本题考查了生活和物理之间的联系，能否区分三种光现象：光的直线传播、光的反射、光的折射，是本题的解题关键。‎ ‎3．机场周围不允许有鸟类飞行，以免撞毁飞机。这是因为（　　）‎ A．以地面为参照物，鸟的速度很大 ‎ B．以机场内步行的人为参照物，鸟的速度很大 ‎ C．以停在机场的飞机为参照物，鸟的速度很大 ‎ D．以正在飞行的飞机为参照物，鸟的速度很大 ‎【分析】鸟类飞行，以免撞毁飞机，是鸟类的速度非常大的缘故，参照物不同，飞鸟的速度不同。‎ ‎【解答】解：（1）以地面为参照物、以步行的人为参照物、以停在机场的飞机为参照物，相同的时间内，鸟和地面、步行的人、停在机场的飞机之间距离变化大致相同，鸟的速度大致相同。‎ ‎（2）以相向而行的飞机为参照物，相同的时间内，鸟和飞机之间的距离变化很大，以飞机为参照物，鸟的速度很大。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】静止和物体和运动的物体都可以作为参照物。‎ 研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同。‎ ‎4．关于水资源，下列说法正确的是（　　）‎ A．温江自来水水源是地下水，与地表水相比较，水硬度相对偏高 ‎ B．地球上的淡水只占总水量的2.7%，而可供人类使用的淡水只有全部淡水的25% ‎ C．温江有金马河、杨柳河、江安河、清水河从北至南纵贯全境，不会出现水资源危机 ‎ D．因为地球上的水循环，所以水资源“取之不尽用之不竭”‎ ‎【分析】‎ 29‎ 通常所说的水资源主要是指陆地上的淡水资源，如河流水、淡水湖泊水、地下水和冰川等。陆地上的淡水资源只占地球上水体总量2.53%左右，其中近70%是固体冰川，即分布在两极地区和中、低纬度地区的高山冰川，还很难加以利用。所以目前被人类大量利用的淡水资源主要是河流水、淡水湖泊水，以及浅层地下水。‎ ‎【解答】解：A、温江自来水水源是地下水，与地表水相比较，水硬度相对偏低，故A错误；‎ B、地球上的淡水只占总水量的2.7%，而可供人类使用的淡水只有全部淡水的25%，故B正确；‎ C、如果不节约用水就会出现水资源危机，故C错误；‎ D、水是一种有限的宝贵资源，必须保护水资源，水资源并不是“取之不尽用之不竭”，所以我们必须保护水资源，故D错误；‎ 故选：B。‎ ‎【点评】此题考查了能够供人类大量利用的淡水资源这一知识点，要求我们明白身边的一些淡水资源，要保护水资源。‎ ‎5．关于眼睛及其视力的矫正，下列说法中正确的是（　　）‎ A．眼睛的晶状体相当于凹透镜 ‎ B．物体通过晶状体所成的像是虚象 ‎ C．近视眼看不清远处的景物，是因为景物在眼中成的像落在了视网膜的后面 ‎ D．用来矫正近视眼的镜片是凹透镜 ‎【分析】（1）人眼的晶状体和角膜相当于凸透镜，视网膜相当于光屏，外界物体在视网膜上成倒立、缩小的实像；‎ ‎（2）近视眼的晶状体较厚，会聚能力较强，看远处的物体时，将像成在视网膜的前面，需戴凹透镜矫正。‎ 远视眼的晶状体较薄，会聚能力较弱，看近处的物体时，将像成在视网膜的后面，需戴凸透镜矫正。‎ ‎【解答】解：A、眼睛的晶状体相当于一个凸透镜而不是凹透镜，故A错误。‎ B、眼睛的成像情况与照相机的成像性质相同，它成的是倒立的缩小的实像。故B错误。‎ C、近视眼是由于晶状体对光线的会聚作用太强，使像成在视网膜的前方，故C错误。‎ D、为了使像成在视网膜上，就要戴凹透镜来矫正，使光线在进行人的眼睛以前先发散一下，以便使像成在视网膜上。故D正确。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】本题主要考查学生对：眼睛的视物原理，以及近视眼和远视眼的成因与矫正方法的了解和掌握，属于基础知识。‎ ‎6．台球日益成为人们喜爱的运动项目。下列关于台球受力及运动的说法中错误的是（　　）‎ 29‎ A．球杆击球后，球由于惯性仍能继续向前运动 ‎ B．台球对桌面的压力与桌面对台球的支持力相互平衡 ‎ C．击打球的不同部位，球的旋转方向不同，表明力的作用效果与力的作用点有关 ‎ D．运动的台球在碰到桌边后会改变运动方向，表明力可以改变物体的运动状态 ‎【分析】解答此题从以下几方面入手：‎ ‎（1）惯性是任何物体都有保持原来运动状态的性质，一切物体都有惯性；‎ ‎（2）二力平衡条件：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一个物体上；‎ ‎（3）力的作用效果与力的大小、方向、作用点有关。‎ ‎（4）力的作用效果有两个，一是力可改变物体的运动状态；二是力可改变物体的形状。‎ ‎【解答】解：A、球杆击球后，球由静止变为运动，球由于惯性仍能继续运动；故A说法正确。‎ B、台球对桌面的压力作用在桌面上，桌面对台球的支持力作用在台球上，二力作用在两个不同物体上，所以不是一对平衡力；故B说法错误。‎ C、击打球的不同部位，球的旋转方向不同，表明力的作用效果与力的作用点有关；故C说法正确。‎ D、运动的台球在碰到桌边后，受到了桌边给的力后改变了运动方向，表明力可以改变物体的运动状态；故D说法正确。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】本题考查了有关力的知识，注意一对相互作用力和一对平衡力最大的区别在于作用力与反作用力作用在两个不同的物体上，而一对平衡力是作用在同一个物体上的。‎ ‎7．如图所示的现象中，能用流体压强与流速关系解释的是（　　）‎ A．茶壶嘴和壶身一样高 B．潜水员穿抗压潜水服 ‎ C．高山做饭用高压锅 D．口吹硬币跳跃木块 ‎【分析】流体的压强与流速的关系：流体在流速大的地方压强小、在流速小的地方压强大，据此分析四种情形。‎ 29‎ ‎【解答】解：A、茶壶嘴和壶身一样高，它是利用连通器的原理，故A错误；‎ B、由于液体内部压强随着深度的增加而增大，所以潜水员穿抗压潜水服，保护身体，故B错误；‎ C、由于大气压随着高度的增加而减小，气压减小后沸点随着降低，所以在高山上，气压低，沸点低，故必须有高压锅才能将饭煮熟，故与压强与流速无关，故C错误；‎ D、紧贴硬币上表面使劲吹气使硬币上方的空气流速大，压强变小，硬币下方的空气流速小，压强大，硬币受到一个竖直向上的压力差，所以硬币就被托起来了，故D正确；‎ 故选：D。‎ ‎【点评】此题是一道综合题，涉及了流体压强与流速、液体压强、压强和沸点关系等知识点，要求灵活运用所学力学知识加以分析。‎ ‎8．在如图所示的电路中，闭合开关S，调节滑动变阻器，发现两只电表中有一只电表的示数明显减小，另一只电表的示数明显变大。下列判断正确的是（　　）‎ A．可能是灯L断路 ‎ B．一定是灯L短路 ‎ C．可能是滑动变阻器R断路 ‎ D．一定是滑动变阻器R的滑片向左滑动 ‎【分析】常见电路故障现象有断路与短路两种，根据电路故障现象，分析各选项所示电路故障，找出符合题意的电路故障。‎ ‎【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端电压，电流表测电路电流；‎ A、B、若灯L断路，电路中无电流，电流表的示数变小为0；电压表的正负接线柱通过R和导线接在电源上，测量电源电压，示数变大；若灯L短路，电压表测量一导线两端的电压，示数变小为0，电路中的电阻变小、电流变大，电流表的示数变大；由此可知，灯L断路和灯L短路都可以使一只电表的示数明显变小、另一只电表的示数明显变大，故A正确、B错；‎ C、滑动变阻器断路，电路断开，电压表、电流表示数都变小为0，不符合题意，故C错；‎ D、滑动变阻器R的滑片向左滑动，连入的电阻变小，电流变大，灯两端的电压变大，两表示数都变大，故D错。‎ 29‎ 故选：A。‎ ‎【点评】本题考查了学生利用电流表、电压表判断电路故障的分析能力，常见的电路故障有：短路和断路两种情况，知道短路或断路对电路的影响是正确解题的关键。‎ ‎9．有一个看不见内部情况的小盒（如图甲），盒上有两只灯泡，由一个开关控制，闭合开关两灯都亮，断开开关两灯都灭；拧下其中任一灯泡，另一灯都亮。图乙中，符合要求的电路图是（　　）‎ A．A B．B C．C D．D ‎【分析】串联电路特点是电流有一条路径，串联电路的各用电器相互影响，开关控制整个电路；并联电路特点是电流有两条或两条以上路径，并联电路的各用电器不相互影响。干路上开关控制整个电路，支路上开关控制本支路。‎ ‎【解答】解：‎ A．由电路图可知，两灯泡串联，拧下其中任一灯泡，电路断路，另一灯都不亮，故A不符合题意；‎ B．由电路图可知，两灯泡并联，开关S位于L1支路，断开开关，灯泡L2仍然亮，故B不符合题意；‎ C．由电路图可知，两灯泡并联，开关位于干路，闭合开关两灯都亮，拧下其中任一灯泡，另一灯都亮，故C符合题意；‎ D．由电路图可知，开关S与L2并联后再与L1串联，闭合开关S，L2被短路，L2不亮，L1亮，故D不符合题意。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】本题考查了学生对串并联电路的特点的了解与掌握，是一道电学基础题目。‎ ‎10．下列事件中，力对物体做了功的是（　　）‎ A．用力推汽车，没有推动 ‎ 29‎ B．将重物从一楼扛到二楼 ‎ C．举重运动员举着杠铃保持不动 ‎ D．提着水桶在水平路面上匀速前行 ‎【分析】做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离。据此分析判断。‎ ‎【解答】解：A、用力推汽车，没有推动，对汽车有力的作用，但汽车没有移动距离，所以不做功；故A不合题意；‎ B、将重物从一楼扛到二楼，重物在提力的方向上移动了距离，做了功，故B符合题意；‎ C、举重运动员举着杠铃站着不动，有力但没有移动距离，不做功，故C不合题意；‎ D、提着水桶在水平路面上匀速前行，力与距离的方向互相垂直，所以不做功。故D不合题意 故选：B。‎ ‎【点评】明确三种情况不做功：一是有力无距离（例如：推而未动），二是有距离无力（靠惯性运动），三是力的方向与运动方向垂直。‎ ‎11．如图所示，水平桌面上放置两个完全相同的玻璃容器，将两容器壁一侧开孔并用粗玻璃管相连。注水管紧贴左侧容器壁，现向内缓慢、均匀地注水，直至水注满两个容器。下列表示此过程中左侧容器底部受到水的压强p随时间t变化的曲线，其中合理的是 ‎（　　）‎ A． B． ‎ C． D．‎ ‎【分析】液体内部压强与液体的深度和液体的密度有关，所以据题目中玻璃容器的形状分析判断即可解决。‎ ‎【解答】‎ 29‎ 解：向左侧容器内注水，在水位未到达侧壁开孔处前，随着水的注入，水的深度逐渐变大，水对容器底的压强逐渐变大；‎ 当水位到达侧壁开孔处时，注入的水开始流入右侧容器，不断注入，但左侧水对容器底的压强不变；‎ 当右侧容器内水位与左侧容器内水位相平时，左侧和右侧的水位同时上升，水对容器底的压强逐渐变大；但由于是向两个容器内注水，水位上升比先前只向左侧注水时水位上升的慢，故压强变化的慢，左侧容器底部受到水的压强P随时间t变化图象平缓一些；如图D所示，故D正确。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】此题考查液体压强的特点，看清容器的形状，并能结合液体内部压强大小的影响因素分析判断是解决该题的关键。‎ ‎12．关于安全用电，下列说法正确的是（　　）‎ A．发现有人触电，立即用手把他拉开 ‎ B．夏天家里空气开关跳闸了，不一定是用电器过载引起的 ‎ C．控制电灯的开关可以接在火线上也可以接在零线上 ‎ D．没有三孔插座，可以把用电器的三线插头改为两线插头接在两孔插座上使用 ‎【分析】（1）发生触电事故，应先切断电源。‎ ‎（2）造成家庭电路电流过大的原因有短路或总功率过大。‎ ‎（3）家庭电路中控制灯泡的开关应接在火线和灯泡之间；‎ ‎（4）用电器的金属外壳必须接地。‎ ‎【解答】解：A、发生触电事故时，必须先切断电源，然后再救人，否则会因电源不断开而发生触电，故A错误。‎ B、空气开关跳闸说明电流过大，造成电流过大的原因可能是短路，也可能是用电器的总功率过大，故B正确；‎ C、控制用电器的开关应接在火线和用电器之间，这样在开关断开时，用电器上没有电，不会发生触电事故，故C错误；‎ D、用电器用三孔插座时，用电器的金属外壳接地时，可避免因电器漏电时外壳带电，而发生触电事故，故不可以把用电器的三线插头改为两线插头接在两孔插座上使用，故D错误。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】此题考查了常见的安全用电的知识，要将所学的知识应用到日常生活中 二、填空题 ‎13．物理学中把某种物质　单位体积　‎ 29‎ 的质量叫做这种物质的密度。0.5千克水全部凝固成冰时，其体积变大，质量　不变　，密度　变小　。（后二空均选填“变小”、“变大”或“不变”）‎ ‎【分析】某种物质单位体积的质量叫做密度，密度是物质的一种特性，计算公式ρ＝。‎ ‎【解答】解：某种物质单位体积的质量叫做密度，0.5千克水全部凝固成冰时，其体积变大，质量不变，根据公式ρ＝可知，密度变小。‎ 故答案为：单位体积；不变；变小。‎ ‎【点评】本题考查密度的有关问题，要知道密度是物质的一种特性，即同一种物质密度是相同的。‎ ‎14．太阳能是人类能源的宝库，太阳已持续发光发热约50亿年，还能工作约50亿年。太阳能属于　可再生　能源（选填“可再生”或“不可再生”）．太阳核心温度高达1500万℃，表面温度也约有‎6000℃‎，其原因就是太阳内部发生持续的　核聚变　（选填“核裂变”或“核聚变”），释放了惊人的能量。‎ ‎【分析】（1）能够从自然界源源不断获得或可重复利用的能源是可再生能源，不能够从自然界源源不断获得或不可重复利用的能源是不可再生能源；‎ ‎（2）太阳内部进行着核聚变，由氢原子核聚变成氦原子核，释放出核能。‎ ‎【解答】解：‎ 太阳能都能从自然界源源不断地获得，它们属于可再生能源；在太阳内部，氢原子核在超高温作用下发生聚变，释放巨大的核能。‎ 故答案为：可再生；核聚变。‎ ‎【点评】本题考查了可再生能源和不可再生能源的特点，太阳能的利用和进行的核反应的类型。‎ ‎15．生活和生产中的很多物品都运用了物理学的知识。根据　密度　知识，可用图（a）的装置进行排空气法来收集气体；在图（b）中，书包带做得比较宽大，是为了能减小　压强　。在图（c）中，“乳牛自动喂水器”利用的是　连通器　原理，使得两容器中的水面相平。‎ ‎【分析】（1）当其它气体和空气的密度不同时，可以根据密度知识利用排气法收集气体；‎ ‎（2）减小压强的方法：①在受力面积一定时，减小压力，②在压力一定时，增大受力面积；‎ ‎（3）连通器是上端开口，下部连通的容器。是不是连通器关键看下边是否连通，上端是否开口。‎ ‎【解答】解：‎ 29‎ ‎（1）当其它气体和空气的密度不同时，根据密度知识可用图（a）的装置进行排空气法来收集气体；‎ ‎（2）在图（b）中，书包带做得比较宽大，是在压力一定时，增大受力面积来减小压强；‎ ‎（3）上端开口、下部相连通的容器叫连通器；连通器内的液体不流动时，各容器中的液面就是相平的，乳牛自动喂水器是利用连通器原理，使得两容器中的水面相平。‎ 故答案为：密度；压强；连通器。‎ ‎【点评】本题考查减小压强的方法、密度的应用、连通器原理等，属于简单题目，平时学习需要准确区分各物理知识点及其应用。‎ ‎16．在图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合电键S，当滑动变阻器的滑片P向左移动时，电流表A的示数将　变大　，电压表V的示数将　不变　，电压表V2的示数将　变小　，电压表V与电压表V1示数的差值跟电压表V2示数的比值　不变　。（均选填“变小”、“不变”或“变大”）‎ ‎【分析】由电路图可知，两电阻串联，电压表V测电源两端电压，电压表V1测定值电阻R1两端电压，电压表V2测滑动变阻器R2两端电压，电流表测电路电流；根据滑动变阻器滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，根据欧姆定律可知电路中电流和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R2两端的电压变化，根据串联电路的电压特点判断电压表V与电压表V1示数的差值跟电压表V2示数比值的变化。‎ ‎【解答】解：由电路图可知，两电阻串联，电压表V测电源两端电压，电压表V1测定值电阻R1两端电压，电压表V2测滑动变阻器R2两端电压，电流表测电路电流。‎ ‎∵电源的电压不变，‎ ‎∴电压表V的示数不变；‎ 当滑动变阻器的滑片P向左移动时，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，‎ ‎∵I＝，‎ ‎∴电路中的电流变大，即电流表A的示数变大，‎ ‎∵U＝IR，‎ ‎∴R1两端的电压变大，‎ 29‎ ‎∵串联电路中总电压等于各分电压之和，‎ ‎∴滑动变阻器R2两端的电压变小，即电压表V2的示数变小，‎ ‎∵电压表V与电压表V1示数的差值等于电压表V2的示数，‎ ‎∴电压表V与电压表V1示数的差值跟电压表V2示数的比值恒等于1，即不变。‎ 故答案为：变大；不变；变小；不变。‎ ‎【点评】本题是一道动态分析题，分析清楚电路结构，熟练应用串联电路特点及欧姆定律即可正确解题。‎ ‎17．张皓同学做“测定小灯泡电功率”的实验，设计的电路图如图甲所示，小灯泡所标示的额定电压为2.5V．‎ ‎（1）张皓同学按甲图连好电路如图甲所示，闭合开关前，他应将滑片P移到滑动变阻器的最　左　（选填“左”或“右”）端；‎ ‎（2）接着检查电路连接，他发现有一根导线连接错了，请你在甲图中在应改动的导线上打“×”，并用笔画线代替导线画出正确的接法；‎ ‎（3）改正连接后，他闭合开关，发现灯泡不发光，电流表有示数，电压表示数为0，移动滑动变阻器的滑片P可以改变电流表的示数，那么电路的故障原因是：　小灯泡短路　；‎ ‎（4）排除故障后进行实验，他根据实验测得的数据，画出了小灯泡的电流随电压变化的图象如图乙所示，由图象可知小灯泡的额定功率是　0.75　W；‎ ‎（5）由步骤（5）知小灯泡的电流随电压变化的图象不是一条直线，他结合实验过程分析得知，形成的原因是：　灯丝电阻随温度的变化而变化　。‎ ‎（6）张皓同学又设计了两种测量定值电阻Rx阻值的实验电路方案，方案中定值电阻的阻值为R0。‎ ‎①方案一：闭合开关S，如果电压表V1和V2的读数分别为Ul和U2，则电阻Rx的阻值表达式为Rx＝　　。‎ ‎②方案二：电路中Rx≠R0，将S接到a，读出电流表的示数I1；再将S接到b，读出电流表的I2；由I1R0＝I2Rx可得Rx＝I1R0/I2．请判断结果是否正确并简要说明理由：　不正确，没有控制Rx和Ro两端的电压相等　。‎ ‎【分析】（1）闭合开关前，滑到变阻器连入电路中的电阻最大；‎ 29‎ ‎（2）电压表并联在灯和变阻器的两端了；‎ ‎（3）电流表有示数，说明电路为通路；移动滑动变阻器的滑片P可以改变电流表的示数，说明变阻器没有问题；发现灯泡不发光，电压表示数为0，说明可能小灯泡短路了；‎ ‎（4）根据图乙找出额定电压对应的电流，根据P＝UI求灯的额定功率；‎ ‎（5）灯的电阻随随温度的变化而变化；‎ ‎（6）①方案一中定值电阻与待测电阻串联，已知定值电阻电压与阻值，由欧姆定律可以求出电路电流，已知待测电阻两端的电压，由欧姆定律可以求出待测电阻的阻值；‎ ‎②用等效替代法测待测电阻的电压，但根据设计，当开关S由a拨到b时，电阻R0和RX两端的电压不相等，故设计是不合理的温度的变化而变化；‎ ‎【解答】解：（1）为保护电路，闭合开关前，滑到变阻器连入电路中的电阻最大，即滑片P移到滑动变阻器的最左端；‎ ‎（2）原图中电压表并联在灯和变阻器的两端了，应将电压表并联在灯的两端，如下图所示：‎ ‎（3）他闭合开关，电流表有示数，说明电路为通路；移动滑动变阻器的滑片P可以改变电流表的示数，说明变阻器没有问题；发现灯泡不发光，电压表示数为0，说明可能小灯泡短路了，而导致电压表并联在一根导线两端；‎ ‎（4）在图乙中，灯在额定电压下对应的电流为‎0.3A，灯的额定功率P＝UI＝2.5V×‎0.3A＝0.75W；‎ ‎（5）因灯的电阻随温度的变化而变化，R＝，所以小灯泡的电流随电压变化的图象不是一条直线；‎ ‎（6）①流过电路的电流I＝，由欧姆定律得RX的阻值RX＝。‎ ‎②该方案不正确，因为：在串联电路中，根据分压原理，用电器两端电压与其阻值成正比，因Rx≠R0，当开关S由a拨到b时，电阻R0和RX两端的电压不相等，所以实验过程中没有保持Rx和R0两端的电压相等。‎ 故答案为：（1）左；‎ 29‎ ‎（2）如上图所示；‎ ‎（3）小灯短路；‎ ‎（4）0.75；‎ ‎（5）灯丝电阻随温度的变化而变化；‎ ‎（6）①；②不正确，没有控制Rx和Ro两端的电压相等。‎ ‎【点评】本题测灯的功率和测定值电阻的大小，考查电路的连接、实验注意事项、故障的分析、影响电阻大小的因素及对实验方案的评估能力，知识点无多，综合性强，有一定难度。‎ ‎18．如图所示，质量为‎1.2kg的木块浮在水面上静止不动，（g取10N/kg）求：‎ ‎（1）这时木块受到的浮力是多大？‎ ‎（2）此时木块浸在水中的体积为多少？‎ ‎（3）该木块体积是2×10﹣‎3m3‎，要使木块刚好浸没在水中，至少需要多大的力向下压木块？‎ ‎【分析】知道木块的质量，利用重力公式求木块重；因为木块漂浮，可求木块受到的浮力，再根据阿基米德原理求木块排开水的体积；‎ 木块刚好浸没在水中时，木块重加上所加压力等于木块受到的浮力，据此对木块施加的压力。‎ ‎【解答】解：（1）木块受到的重力：‎ G＝mg＝‎1.2kg×10N/kg＝12N，‎ ‎∵木块漂浮，‎ ‎∴木块受到的浮力：F浮＝G＝12N；‎ ‎（2）∵F浮＝ρ水v排g，‎ ‎∴木块浸在水中的体积（排开水的体积）‎ v浸＝v排＝＝＝1.2×10﹣‎3m3‎；‎ ‎（3）木块刚好浸没在水中时，木块受到的浮力：‎ F浮′＝ρ水v排′g＝ρ水v木g＝1×‎103kg/m3×2×10﹣‎3m3‎×10N/kg＝20N，‎ ‎∵F浮＝F压+G木，‎ ‎∴至少对木块施加的压力：‎ 29‎ F压＝F浮′﹣G木＝20N﹣12N＝8N。‎ 答：（1）这时木块受到的浮力是12N；‎ ‎（2）此时木块浸在水中的体积为1.2×10﹣‎3m3‎；‎ ‎（3）至少需要8N的力向下压木块。‎ ‎【点评】本题综合考查了密度的计算、重力的计算、浮力的计算（阿基米德原理、漂浮条件），知识点多，属于难题。‎ 三、实验题 ‎19．如图所示，是探究平面镜成像的特点的实验装置。‎ ‎（1）用玻璃板代替平面镜做实验是为了　便于确定像的位置　；‎ ‎（2）选取两根完全相同的蜡烛，是为了便于比较物和像的　大小　关系；‎ ‎（3）在实验过程中，将一个点燃的蜡烛放在玻璃板前，再将另一只　不点燃　（选填“点燃”或“不点燃”）的蜡烛放在玻璃板的后面来回移动，直到看上去跟前面蜡烛的像　重合　‎ ‎【分析】（1）实验时选择透明的玻璃板，在物体的一侧，既能看到物体的像，也能看到代替物体的另一个物体，便于确定像的位置。‎ ‎（2）在实验中为了便于研究像的特点与位置，用了两支相同的蜡烛，将另一支蜡烛放在像的位置与像进行比较，运用了替代法。‎ ‎（3）在做平面镜成像的实验中，先放一支点燃的蜡烛，在这对蜡烛的同侧观察另一侧的蜡烛，直到另一侧的蜡烛与观察者一侧的蜡烛完全重合时，停止移动，记下蜡烛的位置，即得到相应的蜡烛的位置，这是在探究平面镜成像实验中确定虚像位置的方法。‎ ‎【解答】解：（1）实验时选择透明的玻璃板，能同时观察到像和代替蜡烛A的蜡烛B，便于确定像的位置。‎ ‎（2）两只蜡烛大小相同，后面的蜡烛又和前面蜡烛的像完全重合，这样就证明了像与物大小相同，所以两只蜡烛等长是为了比较像与物大小关系用的。‎ ‎（3）实验时要另外拿一支相同的未点燃的蜡烛在玻璃板后面移动，直到在镜前看上去与镜前的蜡烛在镜中成的像完全重合时，说明平面镜成的像与物体是等大的。‎ 故答案为：（1）便于确定像的位置；（2）大小；（3）不点燃；重合。‎ 29‎ ‎【点评】本题考查学生实际动手操作实验的能力，并能对实验中出现的问题正确分析，探究平面镜成像特点的实验是中考出题的一个热点，本题围绕这个探究过程可能遇到的问题，解决办法，合理的思考和解释来考查同学们的。‎ ‎20．某实验小组进行简单机械类探究实验：‎ ‎（1）探究“杠杆平衡条件”实验前，为方便测量力臂，应将杠杆调节到水平位置平衡，图1中，杠杆的平衡螺母B应向　右　调节（选填“左”或“右”；‎ ‎（2）图2中，要使杠杆在水平位置平衡，需在C点悬挂　3　个同样钩码；‎ ‎（3）某同学进行正确的实验操作后，能不能根据（2）问中的一组数据得出结沦？　不能　（选填“能”或“不能”），理由是　实验次数太少，得出的结论具有偶然性　；‎ ‎（4）探究“动滑轮的待点”的实验结果表明：使用动滑轮可以　省力　（选填“省力”或“省距离”），但不能改变力的方向；‎ ‎（5）生活和工作中使用的滑轮如：A．国旗杆顶部的滑轮；B．电动起重机吊钩上的滑轮，属于动滑轮的是　B　（选填“A“或“B”）。‎ ‎【分析】（1）杠杆的调节也跟天平类似，应向高的一侧移动平衡螺母；‎ ‎（2）由图示确定动力、动力臂、阻力臂，然后由杠杆平衡条件F动×L动＝F阻×L阻，求出在B处所挂的钩码个数；‎ ‎（3）用实验数据总结实验结论时，要进行多次实验，总结的实验结论才具有普遍性，避免偶然性；‎ ‎（4）使用动滑轮可以省力，不能改变力的方向；‎ ‎（5）国旗的旗杆顶部的滑轮是定滑轮，起重机挂钩上的滑轮是动滑轮。‎ 29‎ ‎【解答】解：（1）图1中是杠杆的左端低，说明这一侧力与力臂的乘积大，应将平衡螺母向右调节，以减小这一侧的力臂。‎ ‎（2）设每个钩码的重力是G，‎ 杠杆每格的长度是L，由图示可知，动力F动＝‎2G，动力臂L动＝‎3L，阻力臂L阻＝‎2L，由杠杆平衡条件得：F动×L动＝F阻×L阻，即‎2G×‎3L＝F阻×‎2L，‎ 所以F阻＝‎3G，则在C处应挂3个钩码；‎ ‎（3）用实验来探究物理规律时，要采用多次实验，用多组实验数据来总结实验结论，实验结论具有普遍性，如果只有一次实验数据，总结的实验结论具有偶然性，所以不能用一次实验数据总结实验结论。‎ ‎（4）使用动滑轮可以省力，动滑轮不能改变力的方向；‎ ‎（5）动滑轮实质是动力臂等于2倍阻力臂的杠杆，使用动滑轮不能改变动力方向，但可以省一半力。国旗的旗杆顶部的滑轮是定滑轮，起重机挂钩上的滑轮是动滑轮。‎ 故答案为：‎ ‎（1）右；（2）3；（3）不能；实验次数太少，得出的结论具有偶然性；（4）省力；（5）B。‎ ‎【点评】本题考查了杠杆平衡条件的应用及动滑轮和定滑轮，由图示求出动力臂与阻力臂、熟练应用杠杆平衡条件即可正确解题。‎ ‎21．在探究“通电螺线管的外部磁场”的实验中，小明在螺线管周围摆放了一些小磁针。‎ ‎（1）通电后小磁针静止时的分布如图甲所示，由此可看出通电螺线管外部的磁场与　条形　的磁场相似。‎ ‎（2）小明改变通电螺线管中的电流方向，发现小磁针指向转动180°，南北极发生了对调，由此可知：通电螺线管外部的磁场方向与螺线管中　电流　方向有关。‎ ‎（3）小明继续实验探究，并按图乙连接电路，他先将开关S接a，观察电流表的示数及吸引大头针的数目；再将开关S从a换到b，调节变阻器的滑片P，再次观察电流表的示数及吸引大头针的数目，此时调节滑动变阻器是为了　控制两次实验的电流大小不变　，来探究　通电螺线管磁场强弱与线圈匝数　的关系。‎ ‎【分析】（1）通电螺线管的磁场分布与条形磁体相似；‎ 29‎ ‎（2）通电螺线管外部磁场方向与螺线管中的电流方向和线圈的绕法有关；‎ ‎（3）影响螺线管磁性强弱的因素有电流的大小和线圈匝数的多少，在实验中，应注意控制变量法的运用。‎ ‎【解答】解：（1）通电螺线管的磁场分布与条形磁体相似，都是具有两个磁性较强的磁极；‎ ‎（2）如果改变螺线管中的电流方向，发现小磁针转动180°，南北极所指方向发生了改变，由此可知：通电螺线管外部磁场方向与螺线管中的电流方向有关。‎ ‎（3）实验中，他将开关S从a换到b上时，连入电路的线圈匝数发生了变化，为了保证电流不变，应调节变阻器的滑片P，控制两次实验的电流大小不变，再次观察电流表示数及吸引的回形针数目，这样才能探究出通电螺线管磁场强弱与线圈匝数的关系。‎ 故答案为：（1）条形；（2）电流；（3）控制两次实验的电流大小不变； 通电螺线管磁场强弱与线圈匝数。‎ ‎【点评】本题考查了螺线管磁场的特点、磁极方向的判断等，注意通电螺线管的磁极极性与电流的方向和线圈的绕法有关。‎ ‎22．小明同学在做“探究电流与电压的关系”实验时，准备了以下器材：干电池（1.5V）两节，电流表（0～（‎0.6A0～‎3A）、电压表（0～3V0～15V）、滑动变阻器（20Ω、‎2A）、定值电阻（5Ω）、开关各一只、导线若干。根据图甲所示的电路图进行实验。‎ ‎（1）连接电路。闭合开关前，滑动变阻器滑片P应处于　B　（选填“A”或“B”）端。‎ ‎（2）闭合开关，发现电流表无示数，电压表指针有明显偏转，原因可能是　定值电阻断路　。‎ ‎（3）实验过程中，电流表的示数如图丙所示，此时电路中的电流为　‎0.3　‎A。‎ ‎（4）试验中通过调节滑动变阻器滑片P，测出通过定值电阻R的不同电流和对应的电压值如表所示。老师看后说其中一次是错误的。帮小明分析出错的是第　1　次，原因是　电压最小应是0.6V，电流为‎0.12A　。‎ 29‎ 实验次数 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ 电压U/V ‎0.5‎ ‎1.0‎ ‎1.5‎ ‎2.0‎ ‎2.5‎ ‎3.0‎ 电流I/A ‎0.1‎ ‎0.2‎ ‎0.3‎ ‎0.4‎ ‎0.5‎ ‎0.6‎ ‎【分析】（1）为保护电路，连接电路时，要断开开关，闭合开关前，滑片要移到阻值最大处。‎ ‎（2）常见的电路故障有断路与短路，根据电路故障现象分析电路故障原因。‎ ‎（3）电流表读数时要看清选择的量程和对应的分度值，根据指针的位置读数。‎ ‎（4）根据串联分压的特点分析。‎ ‎【解答】解：（1）在连接电路的各元件时，开关应处于断开状态；闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P置于B端，这样可以起到 保护电路的作用。‎ ‎（2）闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片P，电流表无示数，说明电路存在断路；电压表的指针有明显的偏转，说明电压表与电源两极相连，电压表并联电路之外电路不存在断路，则与电压表并联的电阻断路。‎ ‎（3）图中电流表选择的是0～‎0.6A量程，对应的分度值都是‎0.02A；则这时的电流为‎0.3A。‎ ‎（4）已知滑动变阻器（20Ω、‎2A）、定值电阻（5Ω）、干电池（1.5V）两节，即电源电压为3V，‎ 由图可知，滑动变阻器与定值电阻串联，在第一次实验时，滑动变阻器调到阻值最大处，即20Ω，因为定值电阻为5Ω，其电阻之比为4：1，根据串联分压的特点可知，定值电阻两端电压为×3V＝0.6V，即出错的是第1次，原因是定值电阻两端电压最小为0.6V，电流为0.12A。‎ 故答案为：（1）B；（2）定值电阻断路；（3）0.3；（4）1；电压最小应是0.6V，电流为‎0.12A。‎ ‎【点评】本题考查了实验注意事项、电路故障分析、电表读数、实验数据分析等，是实验的常考问题，一定要掌握；对电表进行读数时要先确定其量程与分度值，然后再读数，读数时视线要与电表刻度线垂直。‎ 四、计算题 ‎23．小明想测一个体积为0.5dm3空心铜球所受浮力的大小，于是他找来一个底面积为0.3dm2的大烧杯和量程符合要求的弹簧测力计。他先向放在水平桌面上的大烧杯中装入‎3kg的水，将铜球用细线系着挂在弹簧测力计上测出重力后，缓慢将铜球浸入水中。当铜球浸没在水中静止时（如图所示），弹簧测力计的示数是铜球重力的5/6．（取g＝10N/kg）‎ ‎（1）当铜球逐渐浸入水中而未完全浸没时，烧杯对桌面的压强逐渐　变大　。（选填“变大”、‎ 29‎ ‎“变小”或“不变”）‎ ‎（2）铜球全部浸入水中静止时，铜球受到的浮力是多少？‎ ‎（3）细线松动，铜球沉到烧杯底部静止后，若烧杯的重力忽略不计，烧杯对桌面的压强是多少？‎ ‎【分析】（1）当铜球逐渐浸入水中而未完全浸没时，排开水的体积逐渐增大，由公式P＝ρgh可知水对烧杯底的压强增大，根据F＝PS可知水对烧杯底的压力增大，最后再根据公式P＝分析容器对桌面的压强。‎ ‎（2）物体浸没在水中，排开水的体积等于物体的体积，利用阿基米德原理求物体受到的浮力；‎ ‎（3）根据力的平衡可知桌面受到的压力等于容器的重力加上水的重力再加上物体对水向下的压力，这个的压力等于物体所受的浮力。最后根据公式P＝分析容器对桌面的压强。‎ ‎【解答】解：（1）当铜球逐渐浸入水中而未完全浸没时，排开水的体积逐渐增大，由公式P＝ρgh可知水对烧杯底的压强增大，烧杯底面积不变，由F＝PS可知水对烧杯底的压力增大，这个压力传递给桌面，使得烧杯对桌面的压力增大，再由P＝可知容器对桌面的压强变大。‎ 故答案为：变大。‎ ‎（2）铜球浸没在水中受到的浮力为F浮＝ρ水gV排＝1.0×‎103kg/m3×10N/kg×0.5×10﹣‎3m3‎＝5N。‎ 答：铜球受到的浮力是5N。‎ ‎（3）铜球浸没在水中静止时，‎ 所以铜球的重力为 G＝‎6F浮＝6×5N＝30N，‎ 烧杯内水的重力为 G水＝m水g＝‎3kg×10N/kg＝30N，‎ 烧杯对桌面的压强为＝Pa。‎ 答：烧杯对桌面的压强是2×104Pa。‎ ‎【点评】本题考查浮力、重力、压强等的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，要知道在水平地面压力等于物体自身的重力，解题过程中要注意单位的换算。‎ 29‎ ‎24．电吹风是现代家庭的常用电器。如图所示是电吹风的电路原理图，R是电热丝，M是带动风扇转动的电动机，某电吹风的主要技术参数如表所示：‎ 额定电压 ‎220V 频率 ‎50Hz 吹热风时功率 ‎800W 吹冷风时功率 ‎80W ‎（1）当只闭合S1时，电吹风正常工作1min消耗的电能是多少J？‎ ‎（2）当同时闭合S1、S2时，电吹风正常工作，通过R的电流为多大？（保留一位小数）‎ ‎（3）当电吹风正常工作并且吹热风时，1min内电流通过R产生的热量是多少J？‎ ‎【分析】（1）当只闭合S时，电路只有电动机工作，即P冷＝80W．根据W＝Pt代入数值计算即可。‎ ‎（2）当同时闭合S、S1时，电吹风正常工作，发热的电阻丝和带动风扇转动的电动机同时工作，吹热电功率是700W，由PR＝P总﹣PM求出电热丝功率，由I＝求通过R的电流。‎ ‎（3）吹热风时，电动机与电热丝并联，电热丝消耗的电能全部转化为内能，由Q＝W＝Pt可计算产生的热量。‎ ‎【解答】解：（1）只闭合S，电路只有电动机工作，即P冷＝80W。‎ ‎∴消耗电能：W＝Pt＝80W×60s＝4.8×103J。‎ ‎（2）同时闭合S、S1，电路为电动机与电热丝并联，吹热风，‎ ‎∴P总＝800W，UR＝U＝220V。‎ ‎∴电热丝功率：PR＝P总﹣PM＝800W﹣80W＝720W，‎ 电热丝电流：IR＝＝≈3.3A。‎ ‎（3）吹热风时，电动机与电热丝并联，∴PR＝720W。‎ 电热丝消耗的电能全部转化为内能：‎ 29‎ ‎∴产生热量：Q＝W＝Pt＝720W×60s＝4.32×104J。‎ 答：（1）当只闭合S时，电吹风正常工作lmin消耗的电能是4.8×104J。‎ ‎（2）当同时闭合S、S1时，电吹风正常工作，通过R的电流为‎3.3A。‎ ‎（3）吹热风时，1min内电流通过R产生的热量是4.32×104J。‎ ‎【点评】考查了电功的计算，电功率的计算，关键是分析电路，明确电路的连接方式，知道吹冷风时只有电动机工作，吹热风时电动机和电阻同时工作，功率是它们的和，灵活应用并联电路的特点和电功率公式即可解答。‎ 29‎