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2017年浙江省丽水市中考数学试卷
一、选择题(本大题共10小题,每小题3分,共30分)
1.在数1,0,-1,-2中,最大的数是( )
A.-2 B.-1 C.0 D.1
【考点】有理数大小比较.
【分析】根据有理数大小比较的规律即可得出答案.
【解答】解:-2<-1<0<1,
所以最大的数是1,
故选D.
【点评】本题考查了有理数大小比较的方法.
(1)在数轴上表示的两点,右边的点表示的数比左边的点表示的数大.
(2)正数大于0,负数小于0,正数大于负数.
(3)两个正数中绝对值大的数大.
(4)两个负数中绝对值大的反而小.
2.计算a2•a3,正确结果是( )
A.a5 B.a6 C.a8 D.a9
【考点】同底数幂的乘法.
【分析】根据同底数幂的乘法进行计算即可.
【解答】解:a2•a3=a2+3=a5,
故选A.
【点评】本题考查了同底数幂的乘法运算,掌握同底数幂的乘法运算法则:底数不变,指数相加是解题的关键.
3.如图是底面为正方形的长方体,下面有关它的三个视图的说法正确的是( )
A.俯视图与主视图相同B.左视图与主视图相同
C.左视图与俯视图相同D.三个视图都相同
【考点】简单几何体的三视图.
【分析】根据从正面看得到的视图是主视图,从左边看得到的图形是左视图,从上面看得到的图形是俯视图,可得答案.
【解答】
解:A、俯视图是一个正方形,主视图是一个长方形,故A错误;
B、左视图是一个长方形,主视图是个长方形,且两个长方形的长和宽分别相等,所以B正确;
C、左视图是一个长方形,俯视图是一个正方形,故C错误;
D、俯视图是一个正方形,主视图是一个长方形,左视图是一个长方形,故D错误;
故选:B.
【点评】本题考查了简单组合体的三视图,从正面看得到的视图是主视图,从左边看得到的图形是左视图,从上面看得到的图形是俯视图.
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4.根据PM2.5空气质量标准:24小时PM2.5均值在0∽35(微克/立方米)的空气质量等级为优.将环保部门对我市PM2.5一周的检测数据制作成如下统计表,这组PM2.5数据的中位数是( )
A.21微克/立方米B.20微克/立方米
C.19微克/立方米D.18微克/立方米
【考点】中位数;统计表.
【分析】按大小顺序排列这组数据,最中间那个数是中位数.
【解答】解:从小到大排列此数据为:18,18,18,20,21,29,30,位置处于最中间的数是:20,
所以组数据的中位数是20.
故选B.
【点评】此题主要考查了中位数.找中位数的时候一定要先排好顺序,然后再根据奇数和偶数个来确定中位数,如果数据有奇数个,则正中间的数字即为所求,如果是偶数个则找中间两位数的平均数.
5.化简的结果是( )
A.x+1 B.x-1 C.x2-1 D.
【考点】分式的加减法.
【专题】计算题;分式.
【分析】原式变形后,利用同分母分式的减法法则计算即可得到结果.
【解答】
解:
故选A
【点评】此题考查了分式的加减法,熟练掌握运算法则是解本题的关键.
6.若关于x的一元一次方程x-m+2=0的解是负数,则m的取值范围是( )
A.m≥2B.m>2C.m<2D.m≤2
【考点】解一元一次不等式;一元一次方程的解.
【分析】根据方程的解为负数得出m-2<0,解之即可得.
【解答】
解:∵程x-m+2=0的解是负数,
∴x=m-2<0,
解得:m<2,
故选:C.
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【点评】本题主要考查解一元一次方程和一元一次不等式的能力,根据题意列出不等式是解题的关键.
7.如图,在▱ABCD中,连结AC,∠ABC=∠CAD=45°,AB=2,则BC的长是( )
【考点】平行四边形的性质.
【分析】证出△ACD是等腰直角三角形,由勾股定理求出AD,即可得出BC的长.
【解答】
解:∵四边形ABCD是平行四边形,
∴CD=AB=2,BC=AD,∠D=∠ABC=∠CAD=45°,
∴AC=CD=2,∠ACD=90°,
即△ACD是等腰直角三角形,
故选:C.
【点评】本题考查了平行四边形的性质、勾股定理、等腰直角三角形的判定与性质;熟练掌握平行四边形的性质,证明△ACD是等腰直角三角形是解决问题的关键.
8.将函数y=x2的图象用下列方法平移后,所得的图象不经过点A(1,4)的方法是( )
A.向左平移1个单位B.向右平移3个单位
C.向上平移3个单位D.向下平移1个单位
【考点】二次函数图象与几何变换.
【分析】根据平移规律,可得答案.
【解答】
解:A、平移后,得,图象经过A点,故A不符合题意;
B、平移后,得,图象经过A点,故B不符合题意;
C、平移后,得,图象经过A点,故C不符合题意;
D、平移后,得图象不经过A点,故D符合题意;
故选:D.
【点评】主要考查了函数图象的平移,要求熟练掌握平移的规律:左加右减,上加下减.
9.如图,点C是以AB为直径的半圆O的三等分点,AC=2,则图中阴影部分的面积是( )
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【考点】扇形面积的计算;圆周角定理.
【分析】连接OC,根据已知条件得到∠ACB=90°,∠AOC=30°,∠COB=120°,解直角三角形得到AB=2AO=4,BC=23,根据扇形和三角形的面积公式即可得到结论.
【解答】
解:连接OC,
∵点C是以AB为直径的半圆O的三等分点,
∴∠ACB=90°,∠AOC=60°,∠COB=120°,
∴∠ABC=30°,
∵AC=2,
∴AB=2AO=4,BC=23,
∴OC=OB=2,
故选A.
【点评】此题主要考查了扇形面积求法,利用已知得出理解阴影部分的面积等于扇形OCD的面积是解题关键.
10.在同一条道路上,甲车从A地到B地,乙车从B地到A地,乙先出发,图中的折线段表示甲、乙两车之间的距离y(千米)与行驶时间x(小时)的函数关系的图象,下列说法错误的是( )
A.乙先出发的时间为0.5小时
B.甲的速度是80千米/小时
C.甲出发0.5小时后两车相遇
D.甲到B地比乙到A地早小时
【考点】函数的图象.
【分析】根据已知图象分别分析甲、乙两车的速度,进而分析得出答案.
【解答】
解:A、由图象横坐标可得,乙先出发的时间为0.5小时,正确,不合题意;
B、∵乙先出发,0.5小时,两车相距(100-70)km,∴乙车的速度为:60km/h,
故乙行驶全程所用时间为:
由最后时间为1.75小时,可得乙先到到达A地,
故甲车整个过程所用时间为:1.75-0.5=1.25(小时),
故甲车的速度为:
故B选项正确,不合题意;
C、由以上所求可得,甲出发0.5小时后行驶距离为:40km,乙车行驶的距离为:60km,40+60=100,故两车相遇,故C选项正确,不合题意;
D、由以上所求可得,乙到A地比甲到B地早:
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(小时),故此选项错误,符合题意.
故选:D.
【点评】本题考查了利用函数的图象解决实际问题,解决本题的关键正确理解函数图象横纵坐标表示的意义,理解问题的过程,就能够通过图象得到函数问题的相应解决.
二、填空题(本大题共6小题,每小题4分,共24分)
11.分解因式:m2+2m=
【考点】因式分解-提公因式法.
【分析】根据提取公因式法即可求出答案.
【解答】解:原式=m(m+2)
故答案为:m(m+2)
【点评】本题考查因式分解,解题的关键是熟练运用提取公因式法,本题属于基础题型.
12.等腰三角形的一个内角为100°,则顶角的度数是
【考点】等腰三角形的性质.
【分析】根据100°角是钝角判断出只能是顶角,然后根据等腰三角形两底角相等解答.
【解答】
解:∵100°>90°,
∴100°的角是顶角,
故答案为:100°.
【点评】本题考查了等腰三角形两底角相等的性质,先判断出100°的角是顶角是解题的关键.
13.已知a2+a=1,则代数式3-a-a2的值为
【考点】代数式求值.
【专题】计算题;实数.
【分析】原式后两项提取-1变形后,将已知等式代入计算即可求出值.
【解答】
解:∵a2+a=1,
∴原式=3-(a2+a)=3-1=2.
故答案为:2
【点评】此题考查了代数式求值,利用了整体代入的思想,熟练掌握运算法则是解本题的关键.
14.如图,由6个小正方形组成的2×3网格中,任意选取5个小正方形并涂黑,则黑色部分的图形是轴对称图形的概率是
【考点】利用轴对称设计图案;列表法与树状图法.
【分析】直接利用已知得出涂黑后是轴对称图形的位置,进而得出答案.
【解答】
解:由题意可得:空白部分有6个位置,只有在1,2处时,
黑色部分的图形是轴对称图形,故黑色部分的图形是轴对称图形的概率是:
故答案为:
【点评】此题主要考查了利用轴对称设计图案,正确得出符合题意的位置是解题关键.
15.我国三国时期数学家赵爽为了证明勾股定理,创造了一幅“弦图”,后人称其为“赵爽弦图”
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,如图1所示.在图2中,若正方形ABCD的边长为14,正方形IJKL的边长为2,且IJ∥AB,则正方形EFGH的边长为
【考点】勾股定理的证明.
【分析】根据正方形面积公式,由面积的和差关系可得8个直角三角形的面积,进一步得到1个直角三角形的面积,再由面积的和差关系可得正方形EFGH的面积,进一步求出正方形EFGH的边长.
【解答】
解:(14×14-2×2)÷8
=(196-4)÷8
=192÷8
=24,
24×4+2×2
=96+4
=100,
.
答:正方形EFGH的边长为10.
故答案为:10.
【点评】考查了勾股定理的证明,关键是熟练掌握正方形面积公式,以及面积的和差关系,难点是得到正方形EFGH的面积.
16.如图,在平面直角坐标系xOy中,直线y=-x+m分别交x轴,y轴于A,B两点,已知点C(2,0).
(1)当直线AB经过点C时,点O到直线AB的距离是 ;
(2)设点P为线段OB的中点,连结PA,PC,若∠CPA=∠ABO,则m的值是
【考点】一次函数综合题.
【分析】(1)把点C的坐标代入函数解析式求得m的值;然后结合一次函数解析式求得A、B的坐标,然后利用等积法求得点O到直线AB的距离是
(2)典型的“一线三等角”,构造相似三角形△PCD∽△
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APB,对m的取值分析进行讨论,在m<0时,点A在x轴的负半轴,二此时,∠APC>∠OBA=45°,不合题意;故m>0.由相似比求得边的相应关系.
【解答】解:(1)当直线AB经过点C时,点A与点C重合,
当x=2时,y=-2+m=0,即m=2,
所以直线AB的解析式为y=-x+2,则B(0,2).
∴OB=OA=2,AB=22.
设点O到直线AB的距离为d,
(2)作OD=OC=2,连接CD.则∠PDC=45°,如图,
由y=-x+m可得A(m,0),B(0,m).
所以OA=OB,
则∠OBA=∠OAB=45°.
当m<0时,∠APC>∠OBA=45°,
所以,此时∠CPA>45°,故不合题意.
所以m>0.
因为∠CPA=∠ABO=45°,
所以∠BPA+∠OPC=∠BAP+∠BPA=135°,即∠OPC=∠BAP,则△PCD∽△APB,
解得m=12.
故答案是:12.
【点评】本题考查了一次函数综合题.需要掌握待定系数法求一次函数解析式,相似三角形的判定与性质,三角形面积的求法等知识点,另外,解题时,注意分类讨论数学思想的应用.
三、解答题(本大题共8小题,第17-19题每题6分,第20,21题每题8分,第22,23题每题10分,第24题12分,共66分)
17.计算:
【考点】实数的运算;零指数幂;负整数指数幂.
【分析】本题涉及零指数幂、负整数指数幂、二次根式化简3个考点.在计算时,需要针对每个考点分别进行计算,然后根据实数的运算法则求得计算结果.
【解答】
解:
=1-3+3
=1.
【点评】本题主要考查了实数的综合运算能
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力,是各地中考题中常见的计算题型.解决此类题目的关键是熟练掌握负整数指数幂、零指数幂、二次根式等考点的运算.
18.解方程:(x-3)(x-1)=3.
【考点】解一元二次方程-因式分解法.
【专题】计算题.
【分析】先把方程化为一般式,然后利用因式分解法解方程.
【解答】
解:方程化为x2-4x=0,
x(x-4)=0,
所以x1=0,x2=4.
【点评】本题考查了解一元二次方程-因式分解法:就是因式分解法就是利用因式分解求出方程的解的方法,这种方法简便易用,是解一元二次方程最常用的方法.
19.如图是某小区的一个健身器材,已BC=0.15m,AB=2.70m,∠BOD=70°,求端点A到地面CD的距离(精确到0.1m).(参考数据:sin70°≈0.94,cos70°≈0.34,tan70°≈2.75)
【考点】解直角三角形的应用.
【分析】作AE⊥CD于E,BF⊥AE于F,则四边形EFBC是矩形,汽车AF、EF即可解决问题.
【解答】
解:作AE⊥CD于E,BF⊥AE于F,则四边形EFBC是矩形,
∵OD⊥CD,∠BOD=70°,
∴AE∥OD,
∴∠A=∠BOD=70°,
在Rt△AFB中,∵AB=2.7,
∴AF=2.7×cos70°=2.7×0.34=0.918,
∴AE=AF+BC=0.918+0.15=1.068≈1.1m,
答:端点A到地面CD的距离是1.1m.
【点评】本题考查解直角三角形的应用、解题的关键是学会添加常用辅助线,构造直角三角形解决问题,属于中考常考题型.
20.在全体丽水人民的努力下,我市剿灭劣V类水“河道清淤”工程取得了阶段性成果,如表是全市十个县(市、区)指标任务数的统计表;如图是截止2017年3月31日和截止5月4日,全市十个县(市、区)指标任务累计完成数的统计图.
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全市十个县(市、区)指标任务数统计表
县(市、区)
任务数(万方)
A
25
B
25
C
20
D
12
E
13
F
25
G
16
H
25
I
11
J
28
合计
200
(1)截止3月31日,完成进度(完成进度=累计完成数÷任务数×100%)最快、最慢的县(市、区)分别是哪一个?
(2)求截止5月4日全市的完成进度;
(3)请结合图表信息和数据分析,对Ⅰ县完成指标任务的行动过程和成果进行评价.
【考点】条形统计图;统计表.
【分析】(1)利用条形统计图结合表格中数据分别求出C,I两县的完成进度;
(2)利用条形统计图结合表格中数据求出总的完成进度;
(3)可从识图能力、数据分析能力以及综合运用能力分析得出答案.
【解答】
解:(1)
所以截止3月31日,完成进度最快的是C县,完成进度最慢的是I县;
(2)全市的完成进度=(20.5+20.3+27.8+9.6+8.8+17.1+9.6+21.4+11.5+25.2)÷200×100%
=171.8÷200×100%
=85.9%;
(3)A类(识图能力):能直接根据统计图的完成任务数对I县作出评价;
B类(数据分析能力):能结合统计图通过计算完成对I县作出评价,
如:截止5月4日,超过全市完成进度;
C类(综合运用能力):能利用两个阶段的完成进度、全市完成进度的排序等方面对I县作出评价,
如:截止3月31日,完成进度全市最慢;
截止5月4日,超过全市完成进度,
104.5%-27.3%=77.2%,与其它县(市、区)对比进步幅度最大.
【点评】此题主要考查了条形统计图以及统计表的综合应用,利用图表获取正确信息是解题关键.
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21.丽水某公司将“丽水山耕”农副产品运往杭州市场进行销售,记汽车行驶时为t小时,平均速度为v千米/小时(汽车行驶速度不超过100千米/小时).根据经验,v,t的一组对应值如下表:
(1)根据表中的数据,求出平均速度v(千米/小时)关于行驶时间t(小时)的函数表达式;
(2)汽车上午7:30从丽水出发,能否在上午10:00之前到达杭州市场?请说明理由;
(3)若汽车到达杭州市场的行驶时间t满足3.5≤t≤4,求平均速度v的取值范围.
【 考 点 】 反比例函数的应用.
【 分 析 】(1)根据表格中数据,可知V是t的反比例函数,设,利用待定系数法求出k即可;
(2)根据时间t=2.5,求出速度,即可判断;
(3)根据自变量的取值范围,求出函数值的取值范围即可;
【 解 答 】
解:(1)根据表格中数据,可知,
∵v=75时,t=4,
∴k=75×4=300,
.
(2)∵10-7.5=2.5,
∴汽车上午7:30从丽水出发,不能在上午10:00之前到达杭州市场.
(3)∵3.5≤t≤4,
【点评】本题考查反比例函数的应用,待定系数法等知识,解题的关键是理解题意,灵活运用所学知识解决问题,属于基础题.
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22.如图,在Rt△ABC中,∠C=Rt∠,以BC为直径的⊙O交AB于点D,切线DE交AC于点E.
(1)求证:∠A=∠ADE;
(2)若AD=16,DE=10,求BC的长.
【 考 点 】 切线的性质;勾股定理.
【 分 析 】(1)只要证明∠A+∠B=90°,∠ADE+∠B=90°即可解决问题;
(2)首先证明AC=2DE=20,在Rt△ADC中,设BD=x,在Rt△BDC中,BC2=x2+122,在Rt△ABC中,BC2=(x+16)2-202,可得x2+122=(x+16)2-202,解方程即可解决问题;
【 解 答 】
(1)证明:连接OD,
∵DE是切线,
∴∠ODE=90°,
∴∠ADE+∠BDO=90°,
∵∠ACB=90°,
∴∠A+∠B=90°,
∵OD=OB,
∴∠B=∠BDO,
∴∠ADE=∠A.
(2)连接CD.
∵∠ADE=∠A,
∴AE=DE,
∵BC是⊙O的直径,∠ACB=90°,
∴EC是⊙O的切线,
∴ED=EC,
∴AE=EC,
∵DE=10,
∴AC=2DE=20,
在Rt△ADC中,
设BD=x,在Rt△BDC中,BC2=x2+122,在Rt△ABC中,BC2=(x+16)2-202,
∴x2+122=(x+16)2-202,
解得x=9,
【 点 评 】本题考查切线的性质、勾股定理、等腰三角形的判定和性质等知识,解题的关键是灵活运用所学知识解决问题,属于中考常考题型.
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23.如图1,在△ABC中,∠A=30°,点P从点A出发以2cm/s的速度沿折线A-C-B运动,点Q从点A出发以a(cm/s)的速度沿AB运动,P,Q两点同时出发,当某一点运动到点B时,两点同时停止运动.设运动时间为x(s),△APQ的面积为y(cm2),y关于x的函数图象由C1,C2两段组成,如图2所示.
(1)求a的值;
(2)求图2中图象C2段的函数表达式;
(3)当点P运动到线段BC上某一段时△APQ的面积,大于当点P在线段AC上任意一点时△APQ的面积,求x的取值范围.
【 考 点 】 三角形综合题.
【 分 析 】
(1)作PD⊥AB于D,根据直角三角形的性质得到,根据三角形的面积公式得到函数解析式,代入计算;
3,求出s inB,得到图象C2段的函数表达式;
【 解 答 】
解:(1)如图1,作PD⊥AB于D,
∵∠A=30°,
由图象可知,当x=1时,y=1解得,a=1;
(2)如图2,作PD⊥AB于D,由图象可知,PB=5×2-2x=10-2x,
PD=PB•s inB=(10-2x)•s inB,
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解得,x1=0,x2=2,
解得,x1=3,x2=2,
∴当2<x<3时,点P运动到线段BC上某一段时△APQ的面积,大于当点P在线段AC上任意一点时△APQ的面积.
【 点 评 】本题考查的是三角形的面积计算、二次函数的解析式的确定、二次函数的性质,根据图象确定x的运动时间与面积的关系是解题的关键
【 考 点 】 相似形综合题.
【 分 析 】
(1)直接利用等角的余角相等得出∠FGA=∠EFG,即可得出EG=EF,代换即可;
(2)先判断出△ABE∽△DAC,得出比例式用AB=DC代换化简即可得出结论;
(3)先判断出只有∠CFG=90°或∠CGF=90°,分两种情况建立方程求解即可.
【 解 答 】
解:设AE=a,则AD=na,
(1)由对称知,AE=FE,
∴∠EAF=∠EFA,
∵GF⊥AF,
∴∠EAF+∠FGA=∠EFA+∠EFG=90°,
∴∠FGA=∠EFG,
∴EG=EF,∴AE=EG;
(2)如图1,当点F落在AC上时,
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由对称知,BE⊥AF,
∴∠ABE+∠BAC=90°,
∵∠DAC+∠BAC=90°,
∴∠ABE=∠DAC,
∵∠BAE=∠D=90°,
∴△ABE∽△DAC,
,
∵AB=DC,
∴AB2=AD•AE=na2,
∵AB>0,
∴AB= na,
如图2,当点F落在线段BC上时,EF=AE=AB=a,此时
∴n=4,
∴当点F落在矩形内部时,n>4,
∵点F落在矩形内部,点G在AD上,
∴∠FCG<∠BCD,
∴∠FCG<90°,
①当∠CFG=90°时,如图3,则点F落在AC上,
∴n=16,
②当∠CGF=90°时,则∠CGD+∠AGF=90°,
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∵∠FAG+∠AGF=90°,
∴∠CGD=∠FAG=∠ABE,
∵∠BAE=∠D=90°,
∴△ABE∽△DGC,
∴AB•DC=DG•AE,
∵DG=AD-AE-EG=na-2a=(n-2)a,
【 点 评 】此题是相似形综合题,主要考查了矩形的性质,等腰三角形的判定,相似三角形的判定和性质,解(1)的关键是判断出EG=EF,解(2)的关键是判断出△ABE∽△DAC,解(3)的关键是分类讨论,用方程的思想解决问题,是一道中考常考题.
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