全国名校2020年高三5月大联考考后强化卷 物理试题（新课标Ⅰ卷）（全解全析）

物理试题 第 1 页（共 16 页） 物理试题 第 2 页（共 16 页） ………………○………………内………………○………………装………………○………………订………………○………………线………………○………………………………○………………外………………○………………装………………○………………订………………○………………线………………○……………… … 学校：______________姓名：_____________班级：_______________考号：______________________ 绝密★启用前 全国名校 2020 年高三 5 月大联考考后强化卷（新课标Ⅰ卷） 物 理 本卷满分 110 分，考试时间 55 分钟。 注意事项： 1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡 皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分，共 48 分。在每小题给出的四个选项中，第 14~18 题只有一项符 合题目要求，第 19~21 题有多项符合题目要求。全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。 14．氢原子能级如图所示，当氢原子从 跃迁到 的能级时，辐射光的波长为 656 nm，以下判断正 确的是 A．氢原子从 跃迁到 的能级时，辐射光的波长大于 656 nm B．用波长为 325 nm 的光照射，可使氢原子从 跃迁到 的能级 C．一群处于 能级上的氢原子向低能级跃迁时最多产生 3 种谱线 D．用波长为 633 nm 的光照射，能使氢原子从 跃迁到 的能级 15．如图所示，质量为 m 的物体（可视为质点）静止在半径为 R 的半球体上，物体与半球体间的动摩擦因数 为 μ，物体与球心的连线与水平地面的夹角为 θ，则下列说法正确的是 A．物体所受摩擦力大小为 mgcosθ B．物体所受摩擦力大小为 μmgsinθ C．物体对半球体的压力大小为 mgcosθ D．地面对半球体的摩擦力方向水平向左 16．2020 年 3 月 9 日，我国成功发射北斗系统第 54 颗导航卫星。这是“北斗三号”中的第 2 颗地球静止轨道 卫星。该卫星在短报文通信、精密单点定位等特色服务上发挥着关键作用。下列对该卫星的分析正确的 是 A．该卫星在轨道上运行时一定经过西安的正上空 B．若只已知地球表面的重力加速度和地球自转周期，则可以求出该卫星距地面的高度 C．若只已知地球的自转周期，则可以求出该卫星的角速度大小 D．若只已知地球第一宇宙速度和地球表面的重力加速度，则可以求出该卫星的线速度大小 17．如图所示，细杆的一端与小球相连，可绕过 O 点的水平轴自由转动，细杆长 0.3 m，小球质量为 3 kg， 现给小球一初速度使它做圆周运动，若小球通过轨道最低点 a 的速度为 va＝4 m/s，通过轨道最高点 b 的速度为 vb＝2 m/s，取 g＝10 m/s2，则小球通过最低点和最高点时对细杆作用力的情况是 A．在 a 处为拉力，方向竖直向下，大小为 160 N B．在 a 处为压力，方向竖直向上，大小为 160 N C．在 b 处为拉力，方向竖直向上，大小为 10 N D．在 b 处为压力，方向竖直向下，大小为 10 N 18．如图所示，MN 是匀强磁场中的一块薄金属板，带电粒子（不计重力）在匀强磁场中运动并穿过金属板 （粒子速率变小，电荷量不变），实线表示其运动轨迹，由图知 A．粒子带正电 B．粒子运动方向是 edcba 3n = 2n = 2n = 1n = 1n = 2n = 3n = 2n = 3n =物理试题 第 3 页（共 16 页） 物理试题 第 4 页（共 16 页） ………………○………………内………………○………………装………………○………………订………………○………………线………………○……………… 此 卷 只 装 订 不 密 封 ………………○………………外………………○………………装………………○………………订………………○………………线………………○……………… C．粒子在 a 点速率大于在 e 点速率 D．粒子在上半周所用时间比下半周所用时间长 19．质量为 2 kg 的物块放在粗糙水平面上，在水平拉力的作用下由静止开始运动，物块动能 Ek 与其发生位 移 x 之间的关系如图所示。已知物块与水平面间的动摩擦因数 μ＝0.2，g 取 10 m/s2，则 A．x＝2 m 时物块的速度大小为 2 m/s B．x＝3 m 时物块的加速度大小为 2.5 m/s2 C．在前 2 m 位移的运动过程中物块所经历的时间为 2 s D．在前 4 m 位移的运动过程中拉力对物块做的功为 25 J 20．在光滑的绝缘水平面上，有一个正三角形 ABC，顶点 A、B、C 处分别固定一个正点电荷，电荷量相等， 如图所示，D 点为正三角形的中心，E、G、H 点分别为 AB、AC、BC 的中点，F 点为 E 点关于顶点 C 的对称点，则下列说法中正确的是 A．D 点的电场强度为零 B．E、F 两点的电场强度等大反向、电势相等 C．E、G、H 三点的电场强度和电势均相同 D．若释放 C 处的电荷，电荷在电场力作用下将做加速运动（不计空气阻力） 21．一质量为 m、电阻为 r 的金属杆 ab，以一定的初速度 从一光滑平行金属导轨底端向上滑行，导轨平面 与水平面成 角，两导轨上端用一电阻 R 相连，如图所示，磁场方向垂直斜面向上，导轨的电阻不计， 金属杆向上滑行到某一高度之后又返回到底端时的速度大小为 ，则金属杆在滑行的过程中 A．向上滑行的时间等于向下滑行的时间 B．向上滑行时电阻 R 上产生的热量大于向下滑行时电阻 R 上产生的热量 C．向上滑行的过程中与向下滑行的过程中通过电阻 R 的电荷量相等 D．金属杆从开始上滑至返回出发点，电阻 R 上产生的热量为 二、非选择题：共 62 分，第 22~25 题为必考题，每个试题考生都必须作答。第 33~34 题为选考题，考生根 据要求作答。 （一）必考题：共 47 分。 22．（6 分）在“探究物体质量一定时加速度与力的关系”实验中，小明同学做了如图甲所示的实验改进，在调 节桌面水平后，添加了用力传感器来测细线中的拉力（滑轮上的摩擦不计）。 （1）关于该实验的操作，下列说法正确的是________。 A．必须用天平测出砂和砂桶的质量 B．一定要保证砂和砂桶的总质量远小于小车的质量 C．应当先释放小车，再接通电源 D．需要改变砂和砂桶的总质量，打出多条纸带 E．实验中小车应从靠近打点计时器位置静止释放 （2）实验得到如图乙所示的纸带，已知打点计时器使用的交流电源的频率为 50 Hz，相邻两计数点之间 0v 30° v 2 2 0( ) 2( ) mR v v R r − −物理试题 第 5 页（共 16 页） 物理试题 第 6 页（共 16 页） ………………○………………内………………○………………装………………○………………订………………○………………线………………○………………………………○………………外………………○………………装………………○………………订………………○………………线………………○……………… … 学校：______________姓名：_____________班级：_______________考号：______________________ 还有四个点未画出，由图中的数据可知，打下 B 点时，小车运动的速率是_____m/s。小车运动的 加速度大小是______m/s2。（计算结果保留三位有效数字） （3）由实验得到小车的加速度 a 与力传感器示数 F 的关系如图丙所示。则小车与轨道的滑动摩擦力 Ff=____N。 23．（9 分）如图甲为物理兴趣小组设计的多用电表的电路原理图。他们选用内阻 Rg＝10 Ω、满偏电流 Ig＝10 mA 的电流表、标识不清的电源，以及由定值电阻、导线、滑动变阻器等组装好的多用电表。当选择开 关接“3”时为量程 250 V 的电压表。该多用电表表盘如图乙所示，下排刻度均匀，上排刻度线对应数值还 没有及时标出。 （1）其中电阻 R2=_____Ω。 （2）选择开关接“1”时，两表笔接入待测电路，若指针指在图乙所示位置，其读数为________mA。 （3）兴趣小组在实验室找到了一个电阻箱，利用组装好的多用电表设计了如下从“校”到“测”的实验： ①将选择开关接“2”，红黑表笔短接，调节 R1 的阻值使电表指针满偏； ②将多用电表红黑表笔与电阻箱相连，调节电阻箱使多用电表指针指在电表刻度盘中央 C 处，此 时电阻箱如图丙所示，则 C 处刻度线的标注值应为____Ω。 ③用待测电阻 Rx 代替电阻箱接入两表笔之间，表盘指针依旧指在图乙所示位置，则计算可知待测 电阻约为 Rx＝____Ω。（保留三位有效数字） ④小组成员拿来一块电压表，将两表笔分别触碰电压表的两接线柱，其中______表笔（填“红”或 “黑”）接电压表的正接线柱，该电压表示数为 1.45 V，可以推知该电压表的内阻为________Ω。 24．（14 分）静止在水平地面上的两小物块 A、B，质量分别为 mA＝1.0 kg，mB＝4.0 kg；两者之间有一被 压缩的微型弹簧，A 与其右侧的竖直墙壁距离 l＝0.75 m，如图所示。某时刻，将压缩的微型弹簧释放， 使 A、B 瞬间分离，两物块获得的动能之和为 Ek＝10.0 J。释放后，A 沿着与墙壁垂直的方向向右运动。 A、B 与地面之间的动摩擦因数均为 μ＝0.20。重力加速度取 g＝10 m/s2，A、B 运动过程中所涉及的碰 撞均为弹性正碰且碰撞时间极短。 （1）物块 A、B 中的哪一个先停止？该物块刚停止时 A 与 B 之间的距离是多少？ （2）A 和 B 都停止后，A 与 B 之间的距离是多少？ 25．（18 分）在电子技术中，科研人员经常通过在适当的区域施加磁场或电场来控制带电粒子的运动。如图 所示，位于 M 板处的粒子源不断产生质量为 m、电荷量为 q 的粒子，粒子经小孔 S1 不断飘入电压为 U 的加速电场，其初速度可视为零；然后经过小孔 S2 射出后沿 x 轴方向从坐标原点 O 垂直于磁场方向进 入 x 轴上方（含 x 轴正半轴）的有界匀强磁场控制区，磁场的磁感应强度为 B。粒子发生 270°偏转后离 开磁场竖直向下打在水平放置的荧光屏上，已知 N 板到 y 轴、荧光屏到 x 轴的距离均为 L，不考虑粒子 重力及粒子间的相互作用。 （l）求粒子在磁场中运动半径的大小； （2）求粒子从 N 板射出到打在荧光屏上所需的时间； （3）实际上加速电压的大小会在 U± 范围内微小变化，粒子以不同的速度进入磁场控制区域，均能 发生 270°偏转竖直打在荧光屏上，求有界磁场区域的最小面积 S。 （二）选考题：共 15 分。请考生从 2 道物理题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分。 33．[物理—选修 3–3]（15 分） （1）（5 分）密闭在气缸中的理想气体，由状态 A 经一系列变化变为状态 D。其密度随压强变化的规律 及各种相关数据如图所示。则气体在 A 状态时分子平均动能__________（填“大于” 、“等于”或“小 于”）B 状态时分子平均动能；B 状态气体分子单位时间撞击单位面积的分子数__________（填“大 于” 、“等于”或“小于”）C 状态气体分子单位时间撞击单位面积的分子数；C→D 的过程，气体 __________（填“吸热”或“放热”）。 U∆物理试题 第 7 页（共 16 页） 物理试题 第 8 页（共 16 页） ………………○………………内………………○………………装………………○………………订………………○………………线………………○……………… 此 卷 只 装 订 不 密 封 ………………○………………外………………○………………装………………○………………订………………○………………线………………○……………… （2）如图所示，将横截面积 S=100 cm2、容积为 V=5 L，开口向上的导热良好的气缸，置于 t1=–13 ℃的 环境中。用厚度不计的轻质活塞将体积为 V1=4 L 的理想气体封闭在气缸中，气缸底部有一个单向 阀门 N。外界大气压强 p0=1.0×105 Pa，重力加速度 g=10 m/s2，不计一切摩擦。求： （i）将活塞用卡销 Q 锁定，用打气筒通过阀门 N 给气缸充气，每次可将体积 V0=100 mL，压强为 p0 的理想气体全部打入气缸中，则打气多少次，才能使其内部压强达到 1.2p0； （ii）当气缸内气体压强达到 1.2p0 时，停止打气，关闭阀门 N，将质量为 m=20 kg 的物体放在活 塞上，然后拔掉卡销 Q，则环境温度为多少摄氏度时，活塞恰好不脱离气缸。 34．[物理一选修 3–4]（15 分） （1）（5 分）如图所示，O 为一上下振动的波源，振幅为 2 cm，振动频率为 10 Hz，产生的简谐横波以 4 m/s 的速度同时向左、右方向传播。已知 A、B 两质点到 O 点的水平距离分别为 OA=1.9 m、OB=2 .2 m，下列说法正确的是__________。（填正确答案标号。选对 1 个得 2 分，选对 2 个得 4 分，选 对 3 个得 5 分。每选错 1 个扣 3 分，最低得分为 0 分） A．这列波的波长是 20 cm B．A、B 两质点不可能同时到达平衡位置 C．当 A 质点处于波峰时，B 质点恰好处于波谷 D．A、B 均开始振动后，0.2 s 内两质点的路程均为 16 cm E．当 O 质点刚过平衡位置时，A、B 两质点振动方向一定相同 （2）（10 分）某种透明材料制成的空心球体外径是内径的 2 倍，其过球心的某截面（纸面内）如图所示。 一束单色光（纸面内）从外球面上 A 点入射，入射角为 45°时，光束经折射后恰好与内球面相切 （切点为 B）。 （i）求该透明材料的折射率； （ii）欲使光束从 A 点入射后，恰好在内球面上发生全反射，则应将入射角变为多少度？ 全国名校 2020 年高三 5 月大联考考后强化卷（新课标Ⅰ卷） 物理·全解全析 14 15 16 17 18 19 20 21 C A C C B ACD AD BC 14．C 【解析】A．由 及氢原子能级关系可知，从 n=2 跃迁到 n=1 时释放的光子波长约为 122 nm，故选项 A 错误；B．波长 325 nm 的光子能量小于波长 122 nm 的光子能量，不能使氢原子从 n=1 跃迁到 n=2 的能级，故选项 B 错误；C．一群处于 n=3 能级的氢原子向低能级跃迁时最多有 3 种可能， 因此最多产生 3 种谱线，选项 C 正确；D．从 n=3 跃迁到 n=2 的辐射光波长 =656 nm，所以，只有入 射光波长为 656 nm 时，才能使氢原子从 n=2 跃迁到 n=3 的能级，选项 D 错误。故选 C。 15．A 【解析】ABC．对物体受力分析如图 2 1 ch E Eλ = − λ物理试题 第 9 页（共 16 页） 物理试题 第 10 页（共 16 页） ………………○………………内………………○………………装………………○………………订………………○………………线………………○………………………………○………………外………………○………………装………………○………………订………………○………………线………………○……………… … 学校：______________姓名：_____________班级：_______________考号：______________________ 由于物体静止在半球体上，处于平衡状态，沿半径方向根据平衡条件可得 ，可得 ，根据牛顿第三定律可知物体对半球体的压力大小为 ；沿切向方向根据平衡条件 可得 ，解得物体所受摩擦力大小为 ，故 A 正确，B、C 错误；D．对物体 与半球体整体受力分析，整体处于静止状态，水平方向不受力，故地面对半球体的摩擦力为零，故 D 错 误；故选 A。 16．C 【解析】A．静止轨道卫星是地球同步卫星，只能在赤道的上空运行，故 A 错误；BD．该卫星的运 动周期等于地球自转周期，由公式 ， ，可知，已知地球表面的重力加速度和地球自转周期，不可以求出该卫星距地面的 高度，已知地球第一宇宙速度和地球表面的重力加速度，不可以求出该卫星的线速度大小，故 B、D 错 误；C．由 可知，只要知道地球自转周期就可以求出该卫星的角速度大小，故 C 正确。故选 C。 17．C 【解析】AB．在最低点，细杆一定表现为拉力，有 ，则 ， 故 AB 错误；CD．在最高点，有 ，则 ，所以细杆表现为拉力， 方向向下，大小为 10 N，故球对杆的作用力为拉力，大小为 10 N，方向竖直向上，故 C 正确，D 错误。 故选 C。 18．B 【解析】ABC．带电粒子 不计重力 在匀强磁场中运动并穿过金属板后粒子速率变小，根据带电粒 子在磁场中运动的半径公式： ，粒子的半径将减小，故粒子应是由下方穿过金属板，故粒子运 动方向为 edcba，故 B 正确，C 错误。根据左手定则可得，粒子应带负电，故 A 错误；D．由 可知，粒子运动的周期和速度无关，而上下轨迹均为半圆，故所对的圆心角相同，故粒子的运动时间均 为 ，故 D 错误。故选 B。 19．ACD 【解析】物块在运动过程中，在水平方向上受到拉力 F 和摩擦力 f 作用，所以 ，即图线的斜率 k 表示物块受到的合力，物块在 0~2 m 过程中斜率即合力为 ，所以前 2 m 过程的加速度为： ，根据位移时间公式 可 得该段位移经历的时间 ，当物块在 x=2 m 处时，动能为 ，所以速度为 ， A、C 正确，物块在 2~4 m 位移过程中，斜率即合力为 ，所以该过程中的加速度为 ，所以 B 错误，整个过程中拉力做正功，摩擦力做负功，所以 ，带入可得 ，D 正确。 20．AD 【解析】A．D 点到 A、B、C 三点的距离相等，故三个电荷在 D 点的场强大小相同，且夹角互为 120°，故 D 点的场强为 0，故 A 正确；B．由于 A、B 在 E 点的场强大小相等方向相反，故 E 点的场强 仅由电荷 C 决定，故场强方向向左，而电荷 C 在 E、F 位置的场强大小相同方向相反，但电荷 A、B 在 F 点的场强矢量和不为 0，故 E、F 两点的电场强度大小不同，方向相反，故 B 错误；C．E、G、H 三 点分别为 AB、AC、BC 的中点，故 E 的场强仅由电荷 C 决定，同理 G 点的场强仅由电荷 B 决定，H 点 的场强仅由电荷 A 决定，故三点的场强大小相等，但方向不同，故 C 错误；D．若释放电荷 C，则 A、B 在 C 点的合场强水平向右，故 A、B 始终对 C 有斥力作用，故 C 电荷将一直做加速运动，故 D 正确。 故选 AD。 21．BC 【解析】A、金属杆沿斜面向上运动时安培力沿斜面向下，沿斜面向下运动时安培力沿斜面向上， 所以上滑过程的加速度大于下滑过程的加速度，因此上滑阶段的平均速度大于下滑阶段的平均速度，而 上滑阶段的位移与下滑阶段的位移大小相等，所以上滑过程的时间比下滑过程短，所以 A 错误；B、上 滑过程中，金属杆经过同一位置安培力较大，所以上滑过程中安培力的平均值较大，克服安培力做功较 多，回路产生的总热量较多，则向上滑行时电阻 R 上产生的热量较多，故 B 正确。C、电荷量 ，由于上行与下行过程中磁通量变化量大小相等，故上滑阶段和下滑阶段通过 R 的电荷量相同，故 C 正确；D、金属杆从开始上滑至返回出发点的过程中，只有安培力做功，损失的动 能转化为电阻 R 和金属杆电阻 r 上产生的热量和，电阻 R 上产生的热量 sin 0N mg θ− = sinN mg θ= sinmg θ cos 0f mg θ− = cosf mg θ= ( ) ( ) ( ) ( ) 2 2 2 2 2 4πGMm mvm R h m R hT R hR h ω= + = + = ++ 2 1 2 mvGMm mgR R = = 2π T ω = 2 a a vF mg m l − = 2 190 Na a mvF mg l = + = 2 b b vmg F m l + = 2 10 Nb b vF m mgl = − = （ ） mvr qB = 2πmT qB = 2 T 2 k 1 1 ( )2E mv F f x= = − 1 1 2k F f= − = 21 1 1m/sF fa m −= = 21 2x at= 1 2 st = 2 k1 14 J 2E mv= = 2 m/sv = 2 2 2.5k F f= − = 22 2 1.25 m/sF fa m −= = kFW mgx Eµ− = 25 JFW = Eq It t tR Rt R Φ Φ∆ ∆= = = =物理试题 第 11 页（共 16 页） 物理试题 第 12 页（共 16 页） ………………○………………内………………○………………装………………○………………订………………○………………线………………○……………… 此 卷 只 装 订 不 密 封 ………………○………………外………………○………………装………………○………………订………………○………………线………………○……………… ，故 D 错误。 22．（6 分） （1）DEF（2 分） （2）0.721（1 分） 2.40（1 分） （3）1.0（2 分） 【解析】（1）AB．对小车的拉力是通过力传感器得到的，故无需测量砂和砂桶的质量，也不需要满足砂 和砂桶的总质量远小于小车的质量，故 AB 错误；C．使用打点计时器，应先接通电源，再释放小车， 故 C 错误；D．探究物体质量一定时加速度与力的关系，要改变砂和砂桶的总质量，打出多条纸带，故 D 正确；E．在释放小车前，小车应尽量靠近打点计时器，以能在纸带上打出更多的点，有利于实验数 据的处理和误差的减小，故 E 正确。 （2）相邻两计数点之间还有四个点未画出，相邻两计数点间的时间间隔为 ，根据匀变速直线 运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，打下 点时，小车运动的速率是： ，根据 可得： 。 （3）根据牛顿第二定律可知： ，代入图中数据，解得： 。 23．（9 分） （1）24 990（2 分） （2）6.9（1 分） （3）150（1 分） 67.4（2 分） 黑（1 分） 4 350（2 分） 【解析】（1）根据闭合电路欧姆定律得 。 （2）由图甲所示电路图可知，选择开关接 1 时电表测量电流，其量程为 10 mA，由图示表盘可知，其 分度值为 0.2 mA，示数为 6.9 mA； （3）由图丙所示电阻箱可知，电阻箱示数为：0×1 000 Ω+1×100 Ω+5×10 Ω+0×1 Ω=150 Ω，此时指针 指在中央，此为中值电阻等于欧姆表内阻等于此时电阻箱阻值，即 RΩ=150 Ω；根据闭合电路欧姆定律 有，满偏电流时 ，当电流表示数为 ，联立解得 E=1.5 V，Rx=67.4 Ω。 根据电流方向“黑出红进”的规律知，黑表笔接电压表正接线柱，根据闭合电路欧姆定律得电压表的示数 。解得电压表内阻 。 24．（14 分） （1）物块 B 先停止，0 m （2）1.17 m 【解析】（1）设弹簧释放瞬间 A 和 B 的速度大小分别为 vA、vB，以向右为正，由动量守恒定律和题给条 件有 （1 分） 联立并代入题给数据得 vA=4.0 m/s，vB=1.0 m/s（1 分） A、B 两物块与地面间的动摩擦因数相等，因而两者滑动时加速度大小相等，设为 a，假设 A 和 B 发生 碰撞前，已经有一个物块停止，此物块应为弹簧释放后速度较小的 B，设从弹簧释放到 B 停止所需时间 为 t，B 向左运动的路程为 sB，则有 vB–at=0（1 分） 在时间 t 内，A 可能与墙发生弹性碰撞，碰撞后 A 将向左运动，碰撞并不改变 A 的速度大小，所以无论 此碰撞是否发生，A 在时间 t 内的路程 sA 都可表示为 （1 分） 联立各式并代入题给数据得 sA=1.75 m，sB=0.25 m（1 分） 这表明在时间 t 内 A 已与墙壁发生碰撞，此时 A 位于出发点左边 0.25 m 处，B 位于出发点左边 0.25 m 处，两物块之间的距离为 s=0 m（1 分） （2）t 时刻 A 刚好与静止的 B 碰撞，碰撞时 A 速度的大小为 ，由动能定理有 （1 分） 代入题给数据得 =3 m/s（1 分） 故 A 与 B 将发生碰撞。设碰撞后 A、B 的速度分别为 和 ，取向左为正方向，由动量守恒定律与机 械能守恒定律有 mAvA′=mA +mB （1 分） （1 分） 联立并代入题给数据得 =–1.8 m/s， =1.2 m/s（1 分） 这表明碰撞后 A 将向右运动，B 继续向左运动。设碰撞后 A 向右运动距离为 时停止，B 向左运动距 离为 时停止，由运动学公式 ， （1 分） ( ) ( ) 2 2 02 2 0 1 1( )2 2 2R mR v vRQ mv mvR r R r − = − =+ + 0.1sT = B 0.1801 0.0360 m/s 0.721m/s2 2 0.1B ACxv T −= = =× 2x aT∆ = 2 2 2 0.2881 0.0961 2 m/s 2.40 m/s4 4 0.01 BD OBx xa T − − ×= = =× 2 fF F ma− = 1.0 NfF = g g 2 g 250 0.01 10 24 9900.01 U I RR I − − ×= Ω = Ω＝ g EI RΩ ＝ 6.9 mA x EI R RΩ = = + V V EU RR RΩ +＝ V 1.45 150 4 3501.5 1.45 URR E U Ω × Ω Ω− −＝ ＝ ＝ 0 A A B Bm v m v= − 2 2 k 1 1 2 2A A B BE m v m v= + B Bm a m gµ= 21 2B B s v t at= − 21 2A As v t at= − Av′ 2 21 1 2 2A A A A A Am gs m v m vµ ′− = − Av′ Av ′′ Bv ′′ Av ′′ Bv ′′ 2 2 21 1 1= +2 2 2A A A A B Bm v m v m v′ ′′ ′′ Av ′′ Bv ′′ As′ Bs′ 22 A Aas v′ ′′= 22 B Bas v′ ′′=物理试题 第 13 页（共 16 页） 物理试题 第 14 页（共 16 页） ………………○………………内………………○………………装………………○………………订………………○………………线………………○………………………………○………………外………………○………………装………………○………………订………………○………………线………………○……………… … 学校：______________姓名：_____________班级：_______________考号：______________________ 则 =0.81 m， =0.36 m（1 分） 小于碰撞处到墙壁的距离。由上式可得两物块停止后的距离 （1 分） 25．（18 分） （1） （2） （3） 【解析】（1）粒子在加速电场中加速： （1 分） 粒子进入磁场，洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律： （1 分） 解得： （2 分） （2）粒子从 N 板射出到坐标原点的时间： （1 分） 粒子在磁场中运动的时间： （1 分） 离开磁场到达荧光屏的时间： （1 分） 粒子运动的总时间： （2 分） （3）粒子在电场中加速，根据： （1 分） 速率最小值： （1 分） 速率最大值： （1 分） 粒子进入磁场后做轨迹为 圆周的运动，根据： （1 分） 最大速率对应的半径： （1 分） 最小速率对应的半径： （1 分） 如图两圆弧之前的阴影部分即为所加磁场区域的最小面积。（1 分） 根据几何知识： （2 分） 33．（1）大于（2 分） 小于（2 分） 放热（1 分） 【解析】根据图象分析密度不变时即体积不发生变化，从 A 到 B 的过程中体积不变，压强减小，根据查 理定律 可知温度降低，故 A 状态时分子平均动能大于 B 状态时分子平均动能；根据图象分析可 知，由 B 到 C 的过程中密度和压强成一次函数，结合 p–V 的关系得出此过程温度不变，压强增加，体积 减小，故 B 状态气体分子单位时间撞击单位面积的分子数小于 C 状态气体分子单位时间撞击单位面积的 分子数；根据图象可知由 C 到 D 的过程压强不变，体积减小，根据盖–吕萨克定律 可知温度降低， 根据热力学第一定律 ，体积减小外界对气体做功，W 为正，温度降低内能减少 为负， 则 Q 为负，故气体放热。 （2）（10 分）（i）n=8 （ii）t2=52 ℃ 【解析】（i）由玻意耳定律得 （2 分） 其中 ， ，n 为打气次数，代入数值解得： （2 分） （ii）初态气体温度为 ，（1 分） 最终稳定时，体积为 ，内部气体压强为 （1 分） 即拔掉卡销后，缸内气体压强不变，由盖·吕萨克定律得： ，（1 分） 解得 （1 分） 则环境温度为 时，活塞恰好不脱离气缸。（2 分） 34．（1）（5 分）BDE 【解析】A．这列波的波长是 ，选项 A 错误；BC．因为 OA=1.9 m=4 λ、OB=2 As′ Bs′ As′ 1.17 mA Bs s s′ = ′+ ′ = 1 2mU B q 2 (2 3π) 2 m mL qU qB ++ ( ) 2 2 3πm UqB + ∆ 21 2qU mv= 2vqvB m R = 1 2mUR B q = 1 Lt v = 2 3 3 2π 3π=4 4 2 m mt T qB qB = = × 3 R Lt v += 1 2 3 2 (2 3π) 2 m mt t t t L qU qB += + + = + 21 2qU mv= min 2 ( )q U Uv m − ∆= max 2 ( )q U Uv m + ∆= 3 4 2mvBqv R = max 1 2 ( )m U UR B q + ∆= min 1 2 ( )m U UR B q − ∆= 2 2 2 2max min max min 2 3 3 (2 3π)π π4 2 4 2 R R mS R R UqB     += + − + = ∆       p CT ＝ V CT ＝ U W Q∆ = + U∆ ( )0 1 0 0 11.2p V nV p V+ = 1 4 LV = 0 100 mLV = 8n = 1 1 273 K 260 KT t= + = 5 LV = 5 2 0 1.2 10 Pamgp p S = + = × 1 1 2 V V T T = 2 325 KT = 2 2 273 K 52t T= − = ℃ 4= m=0.4 m10 v f λ = 3 4物理试题 第 15 页（共 16 页） 物理试题 第 16 页（共 16 页） ………………○………………内………………○………………装………………○………………订………………○………………线………………○……………… 此 卷 只 装 订 不 密 封 ………………○………………外………………○………………装………………○………………订………………○………………线………………○……………… .2 m=5 λ，则 A、B 两质点不可能同时到达平衡位置，且当 A 质点处于波峰时，B 质点恰好处于平衡 位置，选项 B 正确，C 错误；D．因 T=0.1 s，则 A、B 均开始振动后，0.2 s 内两质点的路程均为 8A=16 cm，选项 D 正确；E．若当 O 质点刚过平衡位置向上振动时，则 A 质点从波峰位置向下振动，B 质点从 平衡位置向下振动；若当 O 质点刚过平衡位置向下振动时，则 A 质点从波谷位置向上振动，B 质点从平 衡位置向上振动；则 A、B 两质点振动方向一定相同，选项 E 正确。故选 BDE。 （2）（10 分）（i） （ii） 30° 【解析】（i）由题意知，入射角 i＝45°，折射角 r＝∠BAO（1 分） 由几何关系有：sinr＝ ＝0.5（1 分） 由折射定律有：n＝ （1 分） 代入数据解得：n＝ （1 分） （ii）如图，设在 A 点的入射角为 i'时，光束经折射后到达内球面上 E 点，并在 E 点恰发生全反射，则 光束在内球面上的入射角∠AED 恰等于临界角 C 由 sinC＝ （1 分） 代入数据得：∠AED＝C＝45°（1 分） 由正弦定理有 sin∠AEO=sin∠AED，AO＝2R，EO＝R（1 分） 解得：sin∠EAO＝ （1 分） 由折射定律有：n＝ （1 分） 解得：sini'＝0.5，即此时的入射角 i'＝30°（1 分） 1 2 2n = i′ = BO AO sin sin i r 2 1 n sin sinAEO EAO AO EO ∠ ∠= sin 2 2 4 AED∠ = sin sin i EAO ′ ∠