河南省三门峡守君高级中学中考物理模拟试卷
一．填空题（共6小题，满分18分，每小题3分）
1．如图所示的电路中，只闭合S2时，L1和L2 连接；闭合S1、S3，断开S2时，L1和L2 连接；同时闭合S1、S2、S3，将会发生 现象。
2．一艘远洋轮船卸掉货物后，发现船身上浮了一些，则它受到的浮力 （填“变大”、“变小”、“不变”），当船由大海驶入内河后，船受的浮力 （填“变大”、“变小”“不变”），船相对于水面将 （填“上浮”、“下沉”或“不变”）。
3．人类历史上不断进行着 ，这就是所说的能源革命。
4．大气压强随高度变化的关系如图。由图可知珠穆朗玛峰顶 （海拔 8844m） 的气压约是 kPa，高山上煮饭需要用高压锅的原因是 。
5．验电器的工作原理是 。与丝绸摩擦过的玻璃棒带 电荷，若将这根玻璃棒接触某个已经带电的验电器，验电器金属箔张开角度增大，则该验电器原来带 电荷。
6．如图甲所示电路中，R0为定值电阻，R1为滑动变阻器，图乙是该滑动变阻器消耗的电功率与电流关系的图象。则R0的值是 Ω，电源电压是 V。
二．选择题（共8小题，满分24分，每小题3分）
7．如图是冰的熔化曲线，下面有关该图线的说法中，错误的是（ ）
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A．AB段呈固态，吸收热量温度升高
B．BC段呈固态，吸收热量温度不变
C．CD段呈液态，吸收热量，温度升高
D．BC段是冰的熔化过程
8．如图的四种情景，属于光的折射现象的是（ ）
A．树荫下形成圆形光斑 B．水面“折”枝
C．世博会夜晚的灯光 D．斑马倒影
9．观察身边的物理现象﹣﹣下列估测最接近实际的是（ ）
A．人步行的速度约为5m/s
B．演奏中华人民共和国国歌所需的时间约为47s
C．课桌的高度约为1.5m
D．一张试卷厚度的大约1mm
10．如图所示，关于物体M所处的状态和所受的浮力，下列说法中正确的是（ ）
A．物体处于沉底状态，浮力大于重力
B．物体处于悬浮状态，浮力大小等于重力
C．物体处于漂浮状态，浮力大小等于重力
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D．条件不足，无法判定
11．许多城市都在推广利用太阳能，城市交通指示灯及路灯照明系统已大量使用太阳能，下列关于太阳能的说法不正确的是（ ）
A．太阳是一个巨大的“核能火炉”
B．太阳能为二次能源
C．太阳能属于可再生能源
D．太阳能清洁，无污染
12．下列有关学习、生活中的物理知识，其中正确的说法是（ ）
A．学校足球课上，踢出去的足球，继续向前运动，是因为受到惯性力的作用
B．包饺子时捏出漂亮的花边，是力改变了物体的形状
C．阳泉北站站台上设置有安全线，主要目的是为了给旅客排队上车用的
D．书本静止在课桌上，是因为书本受到的重力与书本对桌面的压力平衡
13．为了探究电磁铁的磁性强弱与哪些因素有关，某同学使用两个相同的大铁钉绕制成电磁铁进行实验，如图所示。则下列说法中正确的是（ ）
A．滑片P向右滑动，电磁铁的磁性减弱
B．电磁铁能吸引的大头针越多，表明它的磁性越强
C．电磁铁A、B的上端均为S极
D．该实验可以探究电磁铁磁性的强弱与匝数多少的关系
14．如图所示，A是悬挂在弹簧测力计下的条形磁铁，B是螺线管。闭合开关，待弹簧测力计示数稳定后，将滑动变阻器的滑片缓慢向左移动的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．电压表示数变小，电流表示数也变小
B．电压表示数变大，电流表示数也变大
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C．螺线管上端是N极，弹簧测力计示数变大
D．螺线管上端是S极，弹簧测力计示数变小
三．作图题（共2小题）
15．在图中，根据小磁针的N极，画出磁感线的方向，标出通电螺线管的N、S极及电源的正、负极。
16．如图所示，小木球被两细线系住，浸没在水中，画出小木球所受的浮力的示意图。
四．解答题（共3小题）
17．如图所示，在“探究平面镜成像的特点”的实验中，为便于确定跳棋子甲通过反射面A所成像的位置，A应选用 （选填“平面镜”或“透明玻璃板”），跳棋子甲经A所成的像是 （选填“实”或“虚”）像。
18．如图所示，小明同学在“测未知电阻Rx”的实验中。
（1）闭合开关前，图乙中滑动变阻器的滑片P应位于 （填“A”或“B”）端。
（2）闭合开关后，发现电流表指针几乎不动，电压表示数约为电源电压，故障的原因是 （填“Rx短路”或“Rx断路”）。
实验序号
1
2
3
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电阻R/Ω
电压U/V
1.0
1.5
2.0
电流I/A
0.15
0.20
（3）排除故障后，小明通过实验得到数据如下表所示，其中第1次实验的电流表示数如图丙所示，为 A，则所测电阻Rx的值是 Ω。
（4）若在实验中，电压表不能使用，滑动变阻器最大阻值为R0，当滑片置于最左端时，电流表示数为I1，滑片P置于最右端时，电流表示数为I2，则未知电阻的表达式：Rx＝ 。
19．物理兴趣小组在做“测量小灯泡的电阻”实验时，准备了以下器材：小灯泡（额定电压为2.5V）、电流表（0～0.6 A 0﹣3A）、电压表（0～3V 0～15V）、开关、两节干电池、滑动变阻器、导线若干。如图1所示为该小组连接的实物图。
（1）请指出实物图连接的两处错误。① ；② 。
（2）正确连接电路后，闭合开关，当滑动变阻器的滑片置于某位置时，电流表和电压表的示数如图2所示，电流表示数为 A，则小灯泡电阻为 Ω．（计算结果保留一位小数）
（3）改变滑动变阻器滑片的位置，记录下不同时刻的电压值和电流值，并计算出小灯泡在不同电压下的电阻值，数据处理表格如下所示，其中有一处是不恰当的，这一处是 ，错误的原因是什么？ 。
实验次数
电压/V
电流/A
电阻/Ω
平均电阻
1
1.0
0.17
5.9
7.7
2
1.4
0.18
7.8
3
1.8
0.22
8.2
4
2.0
0.23
8.7
（4）该小组又利用这个电路测量小灯泡的额定功率，应调节滑动变阻器滑片使电压表示数为 V，若此时电流表示数为0.25A，则小灯泡的额定功率为 W。
五．解答题（共2小题）
20．太阳能热水器是把太阳能转化为内能的设备之一。某品牌太阳能热水器每小时平均接收4.2×
24
106J的太阳能，在5小时的有效照射时间内，将热水器中100L，初温为20℃的水升高到40℃，求：
（1）热水器中的水吸收的热量Q；[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
（2）热水器的效率η；
（3）若改用煤气来加热这些水，需要完全燃烧多少千克煤气？（q煤气＝4.2×107J/kg，假设煤气燃烧的热量全部被水吸收）
21．太阳能是一种理想的绿色能源。小华家最近安装了一台太阳能热水器，如图9其室内进出水管的安装示意图，Ⅰ为进水阀，Ⅱ出水阀，Ⅲ为调温阀。在水箱接口处有一根进出水管，一根溢流管，一根排气管。给水箱上冷水或沐浴时用热水，均通过这根进出水管来完成。请完成下列问题：
（1）给水箱上水时I、Ⅱ应处于何种状态？此时水塔、自来水管与热水器的水箱、排气管、溢流管它们共同构成的物理模型是什么？
（2）若水箱安装在七楼楼顶上，且距楼顶地面高1米，小华家住二楼，进水阀距二楼地面高1米，每层楼高3米，则在进水阀处水压至少为多大才能顺利上水。
（3）设水箱容积为100升，在一般的光照条件下，一满箱15℃的水到傍晚时，水温可达到65℃，相当于多少米3的煤气完全燃烧放出的热量（C水＝4.2×103J/（kg•℃），煤气的热值约4×107J/m3）。
（4）水箱中的水温在冬天有时不够高，一般都预装了电加热器。若该电加热器的规格为“220V2.4KW”，家里当时的实际电压只有200V，要把满箱水温度提高10℃，需加热多少分钟？（g＝10N/kg）
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2019年河南省三门峡守君高级中学中考物理模拟试卷
参考答案与试题解析
一．填空题（共6小题，满分18分，每小题3分）
1．如图所示的电路中，只闭合S2时，L1和L2 串联 连接；闭合S1、S3，断开S2时，L1和L2 并联 连接；同时闭合S1、S2、S3，将会发生 短路 现象。
【分析】把几个用电器首尾相接，连入电路就是串联。把几个用电器首首相接，尾尾相接，再连入电路，就是并联，故组合开关的不同状态可使两个电灯连成串联和并联。短路是指电源两极不经过用电器直接连通的电路。
【解答】解：当只闭合S2时，L1和L2顺次连接，故L1和L2串联连接；
闭合S1、S3，断开S2时，两灯泡并列连接，故为并联连接；
同时闭合S1、S2、S3，电源两极将不经过用电器直接连在一起，将会发生短路现象，是不允许的。
故答案为：串联；并联；短路。
【点评】本题考查了开关的不同状态对灯的连接方式的影响。短路时会损坏电源，是不允许的。
2．一艘远洋轮船卸掉货物后，发现船身上浮了一些，则它受到的浮力 变小 （填“变大”、“变小”、“不变”），当船由大海驶入内河后，船受的浮力 不变 （填“变大”、“变小”“不变”），船相对于水面将 下沉 （填“上浮”、“下沉”或“不变”）。
【分析】轮船卸掉货物后，货轮在装上货物后，船身下沉，说明排开水的体积变大，根据阿基米德原理分析船受到浮力的变化情况；
当船由长江驶入大海后，都是漂浮，根据漂浮条件分析船受到浮力的变化情况，再根据阿基米德原理判断排开水的体积的变化，从而得出船是上浮还是下沉。
【解答】解：由题知，货轮在装上货物后，船身上浮了一些，排开水的体积V排变小，
因为F浮＝ρ水V排g，
所以船受到水的浮力变小；
当船由大海驶入内河后，都是漂浮，
船受到的浮力：F浮＝G，
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因为船受到的重力不变，
所以船受到的浮力不变；
因为F浮＝ρ液V排g，ρ河水＜ρ海水，
所以排开海水的体积小于排开河水的体积，船将下沉一些。
故答案为：变小；不变；下沉。
【点评】本题关键有二，一是漂浮条件的使用，二是利用阿基米德原理时要同时考虑影响浮力的两个因素（液体的密度和排开液体的体积）。
3．人类历史上不断进行着 能量转化技术的进步 ，这就是所说的能源革命。
【分析】概括来说，能源革命就是人类有史以来关于能源的开发和利用方式上的重大突破。
【解答】解：人类历史上不断进行着能量转化技术的进步，这就是所说的能源革命；
故答案为：能量转化技术的进步。
【点评】钻木取火是人类在能量转化方面最早的一次技术革命，也是人类的第一次能源革命；蒸汽机的发明是人类利用能量的新里程碑，它直接导致了第二次能源革命。
4．大气压强随高度变化的关系如图。由图可知珠穆朗玛峰顶 （海拔 8844m） 的气压约是 31 kPa，高山上煮饭需要用高压锅的原因是 高山上的大气压较低，水的沸点较低，不能够把饭煮熟；使用高压锅增加锅内气压，升高水的沸点，把饭煮熟 。
【分析】大气压强随海拔高度的增加而减小；
液体的沸点与气压有关，气压越高，沸点越高；气压越低，沸点越低。
【解答】解：读图可得，由图可知珠穆朗玛峰顶 （海拔 8844m） 的气压约是31kPa；
地球周围的大气层分布很不均匀，越到高空空气稀薄，空气密度较小，而大气压随海拔高度的增加而减小，所以高山上的大气压较低，水的沸点较低，不能够把饭煮熟；使用高压锅增加锅内气压，升高水的沸点，把饭煮熟。
故答案为：31；高山上的大气压较低，水的沸点较低，不能够把饭煮熟；使用高压锅增加锅内气压，升高水的沸点，把饭煮熟。
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【点评】本题考查了沸点与气压、气压与海拔高度的关系，属于联系生活的问题，难度不大。
5．验电器的工作原理是 同种电荷相互排斥 。与丝绸摩擦过的玻璃棒带 正 电荷，若将这根玻璃棒接触某个已经带电的验电器，验电器金属箔张开角度增大，则该验电器原来带 正 电荷。
【分析】验电器是用来检验物体是否带电的仪器，它是根据同种电荷互相排斥的原理制成的；物体带正电的原因是物体缺少电子，和中性物体接触时，中性物体上的电子会转移带正电的物体上与其中和，从而使中性的物体由于失去电子而带上正电。
【解答】解：验电器是用来检验物体是否带电的仪器，它是根据同种电荷互相排斥的原理制成的；
丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，当将带正电的玻璃棒接触验电器的金属球时，已经带电的验电器金属箔张开角度增大，则说明验电器原来带正电荷，现在正电荷的数量更进一步增加了。
故答案为：同种电荷相互排斥； 正；正。
【点评】此题主要考查的是学生对验电器的用途和原理的了解和掌握，基础性题目。
6．如图甲所示电路中，R0为定值电阻，R1为滑动变阻器，图乙是该滑动变阻器消耗的电功率与电流关系的图象。则R0的值是 10 Ω，电源电压是 12 V。
【分析】由电路图可知，R0与R1串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
由图象可知，电路中的电流是0.2A时R1的电功率，根据P＝I2R求出R1接入电路的电阻；
由图象读出电路中的电流为0.4A时R1的电功率，根据P＝I2R求出R1接入电路的电阻；
根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式求出R0的阻值，进一步求出电源的电压。
【解答】解：由电路图可知，R0与R1串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
由图象可知，当电路中的电流I＝0.2A时，R1的电功率P1＝2W，
由P＝I2R可得，R1接入电路的电阻：
R1＝＝＝50Ω；
由图象可知，当电路中的电流I′＝0.4A时，R1的电功率P1′＝3.2W，
此时R1接入电路的电阻：
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R1′＝＝＝20Ω，
串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
由I＝可得，电源的电压：
U＝I′（R0+R1′）＝0.4A×（R0+20Ω），
当电路中的电流I＝0.2A时，电源的电压：
U＝I（R0+R1）＝0.2A×（R0+50Ω），
因电源的电压不变，
所以，0.4A×（R0+20Ω）＝0.2A×（R0+50Ω），
解得：R0＝10Ω，
电源的电压U＝I（R0+R1）＝0.2A×（10Ω+50Ω）＝12V。
故答案为：10；12。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是利用好电源的电压不变和从图象中读出电流对应的功率。
二．选择题（共8小题，满分24分，每小题3分）
7．如图是冰的熔化曲线，下面有关该图线的说法中，错误的是（ ）
A．AB段呈固态，吸收热量温度升高
B．BC段呈固态，吸收热量温度不变
C．CD段呈液态，吸收热量，温度升高
D．BC段是冰的熔化过程
【分析】晶体熔化特点：晶体熔化过程吸收热量，温度保持不变，处于固液共存状态。熔化前处于固态，熔化后，处于液态。
【解答】解：A、读图可知，AB段冰还没有开始熔化呈固态，此时吸收热量，温度不断升高，故A正确；
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B、BC段时冰吸热，但温度不再升高，说明此时物质达到了熔点，正在熔化，BC段是冰的熔化过程，处于固液共存状态，故B错误；D正确；
C、CD段冰已经熔化完毕，呈液态，吸收热量，温度升高，故C正确。
故选：B。
【点评】读物质熔化的图象时，关键是要从曲线变化中判断物质是否有一定的熔点，从而确定是否属于晶体，再明确不同时间段时物质所处的状态。
8．如图的四种情景，属于光的折射现象的是（ ）
A．树荫下形成圆形光斑 B．水面“折”枝
C．世博会夜晚的灯光 D．斑马倒影
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。
【解答】解：A、树荫下形成圆形光斑，是小孔成像，是光的直线传播形成的，不符合题意。
B、水面“折”枝是光由水射向空气时发生折射形成的，是光的折射现象，符合题意。
C、灯光在夜空中看来，沿直线传播，不符合题意；
D、斑马倒影，是平面镜成像，是光的反射形成的，不符合题意。
故选：B。
【点评】此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。
9．观察身边的物理现象﹣﹣下列估测最接近实际的是（ ）
A．人步行的速度约为5m/s
B．演奏中华人民共和国国歌所需的时间约为47s
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C．课桌的高度约为1.5m
D．一张试卷厚度的大约1mm
【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：
A、正常人步行的速度在4km/h＝4×m/s≈1.1m/s左右。此选项不符合实际；
B、国歌的长度较小，演奏一遍中华人民共和国国歌所需的时间约为47s．此选项符合实际；
C、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm左右。此选项不符合实际；
D、一般纸张的厚度在75μm左右，试卷纸的厚度略大一些，在100μm＝0.1mm左右。此选项不符合实际。
故选：B。
【点评】本题考查学生对生活中常见物体的数据的了解情况，本题告诉我们一定要对实际生活中常见的物体做到熟知，以免闹了笑话自己还不知道。
10．如图所示，关于物体M所处的状态和所受的浮力，下列说法中正确的是（ ）
A．物体处于沉底状态，浮力大于重力
B．物体处于悬浮状态，浮力大小等于重力
C．物体处于漂浮状态，浮力大小等于重力
D．条件不足，无法判定
【分析】浸在液体中物体的浮沉取决于物体受到的浮力和重力的大小，当浮力小于重力，物体就会上浮，最后处于漂浮；当浮力等于重力，物体就会悬浮；当浮力小于重力，物体就会下沉。
【解答】解：由图可知，物体在底部静止，但不知道物体M是否对容器底产生了压力；
若物体对容器底没有压力，则物体M就处于悬浮状态，因为物体悬浮时可以停留在液面下任何位置（包括底部），此时浮力等于重力；
若物体对容器底有压力，则物体M就处于沉底状态，此时浮力小于重力；
综上所述，所给条件不足，物体受到的浮力与重力的大小关系无法判断，故ABC错误，D正确。
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故选：D。
【点评】本题考查了学生对物体浮沉条件的理解，知道物体下沉是由于浮力小于重力引起的，但应注意停留在底部的物体可能是处于悬浮状态，即悬浮时的物体停留在液面下任何位置（包括底部）。
11．许多城市都在推广利用太阳能，城市交通指示灯及路灯照明系统已大量使用太阳能，下列关于太阳能的说法不正确的是（ ）
A．太阳是一个巨大的“核能火炉”
B．太阳能为二次能源
C．太阳能属于可再生能源
D．太阳能清洁，无污染
【分析】（1）太阳的能量来自于内部的核聚变；
（2）一次能源是指的直接从自然界获取的能源；
（3）能够短时间从自然界得到补充的能源是可再生能源；
（4）太阳能主要特点是取之不尽用之不竭，并且清洁无污染。
【解答】解：
A．地球接受的辐射能来自太阳中的核聚变反应，因此太阳是一个巨大的“核能火炉”。故选项A正确；
B．太阳能可以从自然界直接获取为一次能源。故选项B不正确；
C、D．太阳能属于可再生能源，并且清洁无污染。故选项C、D正确。
故选：B。
【点评】本题考查了太阳能的产生、太阳能的分类、太阳能的优点等知识。
12．下列有关学习、生活中的物理知识，其中正确的说法是（ ）
A．学校足球课上，踢出去的足球，继续向前运动，是因为受到惯性力的作用
B．包饺子时捏出漂亮的花边，是力改变了物体的形状
C．阳泉北站站台上设置有安全线，主要目的是为了给旅客排队上车用的
D．书本静止在课桌上，是因为书本受到的重力与书本对桌面的压力平衡
【分析】（1）惯性是物体本身的一种性质，不是力；
（2）力的作用效果：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态；
（3）流体压强和流速的关系，流速越大，压强越小，据此分析设置有安全线的作用；
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（4）二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，四个条件缺一不可。
【解答】解：
A、惯性是物体本身的一种性质，不是力，故学校足球课上，踢出去的足球，继续向前运动，是因为惯性的作用，而不是惯性力，故A错误；
B、包饺子时捏出漂亮的花边，是力改变了物体的形状，故B正确；
C、人离列车太近时，高速列车行驶过程中，使人和列车之间的空气流动速度很大，压强很小，人外侧的压强不变，人在内外压强差的作用下，被压向列车出现事故车，故C错误；
D、书本静止在课桌上，受到的重力和它对桌面的压力大小相等、方向相同、作用在两个物体上，不符合二力平衡条件，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了多个知识点，大都是基础内容，只要对每个选项细心分析，解答并不难。
13．为了探究电磁铁的磁性强弱与哪些因素有关，某同学使用两个相同的大铁钉绕制成电磁铁进行实验，如图所示。则下列说法中正确的是（ ）
A．滑片P向右滑动，电磁铁的磁性减弱
B．电磁铁能吸引的大头针越多，表明它的磁性越强
C．电磁铁A、B的上端均为S极
D．该实验可以探究电磁铁磁性的强弱与匝数多少的关系
【分析】（1）影响电磁铁磁性强弱的因素：电流的大小和线圈的匝数，知道电流越大、线圈匝数越多，电磁铁的磁性越强；滑动变阻器阻值的判断，并运用欧姆定律的内容判断；
（2）电磁铁的磁性强弱是通过吸引大头针的多少来体现的，运用了转换法；
（3）安培定则，用右手握住通电螺线管，使四指弯曲与电流方向一致，那么大拇指所指的那一端是通电螺线管的N极。
（4）掌握串联电路中电流的特点，并注意控制变量法在实验过程中的应用。
【解答】解：A、变阻器的滑片向右滑动，电阻的阻值增大，电路中的电流减小，所以电磁铁的磁性减弱，故A正确；
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B、在实验中电磁铁的磁性强弱无法直接看出，通过吸引大头针的多少来进行判断。吸引的大头针越多，说明电磁铁的磁性越强，否则越弱。故B正确；
C、根据安培定则，A的下端为N极，上端为S极，B的上端为N极，下端为S极，故C错误；
D、两电磁铁的线圈串联是为了使通过两线圈的电流相等，研究电磁铁磁性强弱与线圈匝数之间的关系，故D正确。
故选：ABD。
【点评】此题是探究影响电磁铁磁性强弱的因素，主要考查了电磁铁磁极的判断，一定掌握右手螺旋定则的内容。同时考查了影响电磁铁磁性强弱的因素，注意转换法和控制变量法在此实验中的应用。
14．如图所示，A是悬挂在弹簧测力计下的条形磁铁，B是螺线管。闭合开关，待弹簧测力计示数稳定后，将滑动变阻器的滑片缓慢向左移动的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．电压表示数变小，电流表示数也变小
B．电压表示数变大，电流表示数也变大
C．螺线管上端是N极，弹簧测力计示数变大
D．螺线管上端是S极，弹簧测力计示数变小
【分析】由电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表测R0两端的电压，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和电压表示数的变化；由右手螺旋定则可得出螺线管上端磁极，则由磁极间的相互作用可知弹簧长度的变化。
【解答】解：
由电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表测R0两端的电压，
将滑动变阻器的滑片缓慢向左移动的过程中，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，
由I＝可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故B错误；
由U＝IR可知，R0两端的电压变小，即电压表的示数变小，故A正确；
电流由下方流入，由右手螺旋定则可知，螺线管上端为N极，螺线管下端为S极，故D错误；
因同名磁极相互排斥，且通过螺线管的电流变小，磁性减弱，
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所以，电磁铁和条形磁铁相互排斥的斥力减小，弹簧要伸长，即弹簧测力计示数变大，故C正确。
故选：AC。
【点评】本题巧妙地将力学问题及电磁场的知识相互联系，综合性考查了欧姆定律、影响通电螺线管磁性强弱的因素及弹簧的弹力，对学生的审题能力及分析能力要求较高，是道好题。
三．作图题（共2小题）
15．在图中，根据小磁针的N极，画出磁感线的方向，标出通电螺线管的N、S极及电源的正、负极。
【分析】根据小磁针静止时的指向，可确定螺线管的极性，再根据安培定则可判断电流的方向，再根据电流的方向可判断电源的正负极。
【解答】解：
如图，小磁针的右端为N极，根据磁极间的相互作用规律可知，螺线管的左端为S极，右端为N极；
因为在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极发出，最后回到S极，故磁感线方向向左。
根据安培定则：伸出右手，使右手大拇指指向通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流是从螺线管的左端流入的，所以电源的左端为正极，右端为负极。如图所示。
【点评】安培定则涉及三个方向：磁场方向；电流方向；线圈绕向。告诉其中的两个方向可以确定第三个方向。
16．如图所示，小木球被两细线系住，浸没在水中，画出小木球所受的浮力的示意图。
【分析】
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浮力是浸在液体中的物体所受到的，液体给予的向上托起的力，其方向始终是竖直向上的，与物体受其他力的方向无关，据此来判断浮力的方向，并完成作图。
【解答】解：因为浮力的方向始终是竖直向上的，与绳子拉力的方向无关。作用点在小球的重心，如图所示。
【点评】正确解答本题的关键是对浮力方向的判断，虽然本题中小木球被两细线系住，但其所受浮力的方向始终是竖直向上的，这一点我们必须明确。
四．解答题（共3小题）
17．如图所示，在“探究平面镜成像的特点”的实验中，为便于确定跳棋子甲通过反射面A所成像的位置，A应选用 透明玻璃板 （选填“平面镜”或“透明玻璃板”），跳棋子甲经A所成的像是 虚 （选填“实”或“虚”）像。
【分析】探究平面镜成像实验中，要用透明的玻璃板代替平面镜，虽然成像不太清晰，但是在物体一侧能看到物体的像，同时还能看到代替物体的另一个物体，便于确定像的位置，便于比较物像大小关系；
平面镜成正立、等大的虚像。
【解答】解：玻璃板既能透光又能反光，所以既能看到玻璃板前面蜡烛在后面成的像，又能看到玻璃板后面的蜡烛，这样通过再找一个蜡烛与玻璃后面的像重合的办法，就可以准确地确定像的位置，因此，A应选用透明玻璃板；
根据平面镜成像特点可知，跳棋子甲经A所成的像是虚像。
故答案是：透明玻璃板；虚。
【点评】探究平面镜成像特点的实验过程，在近年中考题中较为热点。重在探索过程中遇到的困难、解决的办法的考查，这些题往往有规律可循，在学习过程中注意积累。
18．如图所示，小明同学在“测未知电阻Rx”的实验中。
24
（1）闭合开关前，图乙中滑动变阻器的滑片P应位于 B （填“A”或“B”）端。
（2）闭合开关后，发现电流表指针几乎不动，电压表示数约为电源电压，故障的原因是 Rx断路 （填“Rx短路”或“Rx断路”）。
实验序号
1
2
3
电阻R/Ω
电压U/V
1.0
1.5
2.0
电流I/A
0.15
0.20
（3）排除故障后，小明通过实验得到数据如下表所示，其中第1次实验的电流表示数如图丙所示，为 0.10 A，则所测电阻Rx的值是 10 Ω。
（4）若在实验中，电压表不能使用，滑动变阻器最大阻值为R0，当滑片置于最左端时，电流表示数为I1，滑片P置于最右端时，电流表示数为I2，则未知电阻的表达式：Rx＝ R0 。
【分析】（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应位于最大值一端；
（2）分析分析Rx短路和Rx断路电表的示数情况分析解答；
（3）根据流压表的量程和分度值读出示数，根据欧姆定律结合表中数据可得电阻的阻值；
（4）分析电路图，P移至最左端，滑动变阻器连入电阻为0，电路中只有Rx；
P移至最右端，滑动变阻器全连入，R0和Rx串联，根据串联电路特点和欧姆定律表示出电源电压；联立方程解答。
【解答】解：
（1）为了保护电路，闭合开关前，图乙中滑动变阻器的滑片P应位于最大阻值处即B端。
（2）若Rx短路，则电压表也被短路，电压表无示数，而电流表有示数，不符合题意；
若Rx断路，电压表的正负接线柱与电源正负极之间是连通的，电压表测电源电压，即电压表有示数；因电压表的电阻很大，使得电路中的电流很小，则电流表的指针几乎不偏转，故Rx断路符合题意；
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（3）由表格数据可知，第1次实验时，电压表示数为1.0V，
由图丙可知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.10A；
由I＝可得，电阻的阻值：
R＝＝＝10Ω；
（5）P移至最左端，滑动变阻器连入电阻为0，电路中只有Rx，
根据欧姆定律可得电源电压：U＝I1Rx；﹣﹣﹣﹣﹣①
P移至最右端，滑动变阻器全部连入，R0和Rx串联，
根据串联电路特点和欧姆定律可得电源电压：U＝I2（R0+Rx）﹣﹣﹣﹣②
电源电压不变，由①②得：I1Rx＝I2（R0+Rx），
解得：Rx＝R0。
故答案为：（1）B；（2）Rx断路；（3）0.10；10；（4）R0。
【点评】本题是伏安法测电阻的实验，考查了实验操作、电路故障分析、电流表读数、电阻的计算以及特殊方法测电阻，根据电源电压不变列式求解是本题的难点。
19．物理兴趣小组在做“测量小灯泡的电阻”实验时，准备了以下器材：小灯泡（额定电压为2.5V）、电流表（0～0.6 A 0﹣3A）、电压表（0～3V 0～15V）、开关、两节干电池、滑动变阻器、导线若干。如图1所示为该小组连接的实物图。
（1）请指出实物图连接的两处错误。① 电流表正负接线柱接反 ；② 将滑动变阻器上面两个接线柱连入了电路中 。
（2）正确连接电路后，闭合开关，当滑动变阻器的滑片置于某位置时，电流表和电压表的示数如图2所示，电流表示数为 0.24 A，则小灯泡电阻为 9.6 Ω．（计算结果保留一位小数）
（3）改变滑动变阻器滑片的位置，记录下不同时刻的电压值和电流值，并计算出小灯泡在不同电压下的电阻值，数据处理表格如下所示，其中有一处是不恰当的，这一处是 计算了小灯泡电阻的平均值 ，错误的原因是什么？ 小灯泡电阻受温度影响会发生变化 。
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实验次数
电压/V
电流/A
电阻/Ω
平均电阻
1
1.0
0.17
5.9
7.7
2
1.4
0.18
7.8
3
1.8
0.22
8.2
4
2.0
0.23
8.7
（4）该小组又利用这个电路测量小灯泡的额定功率，应调节滑动变阻器滑片使电压表示数为 2.5 V，若此时电流表示数为0.25A，则小灯泡的额定功率为 0.625 W。
【分析】（1）电流应从电流表正接线柱流入，从接线柱流出；
变阻器接线柱按一上一下接入电路中；
（2）根据电表选用的量程确定分度值读数，由欧姆定律求电阻大小；
（3）灯的电阻随温度的变化而变化不是一个定值，将不同电压下电阻的平均值作没有意义；
（4）灯在额定电压下的功率为额定功率，根据P＝UI求小灯泡的额定功率。
【解答】解：（1）图1中，若闭合开关，电流将从电流表负接线柱流入了，即电流表正负接线柱接反了；
将滑动变阻器上面两个接线柱连入了电路中；
（2）正确连接电路后，闭合开关，当滑动变阻器的滑片置于某位置时，电流表和电压表的示数如图2所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.24A；电压表选用小量程，分度值为0.1V，示数为2.3V，由欧姆定律，则小灯泡电阻为：
R＝＝≈9.6Ω；
（3）因小灯泡电阻受温度影响会发生变化，不是一个定值。灯的电流随电压的增大而增大，根据P＝UI灯的功率增大，灯的温度升高，故灯的电阻增大，故将不同电压下电阻的平均值作为测量结果是错误的；
（4）灯在额定电压下的功率为额定功率，应调节滑动变阻器滑片使电压表示数为2.5V，若此时电流表示数为0.25A，则小灯泡的额定功率为：
PL＝ULIL＝2.5V×0.25A＝0.625W。
故答案为：（1）①电流表正负接线柱接反了；②将滑动变阻器上面两个接线柱连入了电路中；
（2）0.24；9.6；
（3）计算了小灯泡电阻的平均值；小灯泡电阻受温度影响会发生变化；
（4）2.5；0.625。
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【点评】本题测量小灯泡的电阻，考查电路的连接、电阻计算和数据处理及影响电阻大小的因素，同时也考查了测灯的额定功率的实验。
五．解答题（共2小题）
20．太阳能热水器是把太阳能转化为内能的设备之一。某品牌太阳能热水器每小时平均接收4.2×106J的太阳能，在5小时的有效照射时间内，将热水器中100L，初温为20℃的水升高到40℃，求：
（1）热水器中的水吸收的热量Q；[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
（2）热水器的效率η；
（3）若改用煤气来加热这些水，需要完全燃烧多少千克煤气？（q煤气＝4.2×107J/kg，假设煤气燃烧的热量全部被水吸收）
【分析】（1）根据Q＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量；
（2）太阳能热水器每小时平均接受4.2×106J的太阳能，求出在5小时的有效照射时间内热水器接收到的太阳能；根据η＝求出热水器的效率；
（3）已知煤气燃烧放出的热量全部被水吸收，则煤气放出的热量Q放＝Q，根据Q＝mq求出完全燃烧煤气的质量。
【解答】解：（1）由ρ＝可得：
m水＝ρ水V水＝1.0×103kg/m3×0.1m3＝100kg，
热水器中的水吸收的热量：
Q＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×100kg×（40℃﹣20℃）＝8.4×106J；
（2）5h＝300min
热水器5小时内接收到的太阳能：
E＝4.2×106J/h×5h＝2.1×107J；
热水器的效率：
η＝×100%＝×100%＝40%；
（3）煤气燃烧放出的热量全部被水吸收，即Q放＝Q＝8.4×106J，
由Q放＝mq得需要燃烧煤气的质量：
m′＝＝＝0.2kg。
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答：（1）热水器中的水吸收的热量Q为8.4×106J；
（2）热水器的效率为40%；
（3）若改用煤气来加热这些水，需要完全燃烧0.2kg煤气。
【点评】此题主要考查的是学生对热量计算公式、热值计算公式、效率计算公式的理解和掌握，基础性题目。
21．太阳能是一种理想的绿色能源。小华家最近安装了一台太阳能热水器，如图9其室内进出水管的安装示意图，Ⅰ为进水阀，Ⅱ出水阀，Ⅲ为调温阀。在水箱接口处有一根进出水管，一根溢流管，一根排气管。给水箱上冷水或沐浴时用热水，均通过这根进出水管来完成。请完成下列问题：
（1）给水箱上水时I、Ⅱ应处于何种状态？此时水塔、自来水管与热水器的水箱、排气管、溢流管它们共同构成的物理模型是什么？
（2）若水箱安装在七楼楼顶上，且距楼顶地面高1米，小华家住二楼，进水阀距二楼地面高1米，每层楼高3米，则在进水阀处水压至少为多大才能顺利上水。
（3）设水箱容积为100升，在一般的光照条件下，一满箱15℃的水到傍晚时，水温可达到65℃，相当于多少米3的煤气完全燃烧放出的热量（C水＝4.2×103J/（kg•℃），煤气的热值约4×107J/m3）。
（4）水箱中的水温在冬天有时不够高，一般都预装了电加热器。若该电加热器的规格为“220V2.4KW”，家里当时的实际电压只有200V，要把满箱水温度提高10℃，需加热多少分钟？（g＝10N/kg）
【分析】（1）分析图，要上水，要闭合阀门Ⅱ、Ⅲ，打开阀门Ⅰ；洗澡时，热水从上面下来和冷水混合使用，要闭合阀门Ⅰ，打开阀门Ⅱ、Ⅲ；同时水塔、自来水管与热水器的水箱、排气管、溢流管这几个底部相连通的容器构成连通器；
（2）确定二楼进水阀处的深度，根据液体压强公式求此处水管内的水产生的压强，再加上大气压就是要求的在进水阀处的最小水压；
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（3）利用密度公式计算水的质量，利用吸热公式计算水吸收热量，再由热值公式计算需要的煤气的体积；
（4）由P＝计算加热器电阻，再计算实际功率，由吸热公式计算水吸热，由P＝计算加热时间。
【解答】解：
（1）由图可知，阀门Ⅰ打开，阀门Ⅱ、Ⅲ关闭，给水箱上水；阀门Ⅰ关闭，阀门Ⅱ、Ⅲ打开，上面来的热水和下面来的冷水混合，供热洗澡用；此时水塔、自来水管与热水器的水箱、排气管、溢流管它们共同构成的物理模型是连通器；
（2）排水阀到太阳能热水器水面的高度：
h＝3m×（7﹣1）﹣1m+1m＝18m，
太阳能热水器的水在排水阀处产生的压强：
p＝ρgh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×18m＝1.8×105Pa，
进水口处最小水压：
p小＝p＝1.8×105Pa；
（3）水的体积V＝100L＝0.1m3，
水的质量m＝ρV＝1.0×103kg/m3×0.1m3＝100kg，
水箱内的水吸收的热量：
Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×100kg×（65℃﹣15℃）＝2.1×107J，
如果靠煤气燃烧放出这些热量，需完全燃烧煤气的体积为：
V＝＝＝0.525m3，
（4）由P＝可得，电加热器的电阻：
R＝＝＝Ω，
当电热器200V实际功率为：
P＝＝≈1983.5W；
把满箱水温度提高10℃需吸收的热量为：
Q吸＝cm△t＝4.2×103J/（kg•℃）×100kg×10℃＝4.2×106J，
这些热量由电加热器来加热提供，所以W＝Q放＝Q吸＝4.2×106J，
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需加热的时间t＝＝≈2117.4s≈35.3min。
答：（1）I应打开，II应关闭；此时水塔、自来水管与热水器的水箱、排气管、溢流管它们共同构成的物理模型是连通器；
（2）进水阀处水压至少为1.8×105Pa时才能顺利上水；
（3）相当于0.525m3的煤气完全燃烧放出的热量；
（4）要把满箱水温度提高10℃，需加热的时间约为35.3min。
【点评】本题考查了连通器的理解、热量和热值计算、功率公式的应用等，考查知识点多，综合性强。太阳能具有取之不尽，用之不竭，清洁无污染等诸多优点，深受人们的青睐。在能源问题日益突出的今天，如何有效地利用太阳能自然成了中考关注的热点。
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