由莲山课件提供http://www.5ykj.com/ 资源全部免费
高一年级下学期期末考试理科数学试题
1.本试卷满分150分,答题时间120分钟。
2.请将答案直接填涂在答题卡上,考试结束只交答题卡。
3.本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分
第Ⅰ卷(选择题)
一、选择题(本大题共12个小题,每小题5分,共60分)
1. 若,是两条平行直线,则的值是( )
A. B. C. D.的值不存在
2. 已知直线经过点,倾斜角的正弦值为,则的方程为( )
A. B. C. D.
3.已知的三边长构成公差为的等差数列,且最大角的正弦值为,则这个三角形的周长为( )
A. B. C. D.
4.若,且,那么是( )
A.直角三角形 B.等边三角形 C.等腰三角形 D.等腰直角三角形
5.一个棱长为的正方体,被一个平面所截得几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为( )
A. B. C. D.
6.若实数满足,则的最小值是 ( )
A. B. C. D.
7.已知点在不等式组表示的平面区域上运动,则的取值范围( )
A. B. C. D.
由莲山课件提供http://www.5ykj.com/ 资源全部免费
由莲山课件提供http://www.5ykj.com/ 资源全部免费
8.已知实数满足的最小值为 ( )
A. B. C. D.
9.若是等差数列的前项和,其首项,,,则使成立的最小的自然数为( )
A.19 B.20 C.21 D.22
10.设分别是△中角所对边的边长,则直线与的位置关系是 ( )
A.平行 B.重合 C.垂直 D.相交但不垂直
11.已知某几何体的三视图如图所示,则该几何体的表面积为( )
A. B. C. D.
12.如图所示,正方体的棱长为,线段上有两个动点,且,则下列结论中错误的是( ).
A. B.
C.三棱锥的体积为定值 D.异面直线所成的角为定值
由莲山课件提供http://www.5ykj.com/ 资源全部免费
由莲山课件提供http://www.5ykj.com/ 资源全部免费
第Ⅱ卷(非选择题)
二、填空题(本大题共4个小题,每小题5分,共20分)
13.求经过点,且与两坐标轴所围成的三角形面积为的直线的方程____________.
14.《算法通宗》是我国古代内容丰富的数学名书,书中有如下问题:“远望巍巍塔七层,红灯向下倍加增,共灯三百八十一,请问塔顶几盏灯?”其意思为“一座塔共七层,从塔顶至塔底,每层灯的数目都是上一层的倍,已知这座塔共有盏灯,请问塔顶有几盏灯?”答____ 盏
15.已知直线恒过定点,若点在直线上,则的最小值为 .
16.在中,是角的对边,则下列结论正确的序号是_______.
① 若成等差数列,则;
② 若,则有两解;
③ 若,则;
④若,则.
三、解答题(本大题共6道题,共70分)
17.(本小题满分10分)在△中,已知,边上的中线所在直线
方程为,AC边上的高线所在直线方程为,
求:⑴ 顶点的坐标; ⑵ 边所在直线方程.
18. (本小题满分12分)在中,是角的对边,且.
(1)求的值;
(2)若,求的面积.
19.(本小题满分12分)如图,在三棱柱中,侧面,,,,为中点.
由莲山课件提供http://www.5ykj.com/ 资源全部免费
由莲山课件提供http://www.5ykj.com/ 资源全部免费
(1)证明:;
(2)在上是否存在一点,使得?若存在,确定点的位置;若不存在,说明理由.
20. (本小题满分12分)已知数列是公差大于零的等差数列,数列为等比数列,且,,,
(Ⅰ)求数列和的通项公式
(Ⅱ)设,求数列前项和
21、(本小题满分12分)已知在中,角的对边分别为,且.
(1)求的值;
(2)若,求的取值范围
22、(本小题满分12分)如图,在四棱锥中,底面,是直角梯形,,,
且,是的中点。
(1)求证:平面平面
(2)若二面角的余弦值为,求直线与平面所成角的正弦值。
由莲山课件提供http://www.5ykj.com/ 资源全部免费
由莲山课件提供http://www.5ykj.com/ 资源全部免费
大庆铁人中学高一年级下学期期末考试
理科试题答案
1.B 2. D 3. A 4.B 5.B 6. B7. C 8. A 9. B 10. C 11. D 12. D
13. 直线l的方程为2x+y+2=0或x+2y-2=0.
14.3
15.4
16.②③
17.解析 ⑴ KAC=-2,
∴AC:y-1=-2(x-5),即2x+y-11=0
由 联立解得C(4,3)
⑵设B(m,n) ,点在上,所以,m—2n—5=0 ①
A(5,1), 所以AB中点M的坐标为M,
点M在上,所以,②
由①②联立解得m=,n= ,所以B(—1,—3),
所以,BC边所在直线方程为
18.解:(1)由正弦定理可设,
所以,
所以.
(2)由余弦定理得c2=a2+b2﹣2abcosC,
即4=a2+b2﹣ab=(a+b)2﹣3ab,
又a+b=ab,所以(ab)2﹣3ab﹣4=0,
解得ab=4或ab=﹣1(舍去)
由莲山课件提供http://www.5ykj.com/ 资源全部免费
由莲山课件提供http://www.5ykj.com/ 资源全部免费
所以.
19.解:(1)∵AA1=A1C=AC=2,且O为AC中点,∴A1O⊥AC.
又侧面AA1C1C⊥底面ABC,交线为AC,A1O⊂平面A1AC,
∴A1O⊥平面ABC.(6分)
(2)存在点E,且E为线段BC1的中点.
取B1C的中点M,
从而O M是△CAB1的一条中位线,OM∥AB1,又AB1⊂平面A1AB,OM⊄平面A1AB,∴OM∥平面A1AB,故BC1的中点M即为所求的E点.(12分)
20.解:(Ⅰ)设数列{an}的公差为d(d>0),数列{bn}的公比为q,
由已知得:,解得:,
∵d>0,∴d=2,q=2,
∴,
即;
(Ⅱ)∵cn=anbn=(2n﹣1)2n,
∴①,
②,
②﹣①得:
=﹣2﹣23﹣24﹣…﹣2n+1+(2n﹣1)×2n+1
=
=6+(2n﹣3)×2n+1.
21.(1)由,
应用余弦定理,可得
化简得则
由莲山课件提供http://www.5ykj.com/ 资源全部免费
由莲山课件提供http://www.5ykj.com/ 资源全部免费
(2)
即
所以
因为 由余弦定理
得,
又因为,当且仅当时“”成立。
所以
又由三边关系定理可知
综上
22题.
(1)∵PC⊥平面ABCD,ACÌ平面ABCD,∴AC⊥PC,
∵AB=2,AD=CD=2,∴AC=BC=,
∴AC2+BC2=AB2,∴AC⊥BC,
又BC∩PC=C,∴AC⊥平面PBC,
∵ACÌ平面EAC,∴平面EAC⊥平面PBC. ---------------------6分
(2)由(1)知AC⊥平面PBC,∴AC⊥PC,
∴为二面角的平面角
∴
设,则
直线与平面所成角为
由莲山课件提供http://www.5ykj.com/ 资源全部免费
由莲山课件提供http://www.5ykj.com/ 资源全部免费
∴
由莲山课件提供http://www.5ykj.com/ 资源全部免费