物理参考答案及评分标准.pdf

理科综合（物理）解析及评分标准 第1页（共 5 页） 安徽六校教育研究会 2020 届高三第二次素质测试 理科综合（物理）解析及评分标准 二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项 符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分， 有选错的得0分。 题号 14 15 16 17 18 19 20 21 答案 D C B D B AD AB BD 14. 选 D 解析： 设用光子能量为 5.0 eV 的光照射时，光电子的最大初动能为 Ekm，当反向电压 达到 U＝1.60V 以后，电流表读数为零说明具有最大初动能的光电子也达不到阳极，因此 Ekm＝eU＝1.60 eV，根据光电效应方程有 Ekm＝hν－W0，阴极材料的逸出功为 W0＝hν－Ekm ＝3.40 eV. 15. 选 C 解析： 设绳子对两球的拉力大小为 FT，对 m2：根据平衡条件得：FT＝m2gsin θ；对 m1：根 据平衡条件得：FT＝m1gcos θ；联立解得：m1＝m2tan θ，故选 C 16. 选 B 解析：平抛运动在水平方向上为匀速直线运动，即 x＝v0t，在竖直方向上做自由落体运 动，即 h＝1 2gt2，所以 x＝v0 2h g ，两种情况下，抛出的速率相同，高度相同，所以g 行 g 地 ＝x 地 2 x 行 2 ＝9:4，根据公式 GMm R2 ＝mg 可得 R2＝GM g ，故R 行 R 地 ＝ M 行 M 地 ·g 地 g 行 ＝4，解得 R 行＝4R，故 B 正确． 17. 选 D 解析：利用点电荷场强的合成 A、O、C 三点的合场强均水平向右，AB 错误；沿着 BD 移动正电荷电场力不做功，C 错误；沿着电场线方向电势降低，D 正确. 18. 选 B 解析：根据题图电路可知 A 板电势高于 B 板电势，A、B 间电场强度方向水平向右。小 球受力平衡，故受电场力也水平向右，即小球带正电，所以 A 项错误；当滑动头从 a 向 b 滑动时，电阻值减小，路端电压减小，故 R1 两端的电压减小，极板间电场强度随之减小， 小球所受电场力减小，故细线的偏角变小，所以 B 项正确；当极板间电压减小时，极板所 带电荷量将减小而放电，又由于 A 板原来带正电，故放电电流从上向下流过电流表，所以 C 项错误；由于电源的内电阻与外电阻的关系不确定，所以无法判断电源的输出功率的变化规 律，所以 D 项错误。 19. 选 AD理科综合（物理）解析及评分标准 第2页（共 5 页） 解析：由题图甲左侧电路可以判断 ab 中电流方向为由 a 到 b；由右侧电路及题图乙可 以判断，0～2 s 内 cd 中电流方向为由 c 到 d，跟 ab 中的电流同向，因此 ab、cd 相互吸引， 选项 A、B 错误；2 s～4 s 内 cd 中电流方向为由 d 到 c，跟 ab 中电流反向，因此 ab、cd 相 互排斥，选项 AD 正确。 20. 选 AB 解析：第一次击打后球最多到达与球心 O 等高位置，根据功能关系，有：W1≤mgR① 两次击打后可以到轨道最高点，根据功能关系，有：W1＋W2－2mgR＝1 2mv2② 在最高点，有：mg＋FN＝mv2 R ≥mg③ 联立①②③解得：W1≤mgR；W2≥3 2mgR 故W1 W2 ≤2 3 ，故 A、B 正确，C、D 错误。 21. 选 BD 解析：在从 0.2 m 上升到 0.35 m 范围内，ΔEk＝ΔEp＝mgΔh，图线的斜率绝对值为：k ＝ΔEk Δh ＝ 0.3 0.35－0.2 N＝2 N＝mg，则 m＝0.2 kg，故 A 错误；由题意滑块与弹簧在弹簧原长 时分离，弹簧的原长为 0.2 m，h＝0.18 m 时速度最大，此时 mg＝kx1，x1＝0.02 m，得 k＝100 N/m，故 B 正确；在 h＝0.1 m 处时滑块加速度最大 kx2－mg＝ma，其中 x2＝0.1 m，得最大 加速度 a＝40 m/s2，故 C 错误；根据能量守恒可知，当滑块上升至最大高度时，增加的重力 势能即为弹簧最大弹性势能，所以 Epm＝mgΔhm＝0.2×10×(0.35－0.1) J＝0.5 J，故 D 正确。 三、非选择题： 22．（共 6 分，每空 2 分） (1)1.02 (4)  2 1 t ; 2 2 d k 或填   2 2 d t 1 2k 解析： (1)小圆柱的直径 d＝1.0 cm＋2×0.1 mm＝1.02 cm. (3)根据机械能守恒定律得：mgl＝1 2mv2，所以 gl＝1 2v2＝1 2( d Δt)2， 得到 l＝ 2 2 d g  2 1 t ，其中 k= 2 2 d g ，故 g = 2 2 d k 23．（共 9 分，前 3 空每空 2 分，后 3 空每空 1 分） (1)24990 (2) 6.9 mA （3）②150Ω ③Rx＝67.4 ④黑 4350理科综合（物理）解析及评分标准 第3页（共 5 页） 解析：(3)②由题图丙所示电阻箱可知，电阻箱示数为 0×1 000Ω＋1×100Ω＋5×10Ω ＋0×1Ω＝150Ω；则电表内阻为 150Ω，C 处刻度应为 150Ω ③电流表示数为 6.9 mA，由闭合电路欧姆定律，可知待测电阻约为 Rx＝67.4Ω ④黑 4350Ω 24．（12 分） 解析：（1） 如图所示， OMOO  ,则 LOMR 2 2 2 2  ………………………………………………………2 分 由 R vmBqv 2 0 0  ……………………………………………………………………………2 分 得， 0 02mv mvB qR qL   ………………………………………………………………2 分 （2）带电粒子以速度 v0 垂直进入匀强电场因为与 y 轴相切与 N 点，所以末速度沿 y 轴 负方向，利用类平抛运动速度的反向延长线过匀速运动方向分位移的中点得 Q 为 PM 中点，  45PQN 则 LMAPNPQ 2 ， LQN 2 ……………1 分 tvLMP  022 ① ……………………………1 分 2 2 12 atLMA  ②………………………………1 分 m qEa  ③…………………………………………1 分 联立①②③可得 qL mvE 4 2 2 0 ………………………………………2 分 25．（20 分）解析： (1)若长木板 C 和小物块 A 一起向右加速运动，设它们之间是静摩擦力 为 f，由牛顿第二定律得： F = (M＋mA)a ……………………………………………………………………………2 分 解得 a＝1 m/s2……………………………………………………………………………1 分 则 f =mAa =1N