巴蜀中学2020届高考适应性月考卷（八）理综-答案.doc

巴蜀中学 2020 届高考适应性月考卷（八） 理科综合参考答案 一、选择题：本题共 13 小题，每小题 6 分。 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 答案 D A D D B C B C A D D D C 二、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分。在每小题给出的四个选项中，第 14～17 题只有一 项符合题目要求；第 18～21 题有多项符合题目要求，全部选对的给 6 分，选对但不全的给 3 分，有选错的给 0 分。 题号 14 15 16 17 18 19 20 21 答案 C B D D AC BC ABD BC 【解析】 1．植物体缺 Mg，导致叶绿素合成不足，不利于光反应的进行，进而会抑制暗反应速率，A 错误。抗体的化学本质是蛋白质，由核糖体参与合成，而酶的化学本质是蛋白质或 RNA， 所以并非所有的酶的合成都需要核糖体，B 错误。碘是甲状腺激素的元素组成之一，缺碘 不会抑制促甲状腺激素的合成，C 错误。蛋白质的元素组成有 C、H、O、N、S、P、Fe 等 元素，可能含有微量元素，D 正确。 2．当被运输物质的浓度很低，且其载体蛋白还未饱和时，主动运输的速率会随浓度的增大而 增大，A 正确。肾小管上皮细胞吸收葡萄糖是主动运输，而不是自由扩散，B 错误。神经 细胞的静息电位是由于 K+外流导致，而不是由细胞外部流入细胞内部，C 错误。细胞之间 的信息交流有的依赖细胞膜上的受体，也有可能是细胞内部的受体，还可以直接通过胞间 连丝，D 错误。 3．洋葱根尖细胞是植物细胞，有细胞壁，不存在吸水胀破现象，所以配置健那绿染液时无需 使用生理盐水，A 错误。该实验中，95%的酒精用于冲洗根尖组织，以及配置解离液，B 错误。预实验可以为进一步的实验摸索条件，以及检验实验设计的科学性、可行性，进而 减少人力、物力和财力的浪费，不能减小实验误差，C 错误。重复实验可以降低实验误差， 使实验结果更接近理论值，D 正确。 4．非同源染色体之间发生片段交换属于染色体结构的变异，A 错误。B 选项描述的是三倍体，而不是三体，三体是二倍体生物体细胞核中的 1 对同源染色体多了一条染色体的现象，B 错误。由配子直接发育而来的个体都是单倍体，C 错误。含一个染色体组的体细胞处于有 丝分裂的分裂期时，一条染色体上的两条姐妹染色单体上，由于基因突变，可能出现等位 基因，D 正确。 5．突变包括基因突变和染色体变异，若自然界中没有基因突变，则不会有等位基因，基因重 组就不会出现种类多样的配子，后代也就不会出现新的性状组合。同时又没有染色体变异， 则不会出现可遗传变异，所以生物无法进化，A 正确。生物多样性包括基因多样性、物种 多样性和生态系统多样性，B 错误。存在生殖隔离的生物一定不是同一个物种，C 正确。 达尔文的自然选择学说不能科学解释生物遗传变异的本质，D 正确。 6．烟草植物的花和叶片细胞中，遗传信息不可以从 RNA 流向 RNA，A 错误。高等植物根尖 成熟区的细胞不可以分裂，所以遗传信息不能从 DNA 到 DNA，B 错误。浆细胞中，遗传 信息存在 DNA→RNA→蛋白质的传递，C 正确。哺乳动物成熟红细胞中无细胞核和众多细 胞器，则不存在 DNA，也就无遗传信息的传递，D 错误。 7．五氧化二磷不可作食品干燥剂，故A错误。合成纤维是有机高分子，不属于无机非金属材 料，故C错误。酒精消毒的原理是使细菌蛋白质变性，故D错误。 8．如果足量的某酸是稀硝酸，反应后铁变为+3 价，则转移的电子数为 0.3NA，故A错误。甲 烷与氯气的取代反应无论两者的组成比是多少都得到四种取代产物，故B错误。标准状况 下，22.4L全部为S18O2，氧原子含有的中子数为 20NA，22.4L全部为C16O2，氧原子含有的 中子数为 16NA，22.4L混合气体的中子数为（16NA，20NA），故C正确。Cl2 溶入足量水中， 氯元素还以HClO的形式存在，故D错误。 9．根据X、Y在周期表中位于同一主族且Y原子核外电子数为X原子核外电子数的两倍，推断 出X为O、Y为S，Z的原子序数大于Y为短周期元素，Z为Cl，根据四种元素的质子数之和 为 47，推出W为C。X、Y与氢均可形成原子个数比为 1∶2 的化合物，如H2O、 ，故A 正确。Z为氯元素最高正价为+7，X为O元素没有+6 价，W为C最高正价为+4 价，故B错误。 S的非金属性弱于Cl，H2SO4 酸性弱于HClO4，故C错误。简单离子半径：S2－>Cl－>O2－， 故D错误。 10．Mn2+有催化作用，故A错误。硼酸的酸性弱于碳酸而强于碳酸氢根，故B错误。未指明 2H SCuCl2、FeCl3 的浓度关系，故C错误。实验现象说明Mg(OH)2 的碱性强于Al(OH)3，最高 价氧化物对应的水化物碱性越强，对应元素的金属性越强，故D正确。 11．制乙炔应该生成Ca(OH)2，A错误。锂与氧气在加热条件下反应，受锂活泼性的影响只能 生成Li2O，故B错误。向次氯酸钾溶液中滴加少量FeSO4 溶液，溶液为碱性，故C错误。 12．葡萄糖分子式为C6H12O6 和麦芽糖分子式为C12H22O11 结构不相似，组成上也不相差n个CH2， 故A错误。植物油中含有碳碳双键，和碘水发生反应，不能萃取碘，故B错误。 中 单键碳原子的四面体结构使得所有碳不在同一平面内，故C错误。 中有两种H，如图 所示 ，二氯代物的种数为 取代 1 种， 取代 4 种， 取代 2 种，共 7 种， 故D正确。 13．上层清液为饱和溶液， ，故A错误。c到a，pH逐渐减 小，说明Ur－的浓度逐渐减小，加入的盐酸增多，故水的电离程度减小，故B错误。b点， ， ， ， ，溶液呈 酸性， ，根据电荷守恒 ，可知 ， 根 据 元 素 守 恒 ， 可 得 ，可得 ，故C正确。pH=7 时， ， 根据电荷守恒 ，可得 ， 故D错误。 14． 处电场强度最小，且为零，故 A 错误。 点和 的电场强度沿 x 轴的分量的方向不同， 故 B 错误。粒子在 处的电势能最大，动能最小，故 D 错误。 15．设初速度为 ， ， ，所以 ，故 A 错误。因为 所以 所以 故 B 正确。水平位移的大小之比为 ，故 αα ββ αβ 5 3(Ur ) 4.9 10 7.0 10 mol/Lc − − −= × = × (HUr)p 0(Ur ) c c −   =   (HUr) (Ur )c c −= 6 a (HUr) 2.0 10K −= × (H ) (Ur ) (H )(HUr) c c cc + − += (H ) (OH )c c+ −> (Na ) (H ) (Cl ) (Ur ) (OH )c c c c c+ + − − −+ = + + (Na ) (Cl ) (Ur )c c c+ − −< + (Na ) (Ur ) (HUr) 2 (Ur )c c c c+ − −= + = 2 (Ur ) (Cl ) (Ur )c c c− − −< + (Cl ) (Ur )c c− −> (H ) (OH )c c+ −= (Na ) (H ) (Cl ) (Ur ) (OH )c c c c c+ + − − −+ = + + (Na ) (Cl ) (Ur )c c c+ − −= + 1x O 2x 1x 0v y 0 3 3A =v v y 03B =v v 1 2 AyOA AB By Ay t t = =− v v v 1 3 OA OB t t = ， 1 9 OA OB h h = ， 1 8 OA AB h h = ， 1 2 OA OA AB AB x t x t = =C 错误。速度的大小的改变量之比 ，故 D 错误。 16．由开普勒第三定律得 ，所以 ，所以 ，故 A 错误。P 为地球赤道上一点，P 点角速度等于同步卫星的角速度，根据 ，所以有 ，故 B 错误。根据 ，得 ，所以 ， 故 C 错误。综合 B、C，有 ， ，得 ，故 D 正确。 17．如果一起向上加速，弹簧的弹力会变大，弹簧长度变大，故 A 错误。B 的机械能的增量 等于支持力和弹簧弹力做的总功，故 B 错误。向左进入粗糙轨道瞬间，斜面减速，弹簧 的弹力不突变，A 对 B 的支持力变大，故 C 错误。斜面竖直方向平衡，因为 B 对 A 的压 力增大，弹簧弹力不变，地面对斜面的支持力增大，故 D 正确。 18．磁励磁线圈的电流产生磁场 B∝I，电子带负电向左射入时，由左手定则知 B 垂直纸面向 里，又由右手螺旋定则知 I 为顺时针，故 A 正确。增大电子枪的加速电压时，由 知，电子速度 增大，又由 ，知 R 增大，故 B 错误。增大励磁线圈中的电流时， B 增大，R 减小，故 C 正确。由 ，知 T 与 无关，故 D 错误。 19． ，故 A 错误。 ，故 B 正确。线框的 合力为重力，故 C 正确。安培力做的总功为零，故 D 错误。 20．画出受力分析，易知 A 正确。从 A 到 B 有 ，得 ，在 B 点对 小球有 得 ，故 B 正确。若撤去磁场，依然把小球从 A 点静 止释放，切向受力不变，小球能到达 B 点，且时间不变，故 C 错误，D 正确。 0 0 0 0 0 2 3 2 3 33 2 3 6 2 32 3 A B A −− −= =− −− v vv v v v v v 32T r T r    =         量子 量子 同步 2 3T k T n    =      量子 3kT Tn  =   量子 rω=v 1P P r nR n r R = = =同 同v v 2 2 MmG mr r = v GM r =v r n r k = =同量 同 量 v v Pn=同v v p n n k =量v v 3 p n k =量v v 21 2eU m= v v mR Be = v 2πmT Be = v 20 LkEEE +=+= 感动总 2 0( 4t kLF B IL B kt LR = = +  安 ） 21 2 BmgR qER m− = v 2 gR=Bv 2 N mg q B m R − − = vv mgN 2 5=21．电键 接 a， ，上板带正电，电键 断开时， ，上板 带正电，电荷量减少， ，故 B 正确。 电键 接 b ， ，上板带负电，所以电容器先放电，再反向充电， ，故 C 正确。 三、非选择题 （一）必考题：共 11 题，共 129 分。 22．（每空 2 分，共 6 分） （1）CD （2） 23．（每空 3 分，共 9 分） （1）2 （2）①电路连线如图所示（每根线 1 分，共 3 分） ② 24．（12 分） 解：（1） 图象如图所示 水火箭刚离开地面时， ① 由图象可知水火箭刚离开地面所用时间为 ② （由图象直接得出 ，也可给 4 分） （2）图中阴影部分的“面积”，就是水火箭从离开到 过程中推力与重力的合力的冲 量 I 合 即 ③ 时，“水火箭”的质量为 ④ 由动量定理得 ，解得速度 ⑤ 评分标准：本题共 12 分。正确画出 图象给 3 分，正确得出④式给 1 分，其余各 式各给 2 分。 2S V75.04 3 == EU aC 2S V4.05 2 0 == EUC 6 7 0( ) 2 10 0.75 0.4 7 10 CCa CQ C U U − −∆ = − = × × − = ×（ ） 2S V125.08 1 == EU bC 6 6 0( ) 2 10 0.125 0.4 1.05 10 CCb CQ C U U − −′∆ = + = × × + = ×（ ） 2 (1 cos ) 2 (1 cos ) 2 (1 cos )a b am gL m gL m gLα β γ− = − − − (1 cos ) (1 cos ) (1 cos )a b am m mα β γ− = − + − 2 0 0 π 24 d U IL G t− F G= 1st = 1st = 4st = 3 5 3 7.5 2 2 N s 18.75N sI × × += =   合 4st = 1.25 0.25 0.25kgm t= − = 0I m= −合 v 75m/sI m = =合v G t−25．（20 分） 解：（1）对金属棒 ab 受力分析 由牛顿第二定律得 ① 又 R0 与金属棒 cd 的电阻 R2 并联， ② 金属棒 ab 切割磁感线产生的感应电动势为 ③ 又 ④ 故流过金属棒 ab 的感应电流为 ⑤ 联解①～⑤并代入数据整理得 ⑥ 由图乙中的截距可知 ，解得加速度 ⑦ 由图乙中的斜率可知 ，解得磁感应强度 ⑧ （2） 时，金属棒 ab 的速度 ⑨ 金属棒 ab 的位移 ⑩ 对金属棒 ab，由动能定理得 ⑪ 解得棒 ab 克服安培力做功 ⑫ 由于金属棒 cd 不切割磁感线，不产电，故金属棒 ab 克服安培力做功等于回路中的总焦耳热 即 ⑬ 又由 ， 可知 ⑭ 联解得金属棒 cd 产生的焦耳热 ⑮ （3）cd 棒下滑过程中受到滑动摩擦力 又 1 1– –F m g BIL m aµ = 0 2 0 2 1R RR R R = = Ω+并 E BL= v at=v 1 1 E BLatI R R R R = =+ +并 并 2 2 1 1 1 ( ) B L aF m a m g tR R µ= + + + 并 1 1 11m a m gµ+ = 21m/sa = 2 2 1 15 11 2 B L a R R −=+ 并 1TB = 2st = 1 2m/sat= =v 2 1 2m2 atx = = 2 1 1 1 1 1 2FW m gx W mµ− − =克安 v 60JW =克安 0R ab cdW Q Q Q= + +克安 2Q I Rt= 0 2 ab R cd II I= = 0 4 ab R cd QQ Q= = 10JcdQ = Ncdf Fµ= N 1 2F B IL= 联解得 ⑯ cd 棒最大速度时，cd 棒合力为零，所需时间为 t0，即 ⑰ 解得 ⑱ cd 棒达到最大速度后，继续向下做减速运动，到速度为零时，因 重力小于最大静摩擦力而静止 最终为静摩擦力 ，其 图如图所示（2 分，其中图 线 1 分，坐标 1 分） 评分标准：本题共 20 分。正确画出 图象给 2 分，正确得出①～⑱式各给 1 分。 26．（每空 2 分，共 14 分） （1）SiO2+2C ===== 高温 Si+2CO↑ （2）H2、H2S 2S2－+ +O2+2H2O=2S↓+4NH3·H2O （3）氧化Fe2+为Fe3+，便于除尽 （4）蒸发浓缩、冷却结晶 （5）①10.4 ②在搅拌下向足量稀盐酸中分批加入滤渣，待观察不到气泡产生后，过滤， 向滤液中加入少量Ba(OH)2，用pH试纸测量溶液pH，在大于 4.7 小于 8.5 时，过滤 【解析】（2）足量炭焙烧重晶石矿粉的产物中Fe、BaS与盐酸反应产生H2、H2S，其中H2S 被过量氨水吸收生成(NH4)2S，(NH4)2S被通入空气中的氧气氧化生成淡黄色硫和氨水， 离子方程式为 2S2－+ +O2+2H2O=2S↓+4NH3·H2O。 （3）氧化Fe2+为Fe3+，便于除尽。 （4）产品氯化钡晶体（BaCl2·H2O）带有结晶水，获得它的晶体用蒸发浓缩、冷却结晶。 （5）①使 0.2mol BaSO 4 全部转化为BaCO 3 需要Na 2CO3 0.2mol，生成 0.2mol， =0.4mol/L， ， ， ， ， 。 ②在搅拌下向足量稀盐酸中分批加入滤渣，待观察不到气泡产生，溶解Fe2O3 和BaCO3， 1 1 0.452 ( )cd BLatf B L tR R µ= =+ 并 2 00.45cdf m g t= = 0 20st = 2cdf m g= –cdf t –cdf t 44NH+ 44NH+ 2 4SO − 2 4(SO )c − 10 sp 42 10 2 4 (BaSO ) 1.0 10(Ba ) 2.5 10 mol/L(SO ) 0.4 Kc c − + − − ×= = = × 2 3(CO )c − = 9 sp 3 2 10 (BaCO ) 2.5 10 10mol/L(Ba ) 2.5 10 K c − + − ×= =× 2 3(CO ) 5moln − = 2 3(Na CO ) 0.2 5 5.2moln = + = 2 3(Na CO ) 10.4mol/Lc =过滤，去掉SiO2，向滤液中加入少量Ba(OH)2，用pH试纸测量溶液pH，在大于 4.7 小于 8.5 时，过滤。 27．（除特殊标注外，每空 2 分，共 15 分） （1）①−1628.2 ②溶胶—凝胶法制备的催化剂表面积更大，则催化效率更大（答催化剂 粒径大小也可得分） 4NH3+2SO2+O2+2H2O=2(NH4)2SO4 （2）①0.03（1 分） ②通入一定量的 NO ③1.33 （3）① +8e−+6H2O=NH3↑+9OH− ②13 【解析】（1）①根据盖斯定律，由 3 。②“溶胶—凝胶 法”制得的催化剂为胶体，“共沉淀法”的制得的催化剂为沉淀，所以“溶胶—凝胶法” 制得的催化剂表面积更大或者颗粒更小，则催化效率高。加入 SO2 气体后生成（NH4）2SO4， 根据原子守恒，参加反应的物质一定有 SO2、NH3、H2O，根据价态分析，为氧化还原反应， 所以有 O2 参与反应，根据电子得失守恒，得出 2SO2+O2，根据原子守恒得出 2(NH4)2SO4， 最后确定 4NH3+2H2O，从而得出方程式：4NH3+2SO2+O2+2H2O=2(NH4)2SO4。 （2）①根据图象可知v(CO2)= mol·L−1·min−1。②50min时改变某一条件后，新平衡下 反应物生成物浓度都增加且平衡常数没有改变，则不可能是改变温度，因为改变温度是 反应物浓度增加，生成物浓度减小，也不是改变催化剂，因为催化剂不改变平衡，则浓 度不会改变，由于体积不能改变，所以不可能是增大压强，故可能是加入一定量的NO， 或者等比例加入一定量的N2 和CO2。 ③ 因 为 平 衡 态 Ⅰ ， ， ， 故 。又因充入 后压强从 100kP变成 150kP，该反应为气体体积不变的反 应，故压强之比等于物质的量之比，又因体积不变，故压强之比也等于气体总浓度之比： 即新平衡总浓度为 3mol/L，因该反应为气体系数相等的反应，从总浓度 2mol/L变成 3mol/L可知，CO2 浓度增加量为 1mol/L。 3NO− 1 2 2 1628.2kJ/molH H H2 3∆ − ∆ − ∆ = − 0.3 10 (NO)=1mol/Lc 2(N ) 0.5mol/Lc = 2(O ) 0.5mol/Lc = 0.5 0.5 1 1 4K = = 2CO则三段式可列为： C+2NO N2 + CO2 2 0 1 ，解得 ，则NO浓度为 mol/L。 （3）①根据溶液中性且产生氨气，故电极反应式为 +8e−+6H2O=NH3↑+9OH−。② 通过电量为 77200C，则通过的电子的物质的量为 77200 96500=0.8mol，这时通过阳离子 交换膜的H+为 0.8mol，根据电极反应式可求出左侧生成的OH−为 0.9mol，则左侧剩余的 OH−为 0.1mol，其浓度为 0.1mol/L，则pH=13。 28．（除特殊标注外，每空 2 分，14 分） Ⅰ．（1）圆底烧瓶（1 分） 吸收氯气防止污染，防止外界水蒸气进入 （2）D 和收集器之间是细导管，容易堵塞 Ⅱ．浓盐酸（1 分） 2Fe3++Cu=2Fe2++Cu2+ （1）3mL 0.1mol/L FeCl2 溶液 （2）2Cu2++4SCN−=2CuSCN↓+(SCN)2 （3）生成的(SCN) 2 氧化 Fe2+发生反应(SCN)2+2Fe2+=2Fe3++2SCN−，生成的 Fe3+与 SCN−形成红色，震荡后 Cu2+与 SCN−继续反应，让 Fe3++3SCN− Fe(SCN)3 平衡逆向 移动，则红色褪去 【解析】Ⅰ．（1）A 的名称为圆底烧瓶，因为 FeCl3 易潮解，所以 E 要防止外界的水蒸气 进入，同时可能产生尾气氯气，所以要有防止污染的装置，所以 E 还有吸收氯气，防止 污染的作用。 （2）由于 FeCl3 熔点为 306℃、沸点为 315℃，所以在 D 处生成后经过玻璃导管容易冷凝 成固体堵塞导管。 Ⅱ．步骤一：因为于 FeCl3 极易水解，所以配制该溶液是先将固体溶液加入到浓溶液中，再 稀释到某一浓度；步骤二：FeCl3 可以将 Cu 氧化成 CuCl2，故离子方程式为 2Fe3++Cu= 2Fe2++Cu2+；步骤三：（1）根据反应所得溶液成分，含有 3mL 0.1mol/L FeCl2 和 0.05mol/L   2x x x 2 2x− x 1 x+ 2 (1 ) 1 (2 2 ) 4 x x x + =−  1 3x = 4 3 3NO− ÷CuCl2 溶液，证明时要控制变量，所以①中的 A 是 3mL 0.1mol/L FeCl2 溶液，根据②中的 实验现象及已知信息可得离子方程式为 2Cu2++4SCN−=2CuSCN↓+(SCN)2，实验③中， 局 部 变 红 说 明 有 Fe2+ 变 成 了 Fe3+ ， 则 说 明 生 成 的 (SCN)2 氧 化 Fe2+ 发 生 反 应 (SCN)2+2Fe2+=2Fe3++2SCN−，生成的 Fe3+与 SCN−形成红色，震荡后 Cu2+与 SCN−继 续反应，让 Fe3++3SCN− Fe(SCN)3 平衡逆向移动，则红色褪去。 29．（除特殊标注外，每空 2 分，共 11 分） （1）叶绿体基质、类囊体薄膜 （答对 1 个给 1 分） （2）A、B（选填，不拆分） （3）①光照强度 叶片光合色素含量、酶的数量等（答对 1 个给满分） ②b 点（1 分） a 点时小球藻光合作用强度等于呼吸作用强度，没有有机物的积累，b 点时有积累，因此 b 点的干重大于 a 点（要求答出比较关系） 【解析】（1）试管甲光合作用过程中，首先利用 C18O2 是在暗反应阶段，发生在叶绿体基 质中；试管乙光合作用过程中首先利用 H218O 发生在光反应阶段水的光解，场所为类囊 体薄膜。 （2）光照一段时间后，甲、乙两组均停止二氧化碳供应，再将其同时置于黑暗条件下， 此时产生的气体 A、B 中均含 18O。 （3）①本实验中自变量为光源与装置的距离，即光照强度，因变量为气泡产生速率，即 光合作用强度，因此研究的是光照强度对光合作用强度的影响。c 点光源与装置的距离 较小，光照较强，达到光饱和点，此时的限制因素是叶片光合色素含量、酶的数量等。 ②干重可以表示净光合作用强度，由于 a 点时小球藻光合作用强度等于呼吸作用强度， 没有有机物的积累，b 点时光合作用强度大于呼吸作用强度，有有机物积累，因此 b 点 的干重较 a 点多。 30．（除特殊标注外，每空 2 分，共 8 分） （1）胰高血糖（1 分） 下丘脑（1 分） 血糖（或葡萄糖）、神经递质、胰岛素（答 对 1 个给 1 分，答对 2 个给满分）； （2）同一种神经递质对不同细胞可能发挥不同的作用 （3）饮食过咸会使血浆渗透压升高，刺激 A（下丘脑）中渗透压感受器，使其产生并由 F （垂体）释放的①增加，使 B（肾小管、集合管）对水分的重吸收增强，排出的尿量减少 【解析】（1）人体在饥饿时，一方面，血糖浓度下降直接剌激胰岛 A 细胞分泌胰高血糖素， 促进肝糖原的分解和非糖物质转化为葡萄糖，使血糖浓度上升；另一方面，位于下丘脑 的血糖调节中枢通过传出神经支配胰岛 A 细胞和肾上腺，使它们分泌相应激素，使血糖 浓度上升，此过程属于神经—体液调节。由上述血糖调节过程可知，胰岛 A 细胞可识别 的信号分子有血糖（或葡萄糖）、神经递质。同时，胰岛 A 细胞表面也有胰岛素的受体， 结合之后，抑制胰高血糖素的增加。 （2）研究发现人体的交感神经在饥饿时也会兴奋，并且其末梢释放去甲肾上腺素，该物 质能促进细胞 D 的分泌活动，却抑制细胞 C 的分泌活动，此现象说明同一种神经递质对 不同细胞可能发挥不同的作用。去甲肾上腺素是一种神经递质，作用于不同的效应器， 即胰岛 A、B 细胞产生不同的效应，推测是因为两种细胞中的相关受体不同，导致产生的 效应不同。 （3）某人饮食过咸会使血浆渗透压升高，刺激 A（下丘脑）中渗透压感受器，使其产生并 由 F（垂体）释放的①增加，使 B（肾小管、集合管）对水分的重吸收增强，排出的尿量 减少。 31．（每空 2 分，共 10 分） （1）种群密度 （2）灌木比草本植物高大，能获得更多的阳光 （3）①增加 在环境条件不受破坏的情况下，一定空间中所能维持的种群最大数量 ②不对，b 点之后的一段时间内，种群乙的 λ 值仍小于 1，说明这段时间种群乙的数量仍 在减少 【解析】（1）种植水稻时，每平方米一般控制在 45～55 株左右，从种群特征分析，这一 措施是控制好水稻的种群密度，以利于提高水稻产量。 （2）灌木比草本植物高大，能获得更多的阳光，因而灌木比草本植物具有更强的竞争力， 在演替过程中能逐渐取代草本植物而成为优势种。 （3）①c~d 段，种群甲的 λ 值大于 1，且数值保持不变，说明种群甲的数量呈“J”型增长。 图中 c 点之后，种群乙的数量达到 K 值，所谓 K 值，即在环境条件不受破坏的情况下， 一定空间中所能维持的种群最大数量。②不对。b 点之后的一段时间内，种群乙的 λ 值仍小于 1，说明这段时间种群乙的数量仍 在减少，因此 b 点时种群乙的数量并不是最少的。 32．（除特殊标注外，每空 2 分，共 10 分） （1）雌雄个体中均为灰身∶黑身=3∶1 雌性均为灰身，雄性个体中灰身∶黑身=1∶1 X、Y 染色体的同源区段（1 分） （2）2（1 分） 让 F1 中的灰身红眼长翅果蝇与品系②杂交，观察子代性状及比例 灰 身红眼长翅∶灰身红眼短翅∶黑身白眼长翅∶黑身白眼短翅=1∶1∶1∶1 【解析】（1）F2 中出现 3∶1 的性状分离比可能是伴性遗传也可能是常染色体遗传，若是 常染色体遗传，则性状与性别不关联；若是（XAXa 与 XAY）或者（XAXa 与 XAYa），其 子代性状之比也是 3∶1，但是性状要与性别相关联。 （2）两个纯合品系杂交，F1 一定是 AaBbDd 杂合子，因为 F2 中灰身红眼长翅果蝇占 9/16， 出现 9∶3∶3∶1 的类型，则说明只有这三对等位基因必然有两对是连锁型（即三对等位 基因位于两对同源染色体上），因为品系①②都是纯合子，所以 F1（AaBbDd）基因的 位置关系共有 3 种情况：①AB 连锁，ab 连锁，Dd 独立位于一对同源染色体上；②AD 连锁，ad 连锁，Bb 独立位于一对同源染色体上；③BD 连锁，bd 连锁，Aa 独立位于一 对同源染色体上。这三种情况下，F1 所产生的配子种类会有差异，所以通过与 aabbdd 测 交的形式，可以判断究竟是哪一种情况。 （二）选考题：共 45 分。 33．（15 分） （1）（5 分）ACD（选对 1 个给 2 分，选对 2 个给 4 分，选对 3 个给 5 分；每选错 1 个 扣 3 分，最低得分为 0 分） （2）（10 分） 解：ⅰ．抽气之前，有 ① 重物刚好离开地面时，有 ② 5 5 1 0 4 7110 Pa 8.1 10 Pa10 Mgp p S −  = + = + = ×   0 xT mg p S Mg p S T= + = +、 5 5 0 4 4 71 6510 Pa 1.6 10 Pa10 10x Mg mgp p S S − −  = + − = + − = ×  ⅱ．第一次抽气后，有 ，得 ③ 第二次抽气后，有 ，得 ④ 以此类推，第 次抽气后容器中气体压强降为 ⑤ 要把重物拉动，则 ，得 ⑥ ，抽气机的活塞抽动 4 次后，可以拉动重物 ⑦ 评分标准：本题共 10 分。正确得出①、②、⑦式各给 2 分，其余各式各给 1 分。 34．（15 分） （1）（5 分）ABE（选对 1 个给 2 分，选对 2 个给 4 分，选对 3 个给 5 分；每选错 1 个 扣 1 分，最低得分为 0 分） 【 解 析 】 波的频率由波源的振动频率决定，故 A 正确。 根 据 对 称 性 可 知 ， 此 时 、 两点运动方向相同，故 B 正确。由图知波长 ，周期 为 ，该波的频率为 ，能与该波发生干涉的横波的频率一定 为 ，故 C 错误。时间 ，设波传到 点时间为 ，波传到 点时， 点向上运动，则经过 质点 刚好在波峰，其坐标为 ，故 D 错误。同理 E 正确。 （2）（10 分） 解：ⅰ．由于对称性，考虑从 AB 面入射的光线，这些光线在棱镜中是平行于 AC 面的， 由对称性和几何知识可得，光线进入 AB 面时的入射角 和折射角 分别为 ， ① 1 0 2 0 0 1 2pV p V V = +   2 1 2 3p p= 2 0 3 0 0 1 2p V p V V = +   2 3 2 1 2 2 3 3p p p = =    n 1 1 2 3 n np p+  =   5 n 1 1.6 10 Pap + ×≤ 5 52 8.1 10 1.6 103 n  × × ×   ≤ 4n所以， ≥ ( 2m 0cm)P − ， (2m 0cm)Q ， 2mλ = 2 s 0.4s5T λ= = = v 1 2.5Hzf T = = 2.5Hz 10.5s 14t T= = N T N N 0.5s N ( 5m 20cm)− ， α β 60α = ° 30β = °则材料的折射率为 ② ⅱ．如图 O 为 BC 中点，紧靠 B 点从 BC 面射出的光线与直线 交于 D，由图可知：当 光屏放在 D 点右侧时，根据对称性，光屏上形成两条光斑 由几何关系有 ③ 所以当光屏到 距离 超过 时，光斑分为两条 ④ 评分标准：本题共 10 分。正确得出①、④式各给 2 分，其余各式各给 3 分。 35．（除特殊标注外，每空 2 分，共 15 分） （1）s（1 分） （2）O>S>H（1 分） （3） （1 分） （4）ABD （5）ZnO是离子晶体，熔化时破坏离子键；而 是分子晶体，熔化时破坏分子间作 用力 （6） （7）①0.28 ②正八面体 ③0.7 36．（除特殊标注外，每空 2 分，共 15 分） （1） （2）羰基，酯基 取代反应（1 分） （3）苯乙酸乙酯 （4） （5）48 或 sin 3sinn α β= = AO 3 2tan 6 aOD aα= = BC d 3 6 a 2ZnCl 4 3 Π（6） （合理即可） 37．（除特殊标注外，每空 2 分，共 15 分） （1）大肠杆菌 黑（1 分） （2）青霉素抗性基因（或抗青霉素基因） （3）当样品的稀释度足够高时，培养基表面生长的一个菌落，来源于样品稀释液中的一 个活菌 （4）滤膜法 1.67×1011 血细胞计数法统计的是总菌数，而滤膜法统计时，当两个或多 个细胞连在一起，平板上观察到的只是一个菌落，故用滤膜法测得的菌落数偏低 （5）培养时间不足而导致计数时遗漏部分菌落 【解析】（1）伊红—美蓝培养基可用于鉴别自来水中的大肠杆菌，菌落呈黑色。 （2）若此培养基含有青霉素，则可用于筛选含青霉素抗性基因的大肠杆菌。 （3）当样品的稀释度足够高时，培养基表面生长的一个菌落，来源于样品稀释液中的一 个活菌。 （4）该过程采取的接种方法是过滤自来水后的滤膜放在此培养基上，此方法叫做滤膜法。 统计的菌落数应介于 30～300 之间，故选择细菌菌落数为 153、164 和 184 的平板计数。 每克该土壤样品中的菌落数对应的应该是每毫升菌液中的细菌数目，所以每升该土壤样 品中的菌落数为(153+164+184)÷3÷0.1×105×103=1.67×1011。使用滤膜法计数，当两个或多 个细胞连在一起时，平板上观察到的只是一个菌落，所以用此计数方法测得的细菌数较 少，而血细胞计数法计数统计的总菌数，包括活菌和死菌。 （5）统计菌落数目时，一定要选取菌落数目稳定时的记录数据作为结果，可以防止因培 养时间不足而导致计数时遗漏部分菌落。 38．（除特殊标注外，每空 2 分，共 15 分） （1）目的基因（1 分） 引物 耐高温的 DNA 聚合酶（TaqDNA 聚合酶） （2）RNA 聚合酶识别和结合部位，驱动转录出 mRNA 整个生物界共用一套密码子 （3）基因表达载体的构建 限制酶、DNA 连接酶 （4）X 基因的转录过程存在障碍；翻译过程存在障碍；胰岛素前体物质加工过程存在障碍等